湖南省名校聯(lián)合體2024~2025學(xué)年高三上學(xué)期入學(xué)摸底考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1名校聯(lián)考聯(lián)合體2025屆新高三年級(jí)入學(xué)摸底考試物理本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁(yè)。時(shí)量75分鐘，滿分100分。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共計(jì)24分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖所示，運(yùn)動(dòng)場(chǎng)上．一位同學(xué)將鉛球斜向上拋出，若不計(jì)空氣阻力，則鉛球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.在相等的時(shí)間內(nèi)鉛球的速度變化量都相等B.鉛球所受重力的瞬時(shí)功率與時(shí)間成正比C.鉛球在運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)之前處于超重狀態(tài)，經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)之后處于失重狀態(tài)D.在任意相等時(shí)間內(nèi)鉛球動(dòng)能的變化量相等〖答案〗A〖解析〗A．做斜上拋運(yùn)動(dòng)的物體只受重力的作用，所以其加速度為重力加速度，不發(fā)生變化，是勻變速運(yùn)動(dòng)，可知在相等的時(shí)間內(nèi)速度的變化都相等，故A正確；B．斜上拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上是先豎直上拋后做自由落體運(yùn)動(dòng)，重力的瞬時(shí)功率

PG=mgvy，且vy先向上減小后又反向增大不與時(shí)間成正比，故B錯(cuò)誤；C．鉛球從拋出一直只受重力作用，加速度為重力加速度，處于完全失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．做斜上拋運(yùn)動(dòng)的鉛球在豎直方向上先豎直上拋后做自由落體運(yùn)動(dòng)，任意相等時(shí)間內(nèi)豎直方向發(fā)生的位移大小不同，任意相等時(shí)間內(nèi)重力做功不等，由動(dòng)能定理可知?jiǎng)幽茏兓坎煌蔇錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出許多種不同頻率的光；其中巴耳末系是指氫原子由高能級(jí)向能級(jí)躍遷時(shí)釋放的光子。如果使這些氫原子躍遷發(fā)出的光形成光譜來(lái)觀察，則屬于巴耳末系的譜線條數(shù)是（）A.2條 B.3條 C.5條 D.6條〖答案〗A〖解析〗大量的處于的激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)可能直接躍遷到能級(jí)，也可能先躍遷到能級(jí)再躍遷到能級(jí)，所以光譜中屬于巴耳末系的譜線有2條，其他譜線都不屬于巴耳末系。故選A。3.2024年5月3日，搭載嫦娥六號(hào)探測(cè)器的長(zhǎng)征五號(hào)遙八運(yùn)載火箭，在中國(guó)文昌航天發(fā)射場(chǎng)點(diǎn)火發(fā)射，準(zhǔn)確進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道。5月8日10時(shí)12分，順利進(jìn)入環(huán)月軌道飛行。6月2日6時(shí)23分，嫦娥六號(hào)探測(cè)器著上組合體成功著陸月背南極一艾特肯盆地的預(yù)選著陸區(qū)。6月4日7時(shí)38分，嫦娥六號(hào)上升器攜帶月球樣品自月球背面起飛，14時(shí)48分，嫦娥六號(hào)上升器成功與軌道器和返回器組合體完成月球軌道的交會(huì)對(duì)接，并于15時(shí)24分將月球樣品容器安全轉(zhuǎn)移至返回器中。下列關(guān)于嫦娥六號(hào)的說(shuō)法正確的是（）A.嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道前需要點(diǎn)火加速B.嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道前需要制動(dòng)減速C.嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入環(huán)月軌道前需要點(diǎn)火加速D.嫦娥六號(hào)上升器與軌道器和返回器組合體完成月球軌道的交會(huì)對(duì)接時(shí)要減速〖答案〗A〖解析〗AB．嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道時(shí)需要點(diǎn)火加速。故A正確；故B錯(cuò)誤；C．嫦娥六號(hào)探測(cè)器需實(shí)施近月制動(dòng)，才能順利進(jìn)入環(huán)月軌道飛行。故C錯(cuò)誤；D．嫦娥六號(hào)上升器與軌道器和返回器組合體完成月球軌道的交會(huì)對(duì)接時(shí)要加速。故D錯(cuò)誤。故選A。4.獰貓主要分布在非洲以及亞洲西部、中部和南部等地，棲息在森林、多石的高山、熱帶稀樹草原和灌木叢林地一帶，常在洞穴和巖石裂縫中休息。獰貓是夜行性動(dòng)物，喜歡獨(dú)居，擅長(zhǎng)爬樹，跳躍能力極強(qiáng)，能捉降落或起飛時(shí)的鳥類。