浙江省衢溫2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期物理期中考試試卷（含答案）

浙江省衢溫2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期物理期中考試試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、單選題1．磁感應(yīng)強度單位“特斯拉”用國際單位制中的基本單位表示正確的是（）A．kg·s-1·C-1 B．kg·s-2·A-1C．N·A-1·m-1 D．Wb·m-22．下列有關(guān)物理量和物理規(guī)律的說法正確的是（）A．電容器的電容與容納的電荷量成正比B．W=UIt適用任何電路，Q=I2Rt適用純電阻電路C．電源電動勢越大單位時間內(nèi)將其他能轉(zhuǎn)化為電能越多D．電場中某點電勢高低與該點電場強度的大小沒有直接關(guān)系3．如圖是物體做直線運動的v-t圖象，該物體（）A．第1s內(nèi)和第3s內(nèi)的速度方向相反B．第1s內(nèi)和第4s內(nèi)的位移相同C．第3s內(nèi)和第4s內(nèi)的加速度方向相反D．前3s與前4s位移大小之比為4：34．2020年東京奧運會場地自行車女子團體競速賽中，中國隊的鮑珊菊和鐘天使奪得金牌。如圖所示是兩位運動員在比賽沖刺階段的畫面，若運動員此時受到的阻力約為200N，則運動員的輸出功率最接近（）A．40W B．400W C．4kW D．40kW5．如圖所示為游樂場中的摩天輪，摩天輪邊緣掛著座艙供游客乘坐觀光。當(dāng)摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動時游客（）A．機械能守恒 B．所受合外力不斷變化C．始終處于失重狀態(tài) D．在最高位置可能處于平衡狀態(tài)6．如圖所示，在傾斜的滑桿上套一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)通過輕繩拉著一個質(zhì)量為M的物體，在圓環(huán)沿滑桿向下滑動的過程中，懸掛物體的輕繩始終處于豎直方向，以下說法正確的是（）A．物體做勻速直線運動B．環(huán)受三個力作用C．桿對環(huán)的作用力斜向左上方D．懸繩對物體的拉力小于物體的重力7．如圖所示，粗糙斜面上有兩條等高線AB和CD，現(xiàn)用平行于斜面的力將停于AB線上的重物緩慢拉到CD線上，圖示F1、F2為拉力的兩種不同方向，其中F1沿斜面向上，則（）A．沿F1方向所需力小，做功少 B．沿F1方向所需力小，做功多C．沿F2方向所需力小，做功多 D．沿F2方向所需力小，做功少8．一單擺在浙江的共振曲線如圖所示，以下說法正確的是（）A．單擺擺長約為1m B．增大擺長峰值將右移C．增大擺球質(zhì)量峰值將右移 D．在月球上峰值將右移9．2012年發(fā)現(xiàn)的行星GJ1214b屬于超級類地行星，直徑約為地球的2.7倍，質(zhì)量約為地球的7倍，環(huán)繞著一顆昏暗的紅矮星運行。若已知月球繞地球轉(zhuǎn)動周期T、月地距離r以及引力常量G，根據(jù)以上信息可估算GJ1214b的（）A．質(zhì)量 B．密度C．公轉(zhuǎn)周期 D．第一宇宙速度10．如圖所示，虛線AB和CD分別為橢圓的長軸和短軸，相交于O點，兩個等量異種點電荷分別處于橢圓的兩個焦點M、N上，則下列說法中正確的是（）A．A、B兩處電勢、場強均相同B．C、D兩處電勢、場強均相同C．在虛線AB上O點的場強最大D．帶正電的試探電荷在O處的電勢能小于在B處的電勢能11．不計電阻的兩組線圈ab和cd分別繞在鐵芯上，相互靠近如圖所示放置，兩線圈匝數(shù)之比為n1：n2，圖中C為電容器，V1和V2為理想電壓表。若MN端輸入按正弦規(guī)律變化的電壓，以下說法正確的是（）A．兩線圈中電流均為0B．電容器消耗的功率等于MN端的輸入功率C．電壓表V1和V2的讀數(shù)之比為：UD．將一閉合導(dǎo)線框置于電容器兩極板之間，線框中可能會產(chǎn)生電流12．在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n=1000匝，橫截面積S=20cm2。