浙江省2023-2024學年高二上學期期中物理試題（含答案）

浙江省浙南2023-2024學年高二上學期期中物理試題姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1．2023年諾貝爾物理學獎授予三位物理學家以表彰他們發(fā)現了一種產生極短（阿秒as）光脈沖的方法。這種光脈沖可用于測量電子移動或能量變化的快速過程，為人類探索原子和分子的內部提供了新工具。阿秒是時間單位，1?as=10A．牛頓 B．千克 C．安培 D．米2．第19屆亞運會于2023年9月23日在杭州開幕，中國運動員取得優(yōu)異的成績。下列說法中正確的是（）A．研究王楚欽的發(fā)球技術時可以把乒乓球看成質點B．謝震業(yè)以9.97秒的成績奪得百米金牌，9.97秒是時間間隔C．張雨霏奪得了200米蝶泳冠軍并打破亞運會紀錄，是因為她的平均速度最大D．何杰在42.195公里的馬拉松比賽中獲得冠軍，本次比賽他的位移是42.195公里3．2023年9月21日，神舟十六號航天員在距離地球400km的中國空間站進行第四次太空授課。在碰撞實驗中桂海潮用B球去撞擊懸浮在空中的A球，A球飛走，而B球停了下來。下列說法中正確的是（）A．A球靜止在空中，不受引力作用B．碰撞過程中B球對A球的作用力是B球的形變產生的C．碰撞過程中B球對A球的作用力大于A球對B球的作用力D．碰撞之后A球的慣性增大了4．關于甲乙丙丁四個圖示，下列說明正確的是（）A．圖甲是三根平行直導線的截面圖，若它們的電流大小都相同，方向垂直紙面向里。且AB＝AC＝AD，則A點的磁感應強度方向水平向左B．圖乙速度選擇器如果帶電粒子從右邊小孔射入，也能沿虛線路徑從左邊小孔飛出C．圖丙磁流體發(fā)電機，通過電阻R的電流大小與A、B板間的磁感應強度無關D．圖丁質譜儀，比荷相同的氦核和氘核，從容器A下方的小孔S1飄入，經電場加速再進入勻強磁場后會打在照相底片同一個地方5．如圖所示為一懸掛式花盆，三根對稱的鏈條拉著掛在掛鉤上。已知花盆和花的總重力為G，鏈條與豎直方向的夾角為30°，則每根鏈條對花盆的拉力為（）A．G B．G3 C．23G6．神舟十六號載人飛船與空間站天和核心艙對接后將在軌駐留，計劃于2023年11月返回。在軌駐留期間飛船繞地球做半徑為r的勻速圓周運動。已知地球的質量為M、半徑為R，飛船的質量為m，引力常量為G。則飛船的（）A．動能為GMm2R B．周期為C．角速度為Gmr3 7．如圖所示，半徑為R的半球形陶罐，固定在可以繞豎直軸轉動的水平轉臺上，轉臺轉軸與過陶罐球心O的對稱軸OO＇重合。轉臺以一定角速度勻速轉動，一質量為m的小物塊落入陶罐內，經過一段時間后小物塊隨陶罐一起轉動且相對罐壁靜止，且它和O點的連線與OO＇之間的夾角θ為60°，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．轉臺轉速增大，未硬化的陶罐的底部比碗口更容易變形B．小物塊向心力由重力沿切線方向的分力提供C．當轉臺的角速度為2gRD．轉臺轉速減小過程，小物塊受到的摩擦力方向始終不變8．甲圖為投環(huán)游戲，有人某次同時拋出兩個相同的環(huán)，它們的運動軌跡如圖乙所示，其軌跡在同一豎直平面內，拋出點均為O，兩環(huán)都從木樁頂端P點進入，拋出時環(huán)1和環(huán)2的初速度分別為v1和v2，其中v1方向水平，v2方向斜向上。忽略空氣阻力和環(huán)大小的影響，關于兩環(huán)在空中的運動，下列說法正確的是（）A．到達P點時，兩環(huán)的動能可能相等B．環(huán)2在最高點的速度與v1可能相等C．兩環(huán)從O到P的運動時間可能相等D．兩環(huán)從O到P的平均速度可能相等9．在燃氣灶中，常常安裝電子點火器，接通電子線路時產生高電壓，通過高壓放電的電火花來點燃氣體。點火器的放電電極是釘尖形，如圖所示。若點火器放電電極接電源正極，下列說法正確的是（）A．圖中的虛線表示電場線B．a點的場強大于b點的場強C．a、b兩點的電勢相等D．電子在b點的電勢能小于在a點的電勢能10．一小物塊沿斜面向上滑動，然后滑回到原處．物塊初動能為Ek0，與斜面間的動摩擦因數不變，則該過程中，物塊的動能Ek與位移x關系的圖線是()A． B．