某只獰貓?jiān)诓妒硺渖系镍B時(shí)，先慢慢趴低身體，使身體貼近地面，然后突然蹬地向上加速，重心上升后離地向上運(yùn)動(dòng)，獰貓?jiān)陔x開地面前，其加速度a與重心上升高度的關(guān)系如圖所示，忽略空氣阻力，重力加速度取，則獰貓離地后速度大小約為（）A.2m/s B.5m/s C.6m/s D.8m/s〖答案〗D〖解析〗根據(jù)題意，設(shè)狩貓離地時(shí)速度為，如果做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，由公式整理得可知圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示，對(duì)于非勻變速直線運(yùn)動(dòng)該結(jié)果也成立，則解得，故選D。5.如圖所示，電路中的升壓變壓器為理想變壓器，三個(gè)交流電表也都是理想電表，為定值電阻。已知當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，則（）A.電壓表示數(shù)不變B.兩個(gè)電流表示數(shù)都減小C.變阻器的功率一定增大D.交流電源的輸入功率一定增大〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)題意，設(shè)升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為，將副線圈等效為原線圈中的一個(gè)等效電阻，則等效電阻為當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值減小，等效電阻的阻值減小，電流表的示數(shù)增大，原線圈輸入電壓減小，升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比不變，則副線圈輸出電壓減小，副線圈的電流增大，即電壓表示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大，故AB錯(cuò)誤；C．變阻器的功率等于等效電阻的功率，當(dāng)?shù)刃щ娮璧淖柚蹬c阻值相等時(shí)，等效電阻的功率最大，題中無(wú)法比較等效電阻的阻值與阻值的大小關(guān)系，無(wú)法確定變阻器的功率變化情況，故C錯(cuò)誤；D．交流電源的輸入電壓不變，輸入電流增大，則交流電源的輸入功率一定增大，故D正確。故選D。6.如圖所示，一個(gè)光滑導(dǎo)軌長(zhǎng)臂水平固定、短臂豎直，系有沒(méi)有彈性細(xì)線輕質(zhì)圓環(huán)套在長(zhǎng)臂上，細(xì)線另一端與質(zhì)量為的小球相連。左手扶住圓環(huán)右手拿起小球?qū)⒓?xì)線水平拉直，已知細(xì)線長(zhǎng)度為（單位為米），此時(shí)圓環(huán)距短臂，重力加速度為，若將圓環(huán)與小球同時(shí)釋放，則（）A.小球開始做圓周運(yùn)動(dòng)B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒C.小球運(yùn)動(dòng)的最大速度大小為D.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)前瞬間對(duì)繩子的拉力大小等于17m〖答案〗C〖解析〗A．輕環(huán)運(yùn)動(dòng)到短臂之前的過(guò)程中，細(xì)繩中沒(méi)有張力，故該過(guò)程小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，輕環(huán)與短臂碰撞后到球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，輕環(huán)被限制不動(dòng)，故此時(shí)小球開始繞輕環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)球運(yùn)動(dòng)至短臂正下方時(shí)，小球速度的方向變?yōu)樗?，之后繼續(xù)往左運(yùn)動(dòng)，輕繩將一直保持豎直，即小球做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．小球自由落體運(yùn)動(dòng)結(jié)束時(shí)，繩子繃直瞬間小球沿繩方向的速度瞬間變?yōu)榱?，有機(jī)械能損失，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．如圖所示，設(shè)輕環(huán)與短臂接觸時(shí)，繩子與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得設(shè)輕繩繃緊前的瞬間小球的速度為，對(duì)小球，從開始運(yùn)動(dòng)到輕繩繃緊前瞬間，根據(jù)動(dòng)能定理有解得輕繩繃緊后瞬間，小球垂直繩子的速度沿繩方向的速度變?yōu)榱?，從此時(shí)到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，對(duì)小球根據(jù)動(dòng)能定理有解得比較可知，小球的最大速度為，選項(xiàng)C正確；D．小球在運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)前瞬間，根據(jù)牛頓第二定律得解得選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸正向傳播，時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的速度的最小值為5m/sB.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)C.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q速度為零D.該波遇到寬度小于5m的障礙物時(shí)能發(fā)生能明顯的衍射現(xiàn)象〖答案〗AD〖解析〗A．由題意知，波向右傳播，由于所以該波至少傳播了；即波向右傳播的距離為（，，）所以（，，）當(dāng)時(shí)，周期最大，最大值為，此時(shí)波速最小，最小值為故A正確；B．