螺線管導(dǎo)線電阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF。在一段時間內(nèi)，垂直穿過螺線管的磁場的磁感應(yīng)強度B的方向如圖甲所示，大小按如圖乙所示的規(guī)律變化，則下列說法中正確的是（）A．螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為1.2VB．閉合K，電路中的電流穩(wěn)定后，電容器的下極板帶負電C．閉合K，電路中的電流穩(wěn)定后，電阻R1的電功率為2.56×10-2WD．閉合K，電路中的電流穩(wěn)定后，斷開K，則K斷開后，流經(jīng)R2的電荷量為1.8×10-2C二、多選題13．下列說法正確的是（）A．光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波B．變化的磁場一定產(chǎn)生變化的電場C．照相機的鏡頭呈淡紫色是因為發(fā)生了薄膜干涉D．聲源與觀察者相互靠近時，觀察者接收到的聲波頻率變低14．水面下深h處有一點光源S，發(fā)出兩種不同顏色的a光和b光，在水面上形成了一個被照亮的圓形區(qū)域，俯視如圖所示，小圓內(nèi)為由a、b兩種單色光構(gòu)成的復(fù)合光區(qū)域，環(huán)狀區(qū)域只有a光，小圓和大圓的半徑分別為r和R，以下說法中正確的是（）A．a(chǎn)光在水中的折射率nB．a(chǎn)光和b光在水中傳播速度之比vC．用同一套裝置做雙縫干涉實驗，b光條紋間距更大D．若光源豎直向上運動，兩圓半徑之差（R?r）逐漸減小15．如圖所示，虛線MN右側(cè)存在水平向右的勻強電場和垂直紙面向外的勻強磁場，從MN左側(cè)以初速度v0水平拋出一質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小球，測得小球進入復(fù)合場區(qū)前水平位移和豎直位移之比為2：1，若帶電小球進入復(fù)合場區(qū)后做直線運動，則有（）A．小球做平拋運動的時間t=B．勻強電場的電場強度E=C．勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=D．無法確定E，B的大小，但E和B應(yīng)滿足E16．如圖甲所示，均勻介質(zhì)中有處于同一水平線上的ABCDEFGHI九個質(zhì)點，各質(zhì)點間距均為d。從t=0時刻起A、I兩質(zhì)點開始在豎直方向上做簡諧運動，振幅均為A，振動圖象分別如圖乙實線和虛線所示，測得t0時刻兩振動形成的機械波相遇，則以下說法正確的是（）A．質(zhì)點F的起振方向向上 B．最早達到-2A位移的質(zhì)點為DC．穩(wěn)定后質(zhì)點C，E，G的振幅為2A D．穩(wěn)定后質(zhì)點、E，G的振幅為0三、實驗題17．如圖為驗證機械能守恒定律的實驗裝置示意圖。（1）關(guān)于該實驗，下列說法正確的是____________A．需要用秒表測量重物下落的時間B．釋放紙帶時，重物應(yīng)盡量遠離計時器C．先接通電源，后釋放紙帶；D．若是電火花計時器，工作電壓為交流10V以下（2）小吳同學(xué)利用頻率為50Hz的電源完成實驗，得到如下圖所示的紙帶，其中O點為紙帶上記錄的第一個點。①A點是實際打下的第二個點嗎？答：（填“是”或“不是”），理由是：（只要求作簡要說明）。②請從上圖中讀出E點對應(yīng)的刻度尺讀數(shù)cm，若重物質(zhì)量為200g，打下E點時重物動能為J；從釋放重物開始到打下E點時重物減少的重力勢能為J（以上兩空保留三位有效數(shù)字，重力加速度取g=9.8m/s2），由此得到的實驗結(jié)論：。18．（1）小明同學(xué)做“金屬絲電阻率的測量”實驗。①實驗開始前，小明拿到的電流表如圖甲所示，應(yīng)對該電流表做何種調(diào)整？②測定電阻絲的電阻時滑動變阻器采取分壓式接法，實物連線如圖乙所示，圖中標(biāo)示的abc三根連線有一處錯誤，錯誤連線是（填“a”“b”或“c”）；電路連線正確后，把M、N接在金屬絲兩端，當(dāng)滑動變阻器的滑片移到中點時，閉合開關(guān)后電流表的讀數(shù)如圖丙所示，其讀數(shù)為A。