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文檔簡(jiǎn)介
(每日一練)(文末附答案)2022屆高中物理磁場(chǎng)必考考點(diǎn)訓(xùn)練
單選題
1、CT掃描是計(jì)算機(jī)X射線斷層掃描技術(shù)的簡(jiǎn)稱,CT掃描機(jī)可用于對(duì)多種病情的探測(cè)。圖(a)是某種CT機(jī)
主要部分的剖面圖,其中X射線產(chǎn)生部分的示意圖如圖(b)所示。圖(b)中KN之間有一電子束的加速電
場(chǎng),虛線框內(nèi)有勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng);經(jīng)調(diào)節(jié)后電子束從靜止開始沿帶箭頭的實(shí)線所示的方向前進(jìn),打到靶上,產(chǎn)生
X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示);將電子束打到靶上的點(diǎn)記為尸點(diǎn)。則()
X射線束
圖(a)
A."處的電勢(shì)高于處的電勢(shì)
B.增大肌力之間的加速電壓可使?點(diǎn)左移
C.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外
D.增大偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可使。點(diǎn)左移
2、質(zhì)量為小、帶電荷量為q的小物塊,從傾角為。的絕緣斜面上由靜止下滑,物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃,
整個(gè)斜面置于方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為民如圖所示。若帶電小物塊下滑后某時(shí)刻
對(duì)斜面的作用力恰好為零,下列說法中正確的是()
xxxxxxxxxx
A.小物塊一定帶正電荷
B.小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng),且加速度大小為gsin。-“geos。
C.小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度增大,而速度也增大的變加速直線運(yùn)動(dòng)
D.小物塊在斜面上下滑過程中,當(dāng)小物塊對(duì)斜面壓力為零時(shí)的速率為嗯”
3、1873年奧地利維也納世博會(huì)上,比利時(shí)出生的法國(guó)工程師格拉姆在布展中偶然接錯(cuò)了導(dǎo)線,把另一直流發(fā)
電機(jī)發(fā)出的電接到了他自己送展的直流發(fā)電機(jī)的電流輸出端.由此而觀察到的現(xiàn)象導(dǎo)致了他的一項(xiàng)重要發(fā)明,
從而突破了人類在電能利用方面的一個(gè)瓶頸.此項(xiàng)發(fā)明是
A.新型直流發(fā)電機(jī)B.直流電動(dòng)機(jī)
C.交流電動(dòng)機(jī)D.交流發(fā)電機(jī)
4、如圖所示,質(zhì)量m=0.4kg、長(zhǎng)度為L(zhǎng)=1m、截面為矩形的導(dǎo)體棒PQ放在傾角為。=30。的兩根平行傾斜導(dǎo)
軌上恰好能靜止。今讓導(dǎo)體棒通以從一到0的恒定電流/=1A,并在空間中加上垂直于導(dǎo)體棒PQ的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B
(圖中未畫出),導(dǎo)體棒以加速度a=3m/s2沿斜面向上運(yùn)動(dòng)。已知導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直、不
發(fā)生翻滾、并與導(dǎo)軌接觸良好(g取lOm/s?),則所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小為()
A.yV3TB.5.2TC.3.2TD.1.6T
2
5、取兩個(gè)完全相同的長(zhǎng)導(dǎo)線,用其中一根繞成如圖(a)所示的螺線管,當(dāng)該螺線管中通以電流強(qiáng)度為/的電
流時(shí),測(cè)得螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為瓦若將另一根長(zhǎng)導(dǎo)線對(duì)折后繞成如圖(歷所示的螺線管,并通
以電流強(qiáng)度也為/的電流時(shí),則在螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為()
A.0B.0.5氏.BD.2B
6、在如圖所示的空間中,存在場(chǎng)強(qiáng)為£的勻強(qiáng)電場(chǎng),同時(shí)存在沿x軸負(fù)方向,磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁
場(chǎng).一質(zhì)子(電荷量為e)在該空間恰沿y軸正方向以速度/勻速運(yùn)動(dòng).據(jù)此可以判斷出
A.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能減小,沿著z軸方向電勢(shì)升高
B.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于e瓦運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能增大,沿著z軸方向電勢(shì)降低
C.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于evB,運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能不變,沿著z軸方向電勢(shì)升高
D.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能不變,沿著z軸方向電勢(shì)降低
7、關(guān)于電流周圍的磁感線分布情況,圖中哪一個(gè)是正確的是()
N
A.