根據(jù)波形平移法可知時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向上運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)刻波峰處于處，時(shí)刻波峰向右至少平移了，顯然質(zhì)點(diǎn)Q沒(méi)有在波峰位置，其速度不為零，故C錯(cuò)誤；D．發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是，障礙物或小孔的尺寸比波長(zhǎng)小或跟波長(zhǎng)差不多，所以該波遇到寬度小于的障礙物時(shí)能發(fā)生能明顯的衍射現(xiàn)象，故D正確。故選AD。8.某空間相距固定放置兩個(gè)點(diǎn)電荷A、B。如果以A電荷所在位置為原點(diǎn)，、連線為軸建立坐標(biāo)系，如圖甲所示，則軸上各點(diǎn)電勢(shì)隨坐標(biāo)的變化的圖像如圖乙所示。如果取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，則點(diǎn)電荷的電勢(shì)公式為，其中為靜電力常量、為場(chǎng)源點(diǎn)電荷的電荷量、為某點(diǎn)距場(chǎng)源點(diǎn)電荷的距離。則下列說(shuō)法正確的是（）A.點(diǎn)電勢(shì)為零B.與點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相反C.B的電荷量是A的電荷量的8倍D.〖答案〗BD〖解析〗A．電荷所在位置為原點(diǎn)，根據(jù)圖像，電荷周圍的電勢(shì)為正值，可知電荷帶正電；電荷所在位置，根據(jù)圖像，電荷周圍的電勢(shì)為負(fù)值，所以點(diǎn)電勢(shì)不可能為零，A錯(cuò)誤；B．分析可知電荷帶負(fù)電，兩點(diǎn)電荷為異種電荷，在軸上的區(qū)域內(nèi)，電勢(shì)逐漸升高，電場(chǎng)強(qiáng)度沿軸負(fù)方向，在軸上的區(qū)域內(nèi)，電勢(shì)逐漸降低，電場(chǎng)強(qiáng)度沿軸正方向，即與點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相反，B正確；CD．圖像中圖線的斜率絕對(duì)值表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，則處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，有由題圖可知、處的電勢(shì)為零，根據(jù)電勢(shì)公式有解得C錯(cuò)誤，D正確故選BD。9.一個(gè)柱狀玻璃磚的橫截面如圖所示，它由半圓和等腰三角形組成，其中為圓心，。一束單色光從光源射到圓面上的點(diǎn)，入射角，光束折射后與平行且恰好經(jīng)過(guò)中點(diǎn)。已知圓的半徑為，光在真空中的速度大小為，則（）A.玻璃磚材料的折射率為B.玻璃磚材料的折射率為C.光從點(diǎn)射入到離開玻璃磚時(shí)間為D.光從點(diǎn)射入到離開玻璃磚的時(shí)間為〖答案〗AC〖解析〗AB．由幾何關(guān)系可知，點(diǎn)的折射角，光的折射率代入數(shù)據(jù)解得故A正確；B錯(cuò)誤；C．畫出光束在玻璃磚內(nèi)傳播的光路圖如圖所示：據(jù)可得由幾何關(guān)系可知，，所以光束在點(diǎn)發(fā)生全反射，可得，，光在玻璃磚材料的速度所以光在玻璃磚內(nèi)傳播的時(shí)間故C正確；D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為，固定在豎直平面內(nèi)，兩根導(dǎo)軌上端用導(dǎo)線連接一個(gè)電容器，電容器的電容為，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直。現(xiàn)將質(zhì)量為、長(zhǎng)度也為的金屬棒緊貼導(dǎo)軌由靜止釋放，金屬棒沿著導(dǎo)軌下滑過(guò)程中始終保持水平且與導(dǎo)軌接觸良好，已知重力加速度為，金屬導(dǎo)軌和金屬棒電阻均不計(jì)，則當(dāng)金屬棒運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，有（）A.金屬棒做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為B.金屬棒受到的安培力大小為C.通過(guò)金屬棒的電流大小為D.電容器電荷量保持不變〖答案〗AC〖解析〗A．由題可知金屬棒受到的安培力為又所以所以安培力對(duì)金屬棒，由牛頓第二定律可得解得加速度恒定不變，所以金屬棒做勻變速運(yùn)動(dòng)，A正確；B．安培力B錯(cuò)誤；C．根據(jù)安培力的計(jì)算可知解得C正確；D．經(jīng)過(guò)時(shí)間電容器兩端的電量為所以電容器電量隨時(shí)間逐漸增大，D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5個(gè)小題，共56分。11.某實(shí)驗(yàn)小組做“探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。（1）為準(zhǔn)確完成實(shí)驗(yàn)，以下操作必要的是________。A.把木板的右端適當(dāng)墊高以平衡摩擦力B.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳飰K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行C.為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于物塊和傳感器的總質(zhì)量D.實(shí)驗(yàn)時(shí)物塊應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源再釋放物塊E.