（2）小芳同學(xué)做“測定電源電動勢和內(nèi)阻”實驗，實驗電路如圖戊所示，電阻R0阻值未知。實驗時通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到電表V1、V2、A的多組讀數(shù)U1、U2、I。①同一坐標(biāo)紙上分別作出U1?I、U2?I圖線如圖己所示，則U1?I圖線應(yīng)是圖中的（填A(yù)或B）；②該實驗同時可測出定值電阻R0的阻值，R0的計算式為：R0=（用U1、U2、I表示），實驗中測得R0（填“大于”“等于”或“小于”）實際值；③若實驗中沒有電壓表V2，其余部分仍按圖戊連接，能測出的量是（填“電動勢E”、“內(nèi)阻r”或“R0”）。四、解答題19．滑雪是常見的冰雪運動，深受冰雪運動愛好者的喜愛。當(dāng)滑雪速度較快時，滑雪板擠壓雪地內(nèi)的空氣從而在板與雪地之間形成“氣墊”，大大降低雪地對板的摩擦力；當(dāng)滑雪速度較慢時，由于雪地承受壓力時間過長導(dǎo)致下陷，雪地對板的摩擦力會顯著增加。如圖所示，運動員從傾角為θ=37°的傾斜雪道上由靜止開始無動力自由下滑，經(jīng)時間t0=3.4s進入水平雪道后繼續(xù)無動力滑行直到停止運動。假定當(dāng)速度大于v0=4m/s時，滑雪板與雪道間的動摩擦因數(shù)會從μ1=0.25變?yōu)椋?）運動員在傾斜雪道上的末速度v；（2）運動員在傾斜雪道上滑行的總長度L。20．如圖所示，HI、OP為水平直軌道，IKMNO為豎直面內(nèi)半徑R=0.1m的圓軌道（I、O不重疊），PQ為傾角θ=37°的足夠長傾斜直軌道，各段軌道平滑連接，圓軌道區(qū)域虛線范圍內(nèi)有方向豎直向下、場強E=2000N/C的勻強電場?，F(xiàn)用左側(cè)的彈射裝置將一質(zhì)量m=0.1kg、電荷量q=5×10?4C的帶正電物塊向右彈出，彈射過程無機械能損失。物塊可視為質(zhì)點，物塊與傾斜直軌道間的動摩擦因數(shù)μ與到底端P的距離x滿足關(guān)系式μ=0.4x，其余各段軌道光滑，整套裝置絕緣良好，物塊電量保持不變。（1）若彈射裝置彈性勢能EP1=0.1J，求物塊第一次經(jīng)過圓軌道最低點I時對軌道的壓力大小；（2）若彈出后物塊恰能順利通過圓軌道進入右側(cè)直軌道，求彈射裝置的的彈性勢能Ep2；（3）要使物塊第一次從傾斜軌道返回后能順利通過圓軌道進入左側(cè)直軌道，求彈射裝置允許的彈性勢能范圍。21．如圖所示，長為2L、寬為L的長方形abcd區(qū)域內(nèi)充滿垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，在t=0時刻，一位于長方形區(qū)域中心O的粒子源在abcd平面內(nèi)向各個方向均勻發(fā)射大量帶正電的同種粒子，所有粒子的初速度大小均相同（數(shù)值未知），粒子在磁場中做圓周運動的半徑R=L。測得平行于ad方向發(fā)射的粒子在t=t0時刻恰從bc邊離開磁場，不計重力和粒子間相互作用，求：（1）粒子的比荷qm（2）粒子在磁場中運動的最短時間tmin和最長時間tmax（角度可用反三角函數(shù)表示，例如：若sinθ=A，則θ=arcsinA）；（3）在t=t0時刻仍在磁場中的粒子數(shù)與粒子源發(fā)射的總粒子數(shù)之比。22．如圖所示，ab、cd為豎直固定的足夠長光滑平行金屬導(dǎo)軌，間距為L，MN、M'N'為用絕緣細線連接的兩根金屬桿，其質(zhì)量分別為m和3m，用豎直向上、大小未知的恒定外力作用在桿中點，使兩桿水平靜止。整個裝置處于垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強磁場中，t＝0時刻，將細線燒斷，經(jīng)時間t0（1）細線燒斷瞬間金屬桿MN的加速度大小a1；（2）細線燒斷后任意時刻，金屬桿MN和M'（3）勻強磁場的磁感應(yīng)強度B；（4）金屬桿MN達到最大速度時，電路中產(chǎn)生的焦耳熱。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】根據(jù)公式F可得磁感應(yīng)強度的單位為1T=1可得用國際單位制中的基本單位表示為kg·s-2·A-1。故答案為：B。

