2023-2024學(xué)年四川省宜賓市高二下學(xué)期7月期末考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年春期宜賓市普通高中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)高二年級(jí)物理一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖，風(fēng)對(duì)帆面的作用力垂直于帆面，它能分解成兩個(gè)分力，其中垂直于航向，會(huì)被很大的橫向阻力平衡，沿著航向，提供動(dòng)力。若帆面與航向之間的夾角為，下列說(shuō)法正確的是（）A. B.C.船受到的橫向阻力為 D.船前進(jìn)的動(dòng)力為〖答案〗B〖解析〗AB．根據(jù)幾何關(guān)系可得解得故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)題意可知，船受到的橫向阻力與等大反向，即等于，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意可知，船前進(jìn)的動(dòng)力為沿著航向的分力，根據(jù)幾何關(guān)系可得解得故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖，利用電勢(shì)差計(jì)和帶電擺球研究平行板電容器。平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)。若發(fā)現(xiàn)電勢(shì)差計(jì)指針張角變小，擺球懸線偏角不變，下列操作可能的是（）A.板間距離減小 B.板間距離增大C.減小兩板正對(duì)面積 D.平行板間放入電介質(zhì)〖答案〗A〖解析〗設(shè)懸線與豎直方向的夾角為，兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度為,小球帶電量為，小球質(zhì)量為，由平衡條件得AB．平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，電容器所帶電荷量不變，由，再結(jié)合可得可知只改變板間距離，平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故板間距離減小或增大，擺球懸線偏角不變。板間距離減小，增大，不變，則減小，電勢(shì)差計(jì)指針張角變??；板間距離增大，減小，不變，則增大，電勢(shì)差計(jì)指針張角變大，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由，減小兩板正對(duì)面積，減小，不變，則增大，電勢(shì)差計(jì)指針張角變大，故C錯(cuò)誤；D．平行板間放入電介質(zhì)，由，增大，不變，則減小，電勢(shì)差計(jì)指針張角變小，由得減小，擺球懸線偏角減小，故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖甲，在真空中固定兩個(gè)相同的點(diǎn)電荷A、B，它們關(guān)于x軸上的P點(diǎn)對(duì)稱，在x軸上的電場(chǎng)強(qiáng)度E與坐標(biāo)位置x的關(guān)系圖像如圖乙。若在坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放一個(gè)點(diǎn)電荷C（重力忽略不計(jì)），釋放后它先沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)。規(guī)定沿x軸正方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方向，則關(guān)于點(diǎn)電荷C的以下說(shuō)法正確的是（）A.帶負(fù)電荷B.在處動(dòng)能最大C.在處電勢(shì)能最小D.點(diǎn)電荷不可能沿軸做往返運(yùn)動(dòng)〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知，在x軸上的P點(diǎn)對(duì)應(yīng)點(diǎn)，在P點(diǎn)的左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度為正值，說(shuō)明場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸正方向。在P點(diǎn)的右側(cè)為電場(chǎng)強(qiáng)度負(fù)值，場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，可知A、B帶等量負(fù)電，在坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放一個(gè)點(diǎn)電荷C，釋放后它先沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)電荷C帶正電荷，故A錯(cuò)誤；BC．點(diǎn)電荷C從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，從P點(diǎn)沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故點(diǎn)電荷C在處動(dòng)能最大，在處電勢(shì)能最小，故B錯(cuò)誤，C正確；D．設(shè)O點(diǎn)關(guān)于P點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)為點(diǎn)C，點(diǎn)電荷從O點(diǎn)到P點(diǎn)，做加速運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)到C點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，速度為零后從C點(diǎn)到P點(diǎn)反向做加速運(yùn)動(dòng)，然后從從P點(diǎn)到O點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，如此反復(fù)，故點(diǎn)電荷C將沿x軸做往返運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C。4.某容器封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體從狀態(tài)a開(kāi)始經(jīng)歷ab、bc、cd、da后回到a，體積V隨攝氏溫度t的變化關(guān)系如圖，其中bc、ad均平行于t軸，下列說(shuō)法正確的是（）A.從狀態(tài)a到b，所有氣體分子的動(dòng)能均增大B.從狀態(tài)b到c，氣體要從外界吸收熱量C.從狀態(tài)c到d，氣體放出熱量小于外界對(duì)氣體做功D.氣體從狀態(tài)a到b對(duì)外做的功大于從狀態(tài)c到d外界對(duì)氣體做的功〖答案〗B〖解析〗A．從狀態(tài)a到b，氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，并不是所有氣體分子的動(dòng)能均增大，故A錯(cuò)誤；B．從狀態(tài)b到c，氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功；氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律，可知?dú)怏w要從外界吸收熱量，故B正確；C．從狀態(tài)c到d，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，則從狀態(tài)c到d，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，則由熱力學(xué)第一定律，可知即氣體放出熱量，并且氣體放出熱量大于外界對(duì)氣體做功，故C錯(cuò)誤；D．氣體從狀態(tài)a到b與從狀態(tài)c到d，氣體都做等壓變化，由，可得則氣體從狀態(tài)a到b的壓強(qiáng)比從狀態(tài)c到d的壓強(qiáng)??；由，可知?dú)怏w從狀態(tài)a到b對(duì)外做的功小于從狀態(tài)c到d外界對(duì)氣體做的功，故D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，等腰三角形為一棱鏡的橫截面，；一平行于邊的細(xì)光束從邊射入棱鏡，在邊反射后從邊射出，出射光分成了不同顏色的兩束，甲光的出射點(diǎn)在乙光的下方，不考慮多次反射。下列說(shuō)法正確的是（）A.甲光的頻率比乙光的高B.在真空中的傳播速度，甲光比乙光的大C.該棱鏡對(duì)甲光的折射率大于對(duì)乙光的折射率D.在棱鏡內(nèi)邊反射時(shí)的入射角，甲光比乙光的大〖答案〗D〖解析〗AC．根據(jù)折射定律和反射定律作出光路圖如圖所示由圖可知，乙光在棱鏡中偏轉(zhuǎn)得的折射角較小，根據(jù)折射定律可知乙光的折射率大于甲光的折射率，則乙光的頻率高于甲光的頻率，根據(jù)可知乙光的波長(zhǎng)短，故AC錯(cuò)誤；B．不同頻率的光在真空中的傳播速度是一樣的，在真空中甲光和乙光的傳播速度相同，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)幾何關(guān)系可知光在棱鏡內(nèi)bc邊反射時(shí)的入射角，甲光比