實(shí)驗(yàn)中需要用天平稱量物塊和傳感器的總質(zhì)量（2）已知電源頻率為，實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖乙所示，則物塊的加速度________。〖答案〗（1）ABD（2）1.1〖解析〗【小問(wèn)1詳析】A．用力傳感器測(cè)出拉力，從而得出物塊受到的合外力，故需要將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力。故A正確；B．為了減小誤差，調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳飰K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行，讓繩子的拉力等于物塊受到的合力。故B正確；C．本實(shí)驗(yàn)可通過(guò)拉力傳感器直接測(cè)得繩子拉力，故實(shí)驗(yàn)中不需要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于物塊和傳感器的總質(zhì)量。故C錯(cuò)誤；D．為了充分利用紙帶，物塊靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放物塊。故D正確。E．因?qū)嶒?yàn)探究“物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系”，故不需要用天平稱量物塊和傳感器的總質(zhì)量。故E錯(cuò)誤。故選ABD?！拘?wèn)2詳析】打點(diǎn)周期為物塊的加速度12.某同學(xué)要做“測(cè)金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬絲長(zhǎng)度示數(shù)如圖甲所示，其值為________；用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑示數(shù)如圖乙所示，其值為________；（2）先用多用電表歐姆擋的“”倍率粗測(cè)金屬絲的電阻，示數(shù)如圖丙所示，其電阻值為________；（3）實(shí)驗(yàn)電路如圖丁所示，根據(jù)電路圖完成圖戊中的實(shí)物連線________。（4）從實(shí)驗(yàn)原理上看，待測(cè)電阻測(cè)量值________（填“大于”“小于”或“等于”）其真實(shí)值。如果測(cè)得的金屬絲長(zhǎng)度為，直徑為d，電阻為，都采用國(guó)際單位制單位，則它的電阻率________。（用、d、字母表示）〖答案〗（1）23.7500.247（）（2）8.0或8（3）（4）小于〖解析〗【小問(wèn)1詳析】[1]20分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖甲可知金屬絲的長(zhǎng)度為[2]螺旋測(cè)微器的精確值為，由圖丙可知金屬絲的直徑為【小問(wèn)2詳析】金屬絲的電阻為【小問(wèn)3詳析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，如圖所示：【小問(wèn)4詳析】[1]電路圖采用了電流表外接法，考慮到電壓表分流的影響，電流表讀數(shù)偏大，根據(jù)歐姆定律可知待測(cè)電阻測(cè)量值小于其真實(shí)值。[2]根據(jù)電阻定律有，解得13.據(jù)浙江在線6月7日消息，62歲的“歌神”張學(xué)友原定7日晚上舉辦第4場(chǎng)“60+”巡演，因他感染了RSV（呼吸道合胞病毒），無(wú)法正常發(fā)聲，確定無(wú)法演出。呼吸道合胞病毒（Respiratorysyncytialvirus，RSV）屬于副黏病毒科的肺病毒屬，主要引起支氣管炎、肺炎、鼻炎等呼吸道感染。該病毒對(duì)熱敏感，60℃時(shí)10分鐘就可以滅活。如圖所示，絕熱汽缸被輕質(zhì)絕熱活塞分隔為A、B兩部分，A內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的混有呼吸道合胞病毒的空氣，其溫度為，閥門處于打開狀態(tài)，活塞恰好處于汽缸中部，。已知活塞和汽缸間無(wú)摩擦且不漏氣，求：（1）若對(duì)A內(nèi)氣體緩慢加熱，當(dāng)活塞與底部的距離為時(shí)，保持10分鐘能否對(duì)呼吸道合胞病毒滅活？（2）若關(guān)閉閥門，電熱絲通電一段時(shí)間使A內(nèi)氣體吸收了的熱量，穩(wěn)定后氣體A內(nèi)氣體內(nèi)能增加了，則此過(guò)程B內(nèi)氣體的內(nèi)能增加量是多少？〖答案〗（1）見〖解析〗；（2）2000J〖解析〗（1）設(shè)活塞橫截面積為，則對(duì)A氣體初始狀態(tài)有，末狀態(tài)有，閥門打開，加熱過(guò)程A氣體做等壓變化，由蓋·呂薩克定律得由以上各式可得所以可以滅活。（2）閥門閉合，由于系統(tǒng)絕熱，氣體膨脹對(duì)氣體做功，由熱力學(xué)第一定律有代入數(shù)據(jù)得對(duì)B氣體，由于系統(tǒng)絕熱，則此過(guò)程氣體B的內(nèi)能增加量為14.如圖所示，矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)；半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，矩形與圓相切于的中點(diǎn)，以所在直線為軸、軸與圓的切點(diǎn)為原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為、電荷量為的正離子，從點(diǎn)沿軸正方向射入磁場(chǎng)，而后經(jīng)過(guò)點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，最后恰好從點(diǎn)離開電場(chǎng)。已知長(zhǎng)度為，不計(jì)離子重力，求：（1）正離子射入時(shí)的初速度；（2）電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大?。