【分析】利用安培力的表達式可以求出磁感應(yīng)強度的單位。2．【答案】D【解析】【解答】A．電容的物理意義是表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，由電容器本身決定，與容納的電荷量無關(guān)，A不符合題意；B．W=UIt適用任何電路，Q=I2Rt求焦耳熱適用于所有電阻電路，B不符合題意C．電動勢越大，電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大，但不代表轉(zhuǎn)化為電能的量多，因其還與電量有關(guān)。C不符合題意；D．沿著電場線電勢是降低的，電場中某點電勢高低與該點電場強度的大小沒有直接關(guān)系，D符合題意。故答案為：D。

【分析】電容為電容器容納電荷的本領(lǐng)，與容納電荷量的多少無關(guān)；焦耳定律適用于所有有電阻的電路；電動勢與其他能量轉(zhuǎn)換為電能的大小無關(guān)。3．【答案】D【解析】【解答】A．第1s內(nèi)和第3s內(nèi)的速度位于t軸上方，故方向相同，A不符合題意；B．v?t圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍成的面積表示位移，故第1s內(nèi)和第4s內(nèi)的位移大小相等，方向相反，B不符合題意；C．第3s內(nèi)和第4s內(nèi)圖線的斜率沒有變化，加速度大小方向都相同，C不符合題意；D．由圖可知前3s的位移大小為x前4s的位移大小為xD符合題意。故答案為：D。

【分析】利用速度的符號可以判別速度的方向；利用圖像面積可以比較位移的大??；利用圖像斜率可以比較加速度的大小及方向。4．【答案】C【解析】【解答】運動員在比賽沖劑階段的速度達到最大值，約為v所以運動員的輸出功率約為P=F故答案為：C。

【分析】利用速度的最大值結(jié)合阻力的大學(xué)可以求出輸出功率的大小。5．【答案】B【解析】【解答】A．當(dāng)摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動時，機械能等于動能和重力勢能的總和，在這個過程中游客的動能不變，重力勢能在不斷的變化，故機械能在變化，A不符合題意；B．當(dāng)摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動時，合力提供向心力，大小不變，但方向時刻發(fā)生變化，B符合題意；C．處于失重狀態(tài)的物體具有向下的加速度，當(dāng)摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動時，加速度的方向時刻在變化，有時失重，有時超重，C不符合題意；D．在最高位置時，游客依然受到向下的合外力，用來提供向心力，故不會平衡，D不符合題意；故答案為：B。

【分析】利用動能不變重力勢能不斷改變可以判別機械能不斷改變；利用勻速圓周運動可以判別游客受到的合力方向不斷改變；利用合力方向可以判別超重與失重；在最高點時，游客受到的合力不等于0則不會平衡。6．【答案】A【解析】【解答】AD．物體沿滑桿向下滑動，做直線運動，因此合力與速度一定在同一條直線上，對物體受力分析可知，物體受重力和繩子拉力，故合力一定為0，二力等大反向，故物體做勻速直線運動，A符合題意，D不符合題意；BC．對環(huán)受力分析可知，受重力，繩子拉力，垂直滑桿向右上的支持力和沿斜面向上的摩擦力，BC不符合題意；故答案為：A。