C． D．11．如圖甲所示，某多級直線加速器由n個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上。各金屬圓筒按如圖規(guī)律依序接在交變電源兩極上，兩極間電勢差的變化規(guī)律如圖乙所示。序號為0的金屬圓板中央有一個質子源，質子逸出的速度不計，一段時間后加速器穩(wěn)定輸出質子流。已知質子質量為m、電荷量為e，質子通過圓筒間隙的時間不計，且忽略相對論效應，則（）A．質子在各圓筒中做勻加速直線運動B．質子進入第8個圓筒瞬間速度為14eUC．質子在各圓筒中的運動時間之比為1:2D．第2個金屬筒的長度和第6個金屬筒的長度之比為1:12．如圖所示，電源電動勢E，內電阻恒為r，R是定值電阻，熱敏電阻RT的阻值隨溫度升高而減小，C是平行板電容器。靜電計上金屬球與平行板電容器上板相連，外殼接地。閉合開關S，帶電液滴剛好靜止在C內。在溫度升高的過程中，分別用△I、△U1和△U2表示電流表、電壓表1和電壓表2示數變化量的絕對值。關于該電路工作狀態(tài)的變化，下列說法正確的是（）A．ΔU1ΔB．電源的輸出功率一定減小C．帶電液滴一定向上加速運動且它的電勢能不斷減少D．靜電計的指針偏角減小13．利用霍爾傳感器可測量自行車的運動速率，如圖所示，一塊磁鐵安裝在前輪上，霍爾傳感器固定在前叉上，離輪軸距離為r，輪子每轉一圈，磁鐵就靠近霍爾傳感器一次，傳感器就會輸出一個脈沖電壓。當磁鐵靠霍爾元件最近時，通過元件的磁場可視為勻強磁場，磁感應強度為B，在導體前后表面間出現電勢差U。已知霍爾元件沿磁場方向的厚度為d，載流子的電荷量為?q，電流I向左。下列說法正確的是（）A．前表面的電勢高于后表面的電勢B．若車速越大，則霍爾電勢差U越大C．元件內單位體積中的載流子數為BID．若單位時間內霍爾元件檢測到m個脈沖，則自行車行駛的速度大小2πr二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個符合題目要求，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的0分）14．下列說法正確的是（）A．法拉第發(fā)現了電磁感應現象，并通過實驗首次捕捉到了電磁波B．普朗克提出的能量量子化的觀點，認為微觀粒子的能量是不連續(xù)（分立）的C．麥克斯韋提出光是以波動形式傳播的一種電磁振動D．奧斯特認為電磁相互作用是通過一種叫場的介質實現的，并創(chuàng)造性的引入了磁感線來形象描述這種場的物理圖景15．進入21世紀，低碳環(huán)保、注重新能源的開發(fā)與利用的理念，已經日益融入生產、生活之中。某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示，噴口距地面的高度h＝1.8m，能沿水平方向旋轉，噴口離轉動中心的距離a＝1.0m。水可沿水平方向噴出，噴水的最大速率v0＝10m/s，每秒噴出水的質量m0＝7.0kg。所用的水是從井下抽取的，井中水面離地面的高度H＝3.2m，并一直保持不變。水泵由電動機帶動，電動機電樞線圈電阻r＝5.0Ω。電動機正常工作時，電動機的輸入電壓U＝220V，輸入電流I＝4.0A。不計電動機的摩擦損耗，電動機的輸出功率等于水泵所需要的最大輸入功率。水泵的輸出功率與輸入功率之比稱為水泵的抽水效率。下列說法正確的是（）A．最大噴灌圓面半徑6mB．落在地面上時水流的最大速率為2C．電動機的熱功率為80WD．水以最大速率噴出時水泵的抽水效率為87.5%三、實驗題（本題共2小題，共14分）16．（1）使用如圖打點計時器時，如圖中操作正確的是。A.B.C.（2）小明同學利用圖所示裝置做“探究加速度與力、質量的關系”實驗。①對于該實驗，下列說法正確的是。A.每次改變小車質量后，不需重新補償阻力B.為了減小實驗誤差，槽碼的質量應遠大于小車質量C.處理數據時，在紙帶上必須連續(xù)5個計時點選取一個計數點D.補償阻力時，應取下細線與槽碼，小車后面的紙帶需穿過限位孔②小明同學順利地完成了實驗，如圖所示是他在實驗中得到的一條紙帶，圖中相鄰兩計數點之間的時間間隔為0.1s，由圖中數據可得小車的加速度為m/s2（3）用該實驗裝置還能完成的實驗是。