唬?）離子從點(diǎn)到點(diǎn)的時(shí)間。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示由牛頓第二定律有根據(jù)幾何關(guān)系有解得（2）如圖可知，離子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)有聯(lián)立解得（3）由牛頓第二定律有解得離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為則離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為離子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間所以離子從點(diǎn)到點(diǎn)的時(shí)間15.如圖所示，質(zhì)量均為可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊M、N用勁度系數(shù)為的輕彈簧相連，靜止放置在傾角為的光滑斜面上，N下端與垂直斜面的擋板P接觸；現(xiàn)將質(zhì)量為的物體Q在斜面上M的上方某點(diǎn)由靜止釋放，Q和M碰撞后立即粘為一體，此后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體N恰好不離開擋板，彈簧始終在彈性范圍內(nèi)，重力加速度取，，。求：（1）M、Q整體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅；（2）M、Q碰撞后瞬間的速度大小；（3）Q在斜面上由靜止釋放的位置與M最初位置間的距離?！即鸢浮剑?）0.24m；（2）1.2m/s；（3）0.27m〖解析〗（1）彈簧彈力等MQ的重力的分力時(shí)處于平衡狀態(tài)，有可知，平衡位置時(shí)彈簧的形變量為彈簧處于壓縮狀態(tài)；運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體N恰好不能離開擋板，則有故彈簧應(yīng)伸長(zhǎng)到最大位移處，此時(shí)形變量此時(shí)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)；故簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為（2）Q與M碰撞之前，彈簧有解得此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)。則從物體Q與物體M剛碰后到物體N恰好不能離開擋板的過(guò)程，根據(jù)能量守恒有解得（3）物體Q與物體M碰撞過(guò)程根據(jù)動(dòng)量守恒有解得物體Q下滑的過(guò)程有解得名校聯(lián)考聯(lián)合體2025屆新高三年級(jí)入學(xué)摸底考試物理本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁(yè)。時(shí)量75分鐘，滿分100分。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共計(jì)24分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖所示，運(yùn)動(dòng)場(chǎng)上．一位同學(xué)將鉛球斜向上拋出，若不計(jì)空氣阻力，則鉛球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.在相等的時(shí)間內(nèi)鉛球的速度變化量都相等B.鉛球所受重力的瞬時(shí)功率與時(shí)間成正比C.鉛球在運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)之前處于超重狀態(tài)，經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)之后處于失重狀態(tài)D.在任意相等時(shí)間內(nèi)鉛球動(dòng)能的變化量相等〖答案〗A〖解析〗A．做斜上拋運(yùn)動(dòng)的物體只受重力的作用，所以其加速度為重力加速度，不發(fā)生變化，是勻變速運(yùn)動(dòng)，可知在相等的時(shí)間內(nèi)速度的變化都相等，故A正確；B．斜上拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上是先豎直上拋后做自由落體運(yùn)動(dòng)，重力的瞬時(shí)功率

PG=mgvy，且vy先向上減小后又反向增大不與時(shí)間成正比，故B錯(cuò)誤；C．鉛球從拋出一直只受重力作用，加速度為重力加速度，處于完全失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．做斜上拋運(yùn)動(dòng)的鉛球在豎直方向上先豎直上拋后做自由落體運(yùn)動(dòng)，任意相等時(shí)間內(nèi)豎直方向發(fā)生的位移大小不同，任意相等時(shí)間內(nèi)重力做功不等，由動(dòng)能定理可知?jiǎng)幽茏兓坎煌?，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出許多種不同頻率的光；其中巴耳末系是指氫原子由高能級(jí)向能級(jí)躍遷時(shí)釋放的光子。如果使這些氫原子躍遷發(fā)出的光形成光譜來(lái)觀察，則屬于巴耳末系的譜線條數(shù)是（）A.2條 B.3條 C.5條 D.6條〖答案〗A〖解析〗大量的處于的激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)可能直接躍遷到能級(jí)，也可能先躍遷到能級(jí)再躍遷到能級(jí)，所以光譜中屬于巴耳末系的譜線有2條，其他譜線都不屬于巴耳末系。故選A。