【分析】下滑過程M物體重力與繩子拉力方向相同則可以判別M物體做勻速直線運動；利用整體合力等于0可以判別環(huán)受到力的個數(shù)；利用環(huán)的平衡條件可以判別桿對環(huán)的作用力方向；繩子的拉力等于物體重力的大小。7．【答案】C【解析】【解答】由題可知，重物在被拉動的過程中受四個力的作用，其中支持力不做功，重力和摩擦力做負功，拉力做正功，而重物被緩慢拉到CD線上過程中，所有外力做功的代數(shù)和為零，但其中重物重力做功不變，摩擦力大小不變但在F2的作用下在斜面上發(fā)生的位移比在F1作用下的大，故在F2的作用下克服摩擦力做功較多，故但在F2的作用時mgsinθ和F故答案為：C。

【分析】利用滑動摩擦力的表達式結(jié)合位移可以比較摩擦力做功的大小，利用動能定理可以比較拉力做功的大?。焕闷胶夥匠炭梢员容^推力的大小。8．【答案】A【解析】【解答】A．當(dāng)驅(qū)動力頻率等于0.5Hz時發(fā)生共振，振幅最大，因此單擺固有頻率為0.5Hz，則周期T=根據(jù)T=2π代入數(shù)據(jù)解得L≈1mA符合題意；B．若擺長增大，根據(jù)T=2π可知周期變大，固有頻率減小，共振曲線的峰值向左偏移，B不符合題意；C．增大擺球質(zhì)量，周期不變，峰值不動，C不符合題意；D．若在月球上做實驗，g減小，周期變大，固有頻率減小，共振曲線的峰值向左偏移，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用振幅最大可以求出共振的頻率，結(jié)合單擺的周期公式可以求出單擺的擺長大??；增大擺長時周期增大會導(dǎo)致固有頻率減小則峰值向左偏移；在月球上重力加速度減小則周期變大則固有頻率減小，則峰值向左偏移。9．【答案】A【解析】【解答】A．由題意及萬有引力定律可得GMm根據(jù)題中已知條件，可以求出地球的質(zhì)量，進而求出超級類地行星的質(zhì)量，A符合題意；B．由上述分析只能求出地球的質(zhì)量，無法求出地球的半徑，也無法求出類地行星的半徑和體積，進而無法求出其密度，B不符合題意；C．由上述分析，根據(jù)已知條件無法求出類地行星的公轉(zhuǎn)周期，C不符合題意；D．由于不知道類地行星的公轉(zhuǎn)半徑，無法求得其第一宇宙速度，D不符合題意.故答案為：A。

【分析】利用引力提供向心力可以求出地球的質(zhì)量，進而求出超級類地行星的質(zhì)量；由于未知類地行星的半徑和體積不能求出密度和第一宇宙速度的大小。10．【答案】B【解析】【解答】AB.根據(jù)等量異種點電荷電場線的分布的對稱性特點及沿電場線方向電勢降低，可知A、B兩處場強相同，A點電勢高，C、D兩處場強相等，電勢相等，A錯誤，B正確；C.在線段AB上，O點場強最小，C錯誤；D.O點電勢高于B點電勢，正電荷在O處電勢能大于在B處電勢能，D錯誤。

【分析】利用電場線的分布可以比較電勢和電場強度的大小和方向；利用電勢的大小結(jié)合電性可以比較電勢能的大小。11．【答案】D【解析】【解答】A．若MN端輸入按正弦規(guī)律變化的電壓，則線圈ab中有變化的電流，線圈cd中磁通量會發(fā)生變化，線圈cd中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，對電容器充電，則cd線圈中有電流產(chǎn)生，A不符合題意；BC．兩組線圈ab和cd不是繞在同一鐵芯上，通過線圈ab的磁通量不可能完全通過線圈cd，會有損失，電容器消耗的功率小于MN端的輸入功率UBC不符合題意；D．將一閉合導(dǎo)線框置于電容器兩極板之間，當(dāng)線框平面與紙面平行時，穿過線框的磁通量有變化時，會產(chǎn)生電流，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用MN輸入正弦式規(guī)律電壓時，線圈cd中磁通量發(fā)生改變所以有感應(yīng)電流的產(chǎn)生；利用能量守恒定律可以判別電容器消耗的功率小于輸入功率；利用功率的損耗可以判別電壓之比不等于匝數(shù)之比；當(dāng)閉合線圈處于電容器兩極板之間時，線圈中磁通量發(fā)生變化會產(chǎn)生感應(yīng)電流。12．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=nA不符合題意；B．根據(jù)楞次定律可以判斷回路中感應(yīng)電流的方向應(yīng)為逆時針方向，所以電容器的下極板帶正電，B不符合題意；C．閉合K，電路中的電流穩(wěn)定后，電阻R1的電功率為P=C符合題意；D．閉合K，電路中的電流穩(wěn)定后電容器兩端的電壓為U=K斷開后，流經(jīng)R2的電荷量即為K閉合時電容器一個極板上所帶的電荷量，即Q=CU=1.2×10-5CD不符合題意。故答案為：C。