多選題
3
8、霍爾元件的示意圖如圖所示,它由長(zhǎng)X寬X厚axbxd、單位體積內(nèi)自由電子數(shù)為〃的N型半導(dǎo)體制成(設(shè)電
子電荷量為e)。在一矩形霍爾元件的1、2間通入電流/同時(shí)外加與元件工作面垂直的磁場(chǎng)瓦當(dāng)接線端3、
4間霍爾電壓為達(dá)到穩(wěn)定值后,4的大小與/和6以及霍爾元件厚度d之間滿足關(guān)系式4=喑,其中比例
系數(shù)總稱為霍爾系數(shù),僅與材料性質(zhì)有關(guān)。下列說法正確的是()
A.接線端3的電勢(shì)比接線端4的電勢(shì)低
B.自由電子受到的洛倫茲力大小為警
C.式中霍爾系數(shù)可表示為RH=2
D.在測(cè)定地球赤道上方的地磁場(chǎng)強(qiáng)弱時(shí),霍爾元件的工作面應(yīng)保持與地面平行
9、如圖,4,是一個(gè)半徑為A的四分之一圓弧,將其放置在與平面垂直的磁感應(yīng)強(qiáng)度為6的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。
當(dāng)該導(dǎo)線中通以由/到C大小為/的恒定電流時(shí),該導(dǎo)線受到安培力的大小和方向是()
A.安培力大小為B/R
B.安培力大小為為&B/R
C.安培力方向?yàn)榇怪?,的連線指向左下方
D.安培力方向?yàn)榇怪保?。的連線指向右上方
4
10、如圖所示,在Xa坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)有在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶電粒子在〃點(diǎn)以與“軸正方向
成60。的方向垂直磁場(chǎng)射入,并且恰好垂直y軸射出磁場(chǎng)。已知帶電粒子質(zhì)量為加、電荷量為aOP=a,不計(jì)
重力。根據(jù)上述信息可以得出()
<--------XXXX
XXXX
XXXX
x
a
o\<>IPX
A.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡方程B.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率
C.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間D.整個(gè)過程洛倫茲力的沖量的方向
填空題
11、如圖中可是勻強(qiáng)磁場(chǎng)里的一片薄金屬片,其平面與磁場(chǎng)方向平行,一個(gè)粒子從某點(diǎn)以與網(wǎng)垂直的速度射
出,動(dòng)能是£該粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,今測(cè)得它在金屬片兩邊的軌道半徑之比是10:9,若在
穿越金屬板過程中粒子受到的阻力大小及電荷量恒定,則該粒子每穿過一次金屬片,動(dòng)能減少了
該粒子最多能穿過金屬板次。
12、利用右圖所示裝置可測(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度B,矩形線圈寬為L(zhǎng),共N匝,磁場(chǎng)垂直于紙面,當(dāng)線圈中通以方向如
圖所示的電流I時(shí),天平如圖示那樣平衡.當(dāng)電流改為反方向時(shí)(大小不變),右邊再加質(zhì)量為m的跌碼后,
天平重新平衡,由此可知B的方向垂直紙面向且8=.
5
13、分析航天探測(cè)器中的電子束運(yùn)動(dòng)軌跡可知星球表面的磁場(chǎng)情況。在星球表面某處,探測(cè)器中的電子束垂直
射入磁場(chǎng)。在磁場(chǎng)中的部分軌跡為圖中的實(shí)線,它與虛線矩形區(qū)域4靦的邊界交于a、b兩點(diǎn)。a點(diǎn)的軌跡切
線與垂直,6點(diǎn)的軌跡切線與融的夾角為60°。已知電子的質(zhì)量為雙電荷量為e,電子從a點(diǎn)向6點(diǎn)運(yùn)動(dòng)
速度大小為物矩形區(qū)域的寬度為d此區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)。據(jù)此可知,星球表面該處磁場(chǎng)的磁感
應(yīng)強(qiáng)度大小為電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到6點(diǎn)所用的。時(shí)間為。
6
2022屆高中物理磁場(chǎng)_01F參考答案
1、答案:D
解析:
A.由于電子帶負(fù)電,要在MN間加速則MN間電場(chǎng)方向由N指向M,根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知
M的電勢(shì)低于N的電勢(shì),故A錯(cuò)誤;
B.增大加速電壓則根據(jù)
1.