3.2024年5月3日，搭載嫦娥六號(hào)探測(cè)器的長(zhǎng)征五號(hào)遙八運(yùn)載火箭，在中國(guó)文昌航天發(fā)射場(chǎng)點(diǎn)火發(fā)射，準(zhǔn)確進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道。5月8日10時(shí)12分，順利進(jìn)入環(huán)月軌道飛行。6月2日6時(shí)23分，嫦娥六號(hào)探測(cè)器著上組合體成功著陸月背南極一艾特肯盆地的預(yù)選著陸區(qū)。6月4日7時(shí)38分，嫦娥六號(hào)上升器攜帶月球樣品自月球背面起飛，14時(shí)48分，嫦娥六號(hào)上升器成功與軌道器和返回器組合體完成月球軌道的交會(huì)對(duì)接，并于15時(shí)24分將月球樣品容器安全轉(zhuǎn)移至返回器中。下列關(guān)于嫦娥六號(hào)的說(shuō)法正確的是（）A.嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道前需要點(diǎn)火加速B.嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道前需要制動(dòng)減速C.嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入環(huán)月軌道前需要點(diǎn)火加速D.嫦娥六號(hào)上升器與軌道器和返回器組合體完成月球軌道的交會(huì)對(duì)接時(shí)要減速〖答案〗A〖解析〗AB．嫦娥六號(hào)探測(cè)器進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道時(shí)需要點(diǎn)火加速。故A正確；故B錯(cuò)誤；C．嫦娥六號(hào)探測(cè)器需實(shí)施近月制動(dòng)，才能順利進(jìn)入環(huán)月軌道飛行。故C錯(cuò)誤；D．嫦娥六號(hào)上升器與軌道器和返回器組合體完成月球軌道的交會(huì)對(duì)接時(shí)要加速。故D錯(cuò)誤。故選A。4.獰貓主要分布在非洲以及亞洲西部、中部和南部等地，棲息在森林、多石的高山、熱帶稀樹草原和灌木叢林地一帶，常在洞穴和巖石裂縫中休息。獰貓是夜行性動(dòng)物，喜歡獨(dú)居，擅長(zhǎng)爬樹，跳躍能力極強(qiáng)，能捉降落或起飛時(shí)的鳥類。某只獰貓?jiān)诓妒硺渖系镍B時(shí)，先慢慢趴低身體，使身體貼近地面，然后突然蹬地向上加速，重心上升后離地向上運(yùn)動(dòng)，獰貓?jiān)陔x開地面前，其加速度a與重心上升高度的關(guān)系如圖所示，忽略空氣阻力，重力加速度取，則獰貓離地后速度大小約為（）A.2m/s B.5m/s C.6m/s D.8m/s〖答案〗D〖解析〗根據(jù)題意，設(shè)狩貓離地時(shí)速度為，如果做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，由公式整理得可知圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示，對(duì)于非勻變速直線運(yùn)動(dòng)該結(jié)果也成立，則解得，故選D。5.如圖所示，電路中的升壓變壓器為理想變壓器，三個(gè)交流電表也都是理想電表，為定值電阻。已知當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，則（）A.電壓表示數(shù)不變B.兩個(gè)電流表示數(shù)都減小C.變阻器的功率一定增大D.交流電源的輸入功率一定增大〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)題意，設(shè)升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為，將副線圈等效為原線圈中的一個(gè)等效電阻，則等效電阻為當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值減小，等效電阻的阻值減小，電流表的示數(shù)增大，原線圈輸入電壓減小，升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比不變，則副線圈輸出電壓減小，副線圈的電流增大，即電壓表示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大，故AB錯(cuò)誤；C．變阻器的功率等于等效電阻的功率，當(dāng)?shù)刃щ娮璧淖柚蹬c阻值相等時(shí)，等效電阻的功率最大，題中無(wú)法比較等效電阻的阻值與阻值的大小關(guān)系，無(wú)法確定變阻器的功率變化情況，故C錯(cuò)誤；D．交流電源的輸入電壓不變，輸入電流增大，則交流電源的輸入功率一定增大，故D正確。故選D。6.如圖所示，一個(gè)光滑導(dǎo)軌長(zhǎng)臂水平固定、短臂豎直，系有沒(méi)有彈性細(xì)線輕質(zhì)圓環(huán)套在長(zhǎng)臂上，細(xì)線另一端與質(zhì)量為的小球相連。左手扶住圓環(huán)右手拿起小球?qū)⒓?xì)線水平拉直，已知細(xì)線長(zhǎng)度為（單位為米），此時(shí)圓環(huán)距短臂，重力加速度為，若將圓環(huán)與小球同時(shí)釋放，則（）A.小球開始做圓周運(yùn)動(dòng)B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒C.小球運(yùn)動(dòng)的最大速度大小為D.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)前瞬間對(duì)繩子的拉力大小等于17m〖答案〗C〖解析〗A．