A.探究小車速度隨時間變化的規(guī)律B.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.驗證機械能守恒定律D.探究平拋運動的特點17．小李同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻。（1）先用多用電表粗測該電池的電動勢，將多用電表的紅表筆與電源的（填“正”或“負”）極相連，黑表筆與電池的另一電極相連，多用電表的示數如圖1所示，則粗測電源電動勢為V。（2）要精確測量電源的電動勢和內阻，小李同學設計了如圖2所示的電路。閉合電鍵S，調節(jié)滑動變阻器滑片，測得多組電壓表和電流表的示數U、I（電表內阻忽略不計），在U-I坐標系中作出如圖3所示的圖像，圖像反映電壓變化范圍比較小，出現這種現象的主要原因是。A．電壓表內阻過大B．電壓表接觸不良C．電源的內阻較小D．滑動變阻器以最大阻值接入（3）小李同學選擇合適的器材改進實驗方案，已正確連接了部分電路，如圖4所示，請用筆劃線表示導線完成余下電路連接，其中定值電阻R0根據改裝的電路進行實驗，實驗測得多組電壓、電流的值，仍在U-I坐標系中描點作圖，如圖5所示，由此測得電源的電動勢E＝V，電源的內阻r＝Ω（結果均保留兩位小數）。四、計算題（本題共4小題，共41分。要求寫出必要的文字說明、重要的方程式和演算步驟，有數值計算的必須明確寫出數值和單位）18．疫情期間，一則“外賣小哥用無人機送外賣”的新聞傳遍了整個網絡，目前無人機得到了廣泛的應用，美團已經將送餐無人機投入試運營。某次送餐過程中需要將外賣箱子由地面送到離地一定高度的窗戶邊上，無人機先將箱子豎直向上升起，再水平將箱子運送至目標處。箱子上升或下降過程中，加速時加速度的大小為2m/s2，減速時加速度的大小為4m/s2，箱子離地的最大高度為24m，水平移動的距離為18m，水平運動的時間為6s。已知箱子的總質量為3kg，全程不考慮箱子擺動所產生的影響，忽略空氣阻力，箱子看成質點，重力加速度（1）箱子加速上升時受到的靜摩擦力；（2）箱子上升的最短時間；（3）箱子全程運行的最大平均速度的大小。19．如圖所示，寬為L=0.5m的粗糙導軌MN、PQ與水平面成θ=37°角，導軌上端接有電阻箱R，電源E，電鍵S。一根質量m=0.1kg、長也為L=0.5m、電阻為R1=1Ω的金屬桿ab水平放置在導軌上，金屬桿與導軌垂直且接觸良好，它們之間的動摩擦因數μ=0.5，假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?？臻g存在豎直向上的勻強磁場，電源電動勢E=3V，內阻r=0.5Ω，當電阻箱的電阻調為R=0.9Ω時，金屬桿靜止且與導軌無摩擦。取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）磁感應強度B的大小；（2）金屬桿要在導軌上保持靜止，求電阻箱R接入電路中的阻值范圍。20．如圖為某種賽車軌道簡化示意圖，其中AB、BC、DE段為直軌道，CD為半圓形水平彎道，圓心O到彎道中心線半徑R0=10?m，兩豎直圓軌道半徑R1=5?m，R2=10?m。AB長度LAB=100?m，若該賽車的質量m=100?kg（（包括人），額定功率P0=5.0×103?W（1）求賽車在豎直圓軌道O2（2）若賽車在AB段發(fā)動機的功率為額定功率，求發(fā)動機在額定功率下的工作時間；（3）若某賽車從彎道的C點進入，從同一直徑上的D點駛離，有經驗的賽車手會利用路面寬度，用最短時間勻速率安全通過彎道。設路寬d=10?m，求此最短時間（C、D兩點都在軌道的中心線上，計算時賽車視為質點）。21．如圖甲所示，粒子源連續(xù)均勻放射出速度v0=105?m/s、比荷qm=108?C/kg帶正電的粒子，帶電粒子從平行金屬板M與N間中線PO射入電場中，金屬板長度L=0.2?m，間距d＝0.2m，金屬板M與N間有如圖乙所示隨時間t變化的電壓（1）t＝0時刻射入平行金屬板的粒子偏移量為多少。（2）若粒子在t＝0.1s時刻射入，要使粒子能夠回到Q點需要磁場。B1（3）確保所有進入磁場的粒子均不能進入磁場B2，求磁場B