eU=-mv£
可知會(huì)增大到達(dá)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的速度;又根據(jù)在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中洛倫茲力提供向心力有
V2
evB=m-
可得
mv
R=—
eB
可知會(huì)增大在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)半徑,由于磁場(chǎng)寬度相同,故根據(jù)幾何關(guān)系可知會(huì)減小偏轉(zhuǎn)的角度,故P點(diǎn)會(huì)
右移,故B錯(cuò)誤;
C.電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng),向下偏轉(zhuǎn),根據(jù)左手定則可知磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,故C錯(cuò)誤;
D.由B選項(xiàng)的分析可知,當(dāng)其它條件不變時(shí),增大偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度會(huì)減小半徑,從而增大偏轉(zhuǎn)角度,使
P點(diǎn)左移,故D正確。
故選D。
2、答案:C
解析:
7
A.根據(jù)磁場(chǎng)方向和小物塊的運(yùn)動(dòng)方向,由左手定則可知,小物塊的洛倫茲力方向垂直斜面,因帶電小物塊下
滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零,則洛倫茲力方向垂直斜面向上,根據(jù)左手定則判斷,小物塊帶負(fù)電,故
A錯(cuò)誤;
BC.小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí),對(duì)小物塊受力分析可知,小物塊所受合力
產(chǎn)合=mgsind—^(mgcosd-qvB)
由上式可知,隨著v增大,洛倫茲力增大,F(xiàn)合增大,a增大,則小物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度增大,而速度
也增大的變加速直線運(yùn)動(dòng),故B錯(cuò)誤,C正確;
D.小物塊對(duì)斜面壓力為零時(shí),有
mgcosO—qvB
解得
mgcosO
v=------
qB
故D錯(cuò)誤。
故選C。
3、答案:B
解析:
本題屬于信息題,由題干“把另一直流發(fā)電機(jī)發(fā)出的電接到了他自己送展的直流發(fā)電機(jī)的電流輸出端.”可知
B對(duì);
4、答案:A
解析:
方法1。正交分解:令安培力為咒與斜面夾角為明斜向上,則
8
由垂直斜面方向平衡,有
mgcosB=N+Fsina
N=mgcosd—Fsina
由平行斜面方向,有
Fcosa—mgsind—/zN=ma
得
Fcosa—mgsind—^(mgcQsd—Fsina)=ma
mgsin0+ma+nmgcosO__mgsinO+ma+^mgcosO
cosa+gsina_____/\
則上式變?yōu)?/p>
mgsind+ma+[imgcosd
+rsinQ?+a)
式中sin(£+a)=l時(shí),,,最小,代入數(shù)據(jù)得
Fmin/回。
又0+a=9O°,貝IJ
9
V3
T=a=30°
又由安培力公式F=BU,可得最小磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)遍T
方法2:矢量圖法。因合力為沿斜面向上的
F=ma=1.2N
即重力rng、全反力K和安培力的合力為久考慮到。大小方向已知,全反力方向已知(與支持力成30。角,故
與豎直方向成60。角,如圖),而安培力大小和方向均未知,故平移成矢量圖時(shí),按上述順序構(gòu)建矢量圖時(shí),
因合力大小和方向已知,故相當(dāng)于安培力箭頭位置確定,如圖,可知最小安培力對(duì)應(yīng)從尸的箭頭向方向確定的
A作垂線即可。由圖可知,上面小三角形為等腰三角形,則
FD=1.2V3N
DG=(4-1.2;N=2.8N
/?D=1.4V3N
故
同解。
10
5、答案:A
解析:
試題分析:乙為雙繞線圈,兩股導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消,管內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零,故A正確.
考點(diǎn):磁場(chǎng)的疊加
名師點(diǎn)睛:本題比較簡(jiǎn)單,考查了通電螺線管周圍的磁場(chǎng),弄清兩圖中電流以及導(dǎo)線的繞法的異同即可正確解
答本題.