輕環(huán)運(yùn)動(dòng)到短臂之前的過(guò)程中，細(xì)繩中沒(méi)有張力，故該過(guò)程小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，輕環(huán)與短臂碰撞后到球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，輕環(huán)被限制不動(dòng)，故此時(shí)小球開始繞輕環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)球運(yùn)動(dòng)至短臂正下方時(shí)，小球速度的方向變?yōu)樗剑罄^續(xù)往左運(yùn)動(dòng)，輕繩將一直保持豎直，即小球做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．小球自由落體運(yùn)動(dòng)結(jié)束時(shí)，繩子繃直瞬間小球沿繩方向的速度瞬間變?yōu)榱悖袡C(jī)械能損失，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．如圖所示，設(shè)輕環(huán)與短臂接觸時(shí)，繩子與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得設(shè)輕繩繃緊前的瞬間小球的速度為，對(duì)小球，從開始運(yùn)動(dòng)到輕繩繃緊前瞬間，根據(jù)動(dòng)能定理有解得輕繩繃緊后瞬間，小球垂直繩子的速度沿繩方向的速度變?yōu)榱?，從此時(shí)到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，對(duì)小球根據(jù)動(dòng)能定理有解得比較可知，小球的最大速度為，選項(xiàng)C正確；D．小球在運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)前瞬間，根據(jù)牛頓第二定律得解得選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸正向傳播，時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的速度的最小值為5m/sB.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)C.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q速度為零D.該波遇到寬度小于5m的障礙物時(shí)能發(fā)生能明顯的衍射現(xiàn)象〖答案〗AD〖解析〗A．由題意知，波向右傳播，由于所以該波至少傳播了；即波向右傳播的距離為（，，）所以（，，）當(dāng)時(shí)，周期最大，最大值為，此時(shí)波速最小，最小值為故A正確；B．根據(jù)波形平移法可知時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向上運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)刻波峰處于處，時(shí)刻波峰向右至少平移了，顯然質(zhì)點(diǎn)Q沒(méi)有在波峰位置，其速度不為零，故C錯(cuò)誤；D．發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是，障礙物或小孔的尺寸比波長(zhǎng)小或跟波長(zhǎng)差不多，所以該波遇到寬度小于的障礙物時(shí)能發(fā)生能明顯的衍射現(xiàn)象，故D正確。故選AD。8.某空間相距固定放置兩個(gè)點(diǎn)電荷A、B。如果以A電荷所在位置為原點(diǎn)，、連線為軸建立坐標(biāo)系，如圖甲所示，則軸上各點(diǎn)電勢(shì)隨坐標(biāo)的變化的圖像如圖乙所示。如果取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，則點(diǎn)電荷的電勢(shì)公式為，其中為靜電力常量、為場(chǎng)源點(diǎn)電荷的電荷量、為某點(diǎn)距場(chǎng)源點(diǎn)電荷的距離。則下列說(shuō)法正確的是（）A.點(diǎn)電勢(shì)為零B.與點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相反C.B的電荷量是A的電荷量的8倍D.〖答案〗BD〖解析〗A．電荷所在位置為原點(diǎn)，根據(jù)圖像，電荷周圍的電勢(shì)為正值，可知電荷帶正電；電荷所在位置，根據(jù)圖像，電荷周圍的電勢(shì)為負(fù)值，所以點(diǎn)電勢(shì)不可能為零，A錯(cuò)誤；B．分析可知電荷帶負(fù)電，兩點(diǎn)電荷為異種電荷，在軸上的區(qū)域內(nèi)，電勢(shì)逐漸升高，電場(chǎng)強(qiáng)度沿軸負(fù)方向，在軸上的區(qū)域內(nèi)，電勢(shì)逐漸降低，電場(chǎng)強(qiáng)度沿軸正方向，即與點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相反，B正確；CD．圖像中圖線的斜率絕對(duì)值表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，則處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，有由題圖可知、處的電勢(shì)為零，根據(jù)電勢(shì)公式有解得C錯(cuò)誤，D正確故選BD。9.一個(gè)柱狀玻璃磚的橫截面如圖所示，它由半圓和等腰三角形組成，其中為圓心，。一束單色光從光源射到圓面上的點(diǎn)，入射角，光束折射后與平行且恰好經(jīng)過(guò)中點(diǎn)。已知圓的半徑為，光在真空中的速度大小為，則（）A.玻璃磚材料的折射率為B.玻璃磚材料的折射率為C.光從點(diǎn)射入到離開玻璃磚時(shí)間為D.光從點(diǎn)射入到離開玻璃磚的時(shí)間為〖答案〗AC〖解析〗AB．由幾何關(guān)系可知，點(diǎn)的折射角，光的折射率代入數(shù)據(jù)解得故A正確；B錯(cuò)誤；C．