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】國際單位制中的基本單位有七個，分別是千克、秒、米、安培、摩爾、開爾文和坎德拉。故選A。

【分析】根據國際單位制中的七個基本單位解題即可。2．【答案】B【解析】【解答】A．當物體的大小和形狀可忽略不計時，物體可以看成質點，研究王楚欽的發(fā)球技術時需要考慮球的旋轉，所以不可以把乒乓球看成質點，故A錯誤；B．時間間隔是指時間的長度，在時間軸上對應一段距離，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點，謝震業(yè)以9.97秒的成績奪得百米金牌，9.97秒是時間間隔，故B正確；C．張雨霏奪得了200米蝶泳冠軍并打破亞運會紀錄，平均速率最大，故C錯誤；D．何杰在42.195公里的馬拉松比賽中獲得冠軍，本次比賽他的路程是42.195公里，故D錯誤。故選B。

【分析】當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，根據把物體看成質點的條件來判斷即可；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系。3．【答案】B【解析】【解答】A．萬有引力提供其做圓周運動的向心力，不是不受引力，故A錯誤；B．彈力是由于施力物體發(fā)生形變而產生的，碰撞過程中B球對A球的作用力，B球是施力物體，是B球的形變產生的，故B正確；C．碰撞過程中B球對A球的作用力與A球對B球的作用力是一對相互作用力，由牛頓第三定律判斷，大小相等，方向相反，故C錯誤；D．質量是慣性的唯一量度，碰撞之后A球的質量不變，則A球的慣性不變，故D錯誤。故選B。

【分析】A球靜止在空中，萬有引力提供其做勻速圓周運動的向心力；彈力是由于施力物體發(fā)生形變而產生的；由牛頓第三定律判斷；質量是慣性的唯一量度。4．【答案】D【解析】【解答】A．圖甲，A點的磁感應強度是三根通電直導線產生的磁場的疊加，由安培定則可知，B處與D處的直線電流在A點產生的磁感應強度大小相等，方向相反，合磁感應強度等于零，因此A點的磁感應強度由C處的直線產生，磁感應強度方向水平向右，A錯誤；B．速度選擇器只選擇速度，不選擇電性。但有特定的入口和出口，圖乙速度選擇器如果帶電粒子從右邊小孔射入，帶電粒子帶正電，由左手定則可知，帶電粒子受洛倫茲力方向向下，同時受電場力方向也向下，因此如果帶電粒子從右邊小孔射入，不能沿虛線路徑從左邊小孔飛出，B錯誤；C．根據平衡條件求解兩板間的求電源電動勢，根據歐姆定律判斷電流的大小，圖丙磁流體發(fā)電機，其產生的電動勢為E=Bvd當等離子體平衡時，則有洛倫茲力大小等于電場力，其等離子體的速度不變，ｄ為兩板間的間距不變，因此電動勢E由磁感應強度決定，由歐姆定律可知，通過電阻R的電流大小與電動勢有關，即與磁感應強度有關，C錯誤；D．帶電粒子在電場中加速時則有qU=根據牛頓第二定律和動能定理求解粒子的軌跡半徑，從半徑表達式看出打到的位置是否相同，在磁場中，則有qvB=m解得R=由上式可知，比荷相同的氦核和氘核在磁場中運動的半徑相同，比荷相同的氦核和氘核，從容器A下方的小孔S1飄入，經電場加速再進入勻強磁場后會打在照相底片同一個地方，D正確。故選D。