6、答案:C
解析:
由左手定則可知,質(zhì)子所受的洛倫茲力方向沿z軸正向,由于質(zhì)子做勻速運(yùn)動(dòng),則所受電場(chǎng)力方向?yàn)閦軸負(fù)向,
大小等于洛倫茲力,即有
Eq=Bvq
電場(chǎng)的方向沿z軸負(fù)向,故運(yùn)動(dòng)中電場(chǎng)力不做功,電勢(shì)能不變;沿z軸正方向電勢(shì)升高;ABD錯(cuò)誤,C正確。
故選C。
考點(diǎn):洛倫茲力;電場(chǎng)力及電勢(shì)能
【名師點(diǎn)睛】
此題是對(duì)左手定則以及電場(chǎng)強(qiáng)度及電勢(shì)能的考查;要熟練掌握左手定則判斷洛倫茲力的方法,注意四指指正電
荷的運(yùn)動(dòng)方向,大拇指指洛倫茲力方向;電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的變化量,沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低,這些
都應(yīng)該熟練掌握.
7、答案:A
解析:
11
A.根據(jù)安培定則可以判斷該環(huán)形電流內(nèi)部的磁感線方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?,故A正確;
B.根據(jù)安培定則可以判斷該直線電流周圍的磁感線方向應(yīng)為順時(shí)針方向,故B錯(cuò)誤;
C.根據(jù)安培定則可以判斷該螺線管的左端為N極,故C錯(cuò)誤;
D.根據(jù)安培定則可以判斷該直線電流周圍的磁感線方向應(yīng)為逆時(shí)針方向(俯視),故D錯(cuò)誤。
故選A。
8、答案:AC
解析:
A.由題意可知自由電子定向移動(dòng)的方向?yàn)橛?-1,根據(jù)左手定則可知自由電子將在接線端3所在的一面集聚,
所以接線端3的電勢(shì)比接線端4的電勢(shì)低,故A正確;
B.當(dāng)3、4之間的電壓穩(wěn)定時(shí),自由電子定向移動(dòng)過程中所受洛倫茲力/■與電場(chǎng)力平衡,即
/=eE=誓①
故B錯(cuò)誤;
C.根據(jù)電流的微觀表達(dá)式有
I—neSv=nebdv②
根據(jù)洛倫茲力公式有
f=evB③
聯(lián)立①<2)③以及題給功的表達(dá)式可得
1
場(chǎng)=一
ne
故C正確;
12
D.赤道上方地磁場(chǎng)方向平行于地面,又因?yàn)榇艌?chǎng)方向與工作面垂直,所以在測(cè)定地球赤道上方的地磁場(chǎng)強(qiáng)弱
時(shí),霍爾元件的工作面應(yīng)保持與地面垂直,故D錯(cuò)誤。
故選AC。
9、答案:BD
解析:
直導(dǎo)線折成半徑為彳的;圓弧形狀,在磁場(chǎng)中的有效長(zhǎng)度為
4
L=y/2R
則安培力大小為
F=BIL=y[2BlR
安培力的方向與等效長(zhǎng)度的直線垂直,根據(jù)左手定則可得,安培力的方向垂直的連線指向右上方。
故選BD。
10、答案:AD
解析:
A.由題意,作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖1所示,根據(jù)幾何關(guān)系可知
00i=atan30°=fa
a2V3
R__=____a
cos30°~
帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡方程為
V34
%+(丫—石。)=3a
13
故A符合題意;
圖1
BC.設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率為匕根據(jù)牛頓第二定律有
V2
qvB=
解得
BqR
v=-----
m
帶電粒子運(yùn)動(dòng)的周期為
2nR2urn
T==——
vBq
由于磁感應(yīng)強(qiáng)度少未知,所以。和T無法求解,進(jìn)而無法求解粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間,故BC不符合題意;
D.如圖2所示,整個(gè)過程洛倫茲力的沖量方向?yàn)閯?dòng)量變化量的方向,即速度變化量的方向,為與x軸負(fù)方向
成30。角,故D符合題意。
故選AD。
V
14
圖2
11、答案:0.19F5
解析:
粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),洛倫茲力提供向心力,由
V2
qvB=m—
得
mvj2mEk
R=—-=------
qBqB
由已知Ri:Rz=1。:9
得
Eki_100
布=近
粒子每穿過一次金屬片,動(dòng)能減少了
△Ek=Eki—Ek2=0.19F
該粒子最多穿過金屬板的次數(shù)為詈次,約為5次。
12、答案:垂直紙面向里B=黑
2NIL
解析:
試題分析:當(dāng)B的方向垂直紙面向里,開始線圈所受安培力的方向向下,電流方向相反,則安培力方向反向,
15
mg
變?yōu)樨Q直向上,
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