畫出光束在玻璃磚內(nèi)傳播的光路圖如圖所示：據(jù)可得由幾何關(guān)系可知，，所以光束在點(diǎn)發(fā)生全反射，可得，，光在玻璃磚材料的速度所以光在玻璃磚內(nèi)傳播的時(shí)間故C正確；D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為，固定在豎直平面內(nèi)，兩根導(dǎo)軌上端用導(dǎo)線連接一個(gè)電容器，電容器的電容為，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直?，F(xiàn)將質(zhì)量為、長(zhǎng)度也為的金屬棒緊貼導(dǎo)軌由靜止釋放，金屬棒沿著導(dǎo)軌下滑過(guò)程中始終保持水平且與導(dǎo)軌接觸良好，已知重力加速度為，金屬導(dǎo)軌和金屬棒電阻均不計(jì)，則當(dāng)金屬棒運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，有（）A.金屬棒做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為B.金屬棒受到的安培力大小為C.通過(guò)金屬棒的電流大小為D.電容器電荷量保持不變〖答案〗AC〖解析〗A．由題可知金屬棒受到的安培力為又所以所以安培力對(duì)金屬棒，由牛頓第二定律可得解得加速度恒定不變，所以金屬棒做勻變速運(yùn)動(dòng)，A正確；B．安培力B錯(cuò)誤；C．根據(jù)安培力的計(jì)算可知解得C正確；D．經(jīng)過(guò)時(shí)間電容器兩端的電量為所以電容器電量隨時(shí)間逐漸增大，D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5個(gè)小題，共56分。11.某實(shí)驗(yàn)小組做“探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。（1）為準(zhǔn)確完成實(shí)驗(yàn)，以下操作必要的是________。A.把木板的右端適當(dāng)墊高以平衡摩擦力B.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳飰K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行C.為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于物塊和傳感器的總質(zhì)量D.實(shí)驗(yàn)時(shí)物塊應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源再釋放物塊E.實(shí)驗(yàn)中需要用天平稱量物塊和傳感器的總質(zhì)量（2）已知電源頻率為，實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖乙所示，則物塊的加速度________?！即鸢浮剑?）ABD（2）1.1〖解析〗【小問(wèn)1詳析】A．用力傳感器測(cè)出拉力，從而得出物塊受到的合外力，故需要將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力。故A正確；B．為了減小誤差，調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳飰K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行，讓繩子的拉力等于物塊受到的合力。故B正確；C．本實(shí)驗(yàn)可通過(guò)拉力傳感器直接測(cè)得繩子拉力，故實(shí)驗(yàn)中不需要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于物塊和傳感器的總質(zhì)量。故C錯(cuò)誤；D．為了充分利用紙帶，物塊靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放物塊。故D正確。E．因?qū)嶒?yàn)探究“物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系”，故不需要用天平稱量物塊和傳感器的總質(zhì)量。故E錯(cuò)誤。故選ABD?！拘?wèn)2詳析】打點(diǎn)周期為物塊的加速度12.某同學(xué)要做“測(cè)金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬絲長(zhǎng)度示數(shù)如圖甲所示，其值為________；用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑示數(shù)如圖乙所示，其值為________；（2）先用多用電表歐姆擋的“”倍率粗測(cè)金屬絲的電阻，示數(shù)如圖丙所示，其電阻值為________；（3）實(shí)驗(yàn)電路如圖丁所示，根據(jù)電路圖完成圖戊中的實(shí)物連線________。（4）從實(shí)驗(yàn)原理上看，待測(cè)電阻測(cè)量值________（填“大于”“小于”或“等于”）其真實(shí)值。如果測(cè)得的金屬絲長(zhǎng)度為，直徑為d，電阻為，都采用國(guó)際單位制單位，則它的電阻率________。（用、d、字母表示）〖答案〗（1）23.7500.247（）（2）8.0或8（3）（4）小于〖解析〗【小問(wèn)1詳析】[1]20分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖甲可知金屬絲的長(zhǎng)度為[2]螺旋測(cè)微器的精確值為，由圖丙可知金屬絲的直徑為【小問(wèn)2詳析】金屬絲的電阻為【小問(wèn)3詳析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，如圖所示：【小問(wèn)4詳析】[1]電路圖采用了電流表外接法，考慮到電壓表分流的影響，電流表讀數(shù)偏大，根據(jù)歐姆定律可知待測(cè)電阻測(cè)量值小于其真實(shí)值。[2]根據(jù)電阻定律有，解得13.據(jù)浙江在線6月7