【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出得出產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，利用楞次定律得出感應(yīng)電流的方向，閉合開關(guān)時，利用電功率的表達式得出電阻1的電功率，通過電容器的定義式得出流過電阻2的電荷量。13．【答案】A,C【解析】【解答】A．光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波，A符合題意；B．均勻變化的磁場產(chǎn)生恒定電場，B不符合題意；C．照相機的鏡頭呈淡紫色是因為發(fā)生了薄膜干涉，C符合題意；D．聲源與觀察者相互靠近時，觀察者接收到的聲波頻率增大，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】光的偏振說明光屬于橫波；均勻變化的磁場產(chǎn)生恒定的電場；利用多普勒效應(yīng)可以判別觀察者接收到聲波的頻率大小變化。14．【答案】A,D【解析】【解答】A．a(chǎn)光照射的面積較大，知a光的臨界角較大sin折射率nA符合題意；B．同理可求b光折射率n根據(jù)v=vB不符合題意；C．a(chǎn)光在水中傳播的速度較大，則a光的波長較長，根據(jù)Δx=用同一套裝置做雙縫干涉實驗，a光條紋間距更大，C不符合題意；D．a(chǎn)光臨界角的正切值tanb光臨界角的正切值tanR?r=(若光源豎直向上運動，h減小，兩圓半徑之差（R?r）逐漸減小，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用光照射的面積大小可以判別光臨界角的大小；利用幾何關(guān)系結(jié)合折射定律可以求出光折射率的大??；利用折射率的大小可以比較光傳播速度的大?。焕霉獾膫鞑ニ俣瓤梢员容^光波長的大小進而比較干涉條紋間距的大??；利用全反射的臨界角及幾何關(guān)系可以判別兩圓半徑之比的大小變化。15．【答案】A,B【解析】【解答】A．小球在進入復(fù)合場前做平拋運動，則根據(jù)題意有x得t=A符合題意；B．小球進入復(fù)合場后受力分析如圖所示根據(jù)平拋運動推論tan則qE=mg得E=B符合題意；CD．由于小球進入復(fù)合場區(qū)后做直線運動，所在重力、電場力的合力等于洛倫茲力，則有qvB=又v=聯(lián)立解得B=CD不符合題意。故答案為：AB。