【分析】A點的磁感應強度是三根通電直導線產生的磁場的疊加，首先由安培定則確定三根通電直導線在A點產生的磁場方向，利用平行四邊形定則分析疊加后A點的磁感應強度的方向。速度選擇器只選擇速度，不選擇電性。但有特定的入口和出口；根據平衡條件求解兩板間的求電源電動勢，根據歐姆定律判斷電流的大?。桓鶕ｎD第二定律和動能定理求解粒子的軌跡半徑，從半徑表達式看出打到的位置是否相同。5．【答案】C【解析】【解答】將受力分解為豎直方向和水平方向，根據平衡條件列方程即可。由設每根鏈條對花盆的拉力為F，3F解得F=故選C。

【分析】受力分析，由平衡條件列式求解即可。將受力分解為豎直方向和水平方向，根據平衡條件列方程即可。6．【答案】B【解析】【解答】A．飛船繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，根據萬有引力定律和向心力公式、動能的定義分別求解作答GEE故A錯誤；B．根據

G解得T=故B正確；C．根據

G得

ω=故C錯誤；D．根據

a=故D錯誤。故選B。

【分析】飛船繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，根據萬有引力定律和向心力公式、動能的定義分別求解作答。7．【答案】C【解析】【解答】A．轉臺轉速增大，需要的向心力增大，而罐口處做圓周運動的半徑更大，則越容易因為需要的向心力變大而更容易發(fā)生形變，故A錯誤；B．其做圓周運動的向心力由合力提供，故B錯誤；C．小物塊受到的摩擦力恰好為零，靠重力和支持力的合力提供向心力，有

mg解得ω=即此時的摩擦力等于0，故C正確；D．根據牛頓第二定律求出可求出角速度大小，根據摩擦力方向分析物塊的運動趨勢。當轉臺的角速度在大于2gR時，摩擦力沿著罐壁向下，當角速度減小時摩擦力減小，當角速度等于2g故選C。

【分析】小物塊受到的摩擦力恰好為零，靠重力和支持力的合力提供向心力，根據牛頓第二定律求出可求出角速度大小，根據摩擦力方向分析物塊的運動趨勢。8．【答案】A【解析】【解答】B．環(huán)2從最高點到P點運動的時間大于環(huán)1從O點到P點運動的時間，又因為環(huán)2從最高點到P點運動的水平位移小于環(huán)1從O點到P點運動的水平位移，結合平拋運動規(guī)律，水平方向做勻速直線運動，因此環(huán)2在最高點的速度小于v1，B錯誤；A．環(huán)2在最高點的速度小于v1，拋出時環(huán)1和環(huán)2的初速度為v1和v2有可能大小相等，兩環(huán)相同，則有動能相等，又兩個相同的環(huán)拋出時距P點的豎直高度相同，到達P點時，兩環(huán)的動能可能相等，A正確；C．環(huán)2從最高點到P點運動的時間大于環(huán)1從O點到P點運動的時間，可知兩環(huán)從O到P的運動時間不相等，C錯誤；D．兩環(huán)從O到P的位移相等，兩環(huán)從O到P的運動時間不相等，根據平均速度等于位移除以時間，可知兩環(huán)從O到P的平均速度不相等，D錯誤。故選A。

【分析】環(huán)都做拋體運動，加速度均為重力加速度，并由此得出環(huán)的速度變化量方向是否相同。理解環(huán)在不同方向上的運動特點，結合運動學公式分析出速度的大小關系。9．【答案】D【解析】【解答】A．根據電場線的特點和圖中虛線的走向，可以分析虛線的含義，點火器的放電電極是釘尖形，若點火器放電電極接電源正極，則電極的釘尖端帶有正電荷，這些正電荷產生的電場線應是以電極的釘尖端為中心向空間輻射形狀，圖中的虛線應是等勢線，A錯誤；B．由等差等勢線越密的地方，電場強度越大，B錯誤；C．由題意可知放電極與電源的連接位置，點火器放電電極接電源正極，則電極的釘尖端帶有正電荷，因此a點電勢低于b點的電勢，C錯誤；D．負電荷在電勢高的地方電勢能小，可知電子在b點的電勢能小于在a點的電勢能，D正確。故選D。

【分析】根據電場線的特點和圖中虛線的走向，可以分析虛線的含義；由題意可知放電極與電源的連接位置，從而可以判斷其附近的電場線方向、電勢高低、及電場力做功情況。10．【答案】C【解析】【解答】分別對物塊上滑過程、下滑過程，利用動能定理列方程，設斜面傾角為θ，根據動能定理，當小物塊沿斜面上升時，有：－(mgsinθ＋f)x=Ek－Ek0得

Ek=－(f＋mgsinθ)x＋Ek0當小物塊沿斜面下滑時根據動能定理有：(mgsinθ－f)(x0－x)=Ek－0

得Ek=－(mgsinθ－f)x＋(mgsinθ－f)x0

得到動能和位移的關系，即可進行判斷，綜上所述，故C正確，ABD錯誤。故選C。【分析】分別對物塊上滑過程、下滑過程，利用動能定理列方程，得到動能和位移的關系，即可進行判斷。11．【答案】D【解析】【解答】A．根據質子受力情況，分析質子運動情況，金屬圓筒中的電場強度是零，質子不受電場力，受合力是零，質子做勻速直線運動，A錯誤；B．質子經過n次加速，根據動能定理，求速度大小，質子進入第8個圓筒時，由題圖可知，質子經過8次加速，由動能定理可得8eU=解得vB錯誤；C．根據直線加速器的原理結合題設條件判斷，只有質子在每個圓筒中勻速運動時間為T2D．根據勻速直線運動位移—時間公式，求各金屬筒的長度之比，由勻速直線運動的位移時間公式，可得第n個圓筒的長度，則有LLD正確。故選D。

【分析】根據質子受力情況，分析質子運動情況；質子經過n次加速，根據動能定理，求速度大??；根據勻速直線運動位移—時間公式，求各金屬筒的長度之比；根據直線加速器的原理結合題設條件判斷周期是否變化。12．【答案】C【解析】【解答】A．根據閉合電路歐姆定律列式，判斷出各個電壓表變化量與電流變化量的比值所表示的物理意義，進而分析它們的變化情況，根據電路分析可知電壓表1和電壓表2分別測路端電壓和熱敏電阻兩端的電壓，靜電計測量定值電阻兩端的電壓，由U=E?Ir得r=所以ΔUU得R+r=所以ΔU1ΔB．在溫度升高的過程中，回路中的電流增大，根據

P出=C．根據串聯(lián)電路的分壓規(guī)律分析電容器板間電壓的變化，判斷板間場強的變化，進而判斷帶電液滴受到的電場力的變化，靜電計測定電勢差。帶電液滴在平行板內靜止，受豎直向下的重力和豎直向上的電場力，液滴帶負電，路端電壓減小，流過定值電阻的電流變大，所分電壓增大，因此電容器兩端的電壓增大，靜電計的張角變大，平行板電容器兩極板間的電場強度變大，所以帶電液滴向上做加速運動，電場力做正功，電勢能減小，故C正確，D錯誤。故選C。

【分析】根據閉合電路歐姆定律列式，判斷出各個電壓表變化量與電流變化量的比值所表示的物理意義，進而分析它們的變化情況。13．【答案】C【解析】【解答】A．由題可知，結合圖、左手定則可求霍爾元件的電流流向，電勢隨電流流向降低，根據左手定則可知載流子受到的洛倫茲力指向前表面，所以載流子會在前表面聚集，載流子帶負電，所以霍爾元件的前表面電勢低于后表面電勢，故A錯誤；B．設霍爾元件的寬為b，穩(wěn)定后電荷所受電場力和洛倫茲力平衡，根據洛倫茲力等于電場力得到電壓表達式進行分析，即qvB=q解得U=BbvI=nqSv整理得U=霍爾電勢差U與車速大小無關，故B錯誤；C．單位體積內自由移動的載流子數為n=故C正確；D．結合圓周運動公式可求得車速大小，若單位時間內霍爾元件檢測到m個脈沖，周期為T=角速度為ω=自行車行駛的速度大小v=ωr=2πmr故D錯誤。故選C。

【分析】由題可知，結合圖、左手定則可求霍爾元件的電流流向，電勢隨電流流向降低；結合圓周運動公式可求得車速大小，根據洛倫茲力等于電場力得到電壓表達式進行分析。14．【答案】B,C【解析】【解答】A．赫茲通過實驗首次捕捉到了電磁波，法拉第發(fā)現了電磁感應現象，A錯誤；B．普朗克提出的能量量子化的觀點，認為微觀粒子的能量是不連續(xù)（分立）的，符合歷史事實，B正確；C．麥克斯韋指出了光是一種電磁波，C正確；D．法拉第認為電磁相互作用是通過一種叫場的介質實現的，并引入了磁感線，D錯誤。故選BC。