【分析】利用平拋運動的位移公式結(jié)合位移之比可以求出運動的時間；粒子進入復(fù)合場后做直線運動，利用平拋運動的推論可以求出力的方向，結(jié)合平衡方程可以求出電場強度的大小；利用平衡方程可以求出磁感應(yīng)強度的大小。16．【答案】B,D【解析】【解答】A．由題意可知，A點最開始向上振動，I點向下振動，結(jié)合圖形可得，I質(zhì)點振動的波先傳遞到F點，質(zhì)點F的起振方向向下，A不符合題意；B．當(dāng)質(zhì)點同時處于兩列波的波谷時，位移為-2A，由題意可知，波的周期為t0，且t0時刻，兩列波剛好在E點相遇，AE、EI剛好是一個波長，此時D點距離左右兩波沿傳播方向的第一個波谷均是半個波長，則再經(jīng)過半個周期，D點同時處于兩波沿各自傳播方向的第一個波谷處，根據(jù)波疊加原理，質(zhì)點D的位移為-2A，B符合題意；CD．根據(jù)題意及上述分析可得，穩(wěn)定后，質(zhì)點C、E、G三點到兩振源的距離差分別為λ、0、λ，由于兩振源振動步調(diào)相反，所以質(zhì)點C、E、G三點為振動減弱點，兩列波振幅相同，所以三點的位移始終為零，即振幅為0，C不符合題意，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用F點靠近I點可以利用質(zhì)點F的起振方向向下；利用波的疊加可以判別最早到達-2A位移的質(zhì)點；當(dāng)穩(wěn)定化，利用波程差可以判別振動減弱的位置，進而判別振幅的大小。17．【答案】（1）C（2）不是；一、二兩點間距應(yīng)比較接近2mm；5.54；0.100；0.109；誤差允許范圍內(nèi)機械能守恒【解析】【解答】（1）A．可以通過打點計時器計算時間，不需要秒表，A不符合題意；B．釋放紙帶時，重物應(yīng)盡量靠近打點計時器，B不符合題意；C．應(yīng)先給打點計時器通電打點，然后再釋放重物，如果先釋放紙帶讓重物下落，再接通打點計時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差，C符合題意；D．若是電火花計時器，工作電壓為交流220V，D不符合題意。故答案為：C。（2）①A點不是實際打下的第二個點。一、二兩點間距應(yīng)比較接近h=②由圖所示刻度尺可知，其分度值是1mm，E點對應(yīng)的刻度尺讀數(shù)為5.54cm。打下E點時重物速度為v打下E點時重物動能為E從釋放重物開始到打下E點時重物減少的重力勢能為Δ重物增加的動能略小于減少的重力勢能，所以實驗結(jié)論：誤差允許范圍內(nèi)機械能守恒?！痉治觥浚?）實驗打點計時器可以測量時間不需要秒表；釋放紙帶時，重物應(yīng)該靠近打點計時器；電火花計時器應(yīng)該使用交流電220V；

（2）利用位移公式可以求出位移的大小進而判別A不是實際打在的第二個點；利用刻度尺的分度值可以讀出對應(yīng)的讀數(shù)；利用平均速度公式可以求出瞬時速度的大小，結(jié)合動能的表達式可以求出重物動能的大??；利用高度的變化可以求出重力勢能的變化量；利用動能的變化量與重力勢能的變化量比較可以驗證機械能守恒。18．【答案】（1）電流表指針調(diào)零；c；0.50（2）B；U2【解析】【解答】（1）如圖甲所示，電流表指針沒有指在零刻度線處，所以應(yīng)該首先利用指針定位螺絲將電流表指針調(diào)到零刻度線處，即電流表指針調(diào)零M、N要接在金屬絲兩端，若用圖乙中的接法，電阻絲相當(dāng)于沒接入電路，所以圖中錯誤的連線是c電流表量程為0.6A，精度為0.02A，故其讀數(shù)為0.50A（2）圖中兩圖線的斜率kk比較可知k故答案為：B由歐姆定律可知R由于電壓表的分流作用，實際通過R0根據(jù)U1?I圖像可知，能測出來的量是電動勢【分析】（1）由于剛開始電流表的指針沒有在0刻度線上，所以應(yīng)該利用指針定位螺絲進行機械調(diào)零；

（2）由于電阻絲要連接進電路中所以連接錯誤的是出c；利用電流表的分度值可以讀出對應(yīng)的讀數(shù)；

（3）利用圖像斜率大小比較結(jié)合歐姆定律可以判別B對應(yīng)電壓表1的電壓變化；利用歐姆定律可以求出定值電阻的大??；由于電流表的分流作用會導(dǎo)致測量值大于真實值；利用圖像截距可以求出電動勢的大小。19．【答案】（1）解：傾斜雪道由牛頓第二定律mg可得a1=4m/速度達4m/s前滑行時間t傾斜雪道末速度v=（2）解：第一段位移L第二段位移L2=【解析】【分析】（1）運動員在傾斜雪道做勻加速直線運動，利用牛頓第二定律可以求出加速度的大小，結(jié)合速度公式可以求出滑行的時間，再利用速度公式可以求出末速度的大小；

（2）已知運動員做兩個過程的加速運動，利用平均速度公式可以求出滑行的總長度。20．【答案】（1）解：彈射過程機械能守恒EB點