【分析】根據物理學史和常識解答，記住著名科學家的物理學貢獻即可。15．【答案】C,D【解析】【解答】A．水從噴口噴出后做平拋運動，已知高度h求出平拋的時間，結合初速度v0，由平拋運動的規(guī)律求出水平位移，即得到噴灌半徑。水從噴口噴出后做平拋運動，下落的高度是h=解得t=則有最大噴灌圓面半徑為R=a+A錯誤；B．根據時間和每秒噴出水的質量m0，求在空中“流動”的水的質量，水從噴口到落到地面由機械能守恒定律可得mgh+解得落在地面上時水流的最大速率為vB錯誤；C．由電功率公式，可得電動機的熱功率為PC正確；D．水泵的輸入功率等于電動機的輸出功率，電動機的輸入功率PP水泵的輸出功率P其中m=聯(lián)立解得P水泵的抽水效率η等于水泵的輸出功率與輸入功率之比。水以最大速率噴出時水泵的抽水效率為η=D正確。故選CD。

【分析】根據時間和每秒噴出水的質量m0，求在空中“流動”的水的質量．水泵的抽水效率η等于水泵的輸出功率與輸入功率之比．水泵的輸入功率等于電動機的輸出功率，水泵的輸出功率使水獲得機械能的功率。16．【答案】A；AD；0.30；A【解析】【解答】（1）紙帶穿過限位孔，壓在復寫紙的下面。復寫紙是在紙帶上面的。故選A。（2）①AD．補償阻力時，不掛重物時小車受力滿足Mg每次改變小車質量后，不掛重物時小車仍能受力平衡，不需要重新補償阻力，故AD正確；B．根據實驗原理，為了減小實驗誤差，槽碼的質量應遠小于小車質量，故B錯誤；C．在紙帶上可以連續(xù)5個計時點選取一個計數點，但不是必須連續(xù)5個計時點選取一個計數點，故C錯誤。故選AD。②根據題意，由逐差法有x解得a=（3）A．用該實驗裝置還能完成探究小車速度隨時間變化的規(guī)律，不用補償阻力，故A正確；BD．由實驗原理與方法可知，不能完成探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律和探究平拋運動的特點，故BD錯誤；C．即使平衡了摩擦力，摩擦力依然做功，機械能不守恒，則不能用該實驗裝置完成驗證機械能守恒定律，故C錯誤。故選A。

【分析】（1）紙帶穿過限位孔，壓在復寫紙的下面。

（2）補償阻力時，不掛重物；每次改變小車質量后，不掛重物時小車仍能受力平衡，不需要重新補償阻力。根據逐差法求解加速度。

（3）根據平均速度公式計算。17．【答案】正；1.45；C；；1.46；0.43【解析】【解答】（1）多用電表的紅表筆與電源的正極相連，用多用電表2.5V量程的電壓檔，最小刻度值是0.05V，不用估讀，讀到最小刻度即可，則粗測電源電動勢為1.45V。（2）出現這種現象的主要原因是：根據閉合回路歐姆定律，電源的內阻較小，內阻上分壓較小，因此ABD錯誤，C正確。故選C。（3）用筆劃線表示導線完成余下電路連接，將定值電阻看成等效內阻的一部分，電壓表連在電源兩端，如圖所示。由閉合電路歐姆定律可得U?I圖像縱軸截距可得電源的電動勢E=1.46VU?I圖像的斜率等于等效電阻r+解得r=2.43Ω?2Ω=0.43Ω

18．【答案】解：（1）對箱子進行受力分析，受重力和靜摩擦力，根據加速上升過程f解得f（2）要使箱子最短時間上升，只經歷勻加速和勻減速過程，則v解得v加速的時間為t減速的時間為t所以箱子上升的最短時間為t=（3）該箱子運動的實際位移為l=箱子全程運行的最大平均速度v【解析】????【分析】（1）根據題意結合受力分析和牛頓第二定律求箱子加速上升時受到的靜摩擦力；

（2）要使箱子最短時間上升，只經歷勻加速和勻減速過程，結合題意分段利用牛頓第二定律和運動學公式，求出時間。

（3）求出該箱子運動的實際位移，位移除以時間等于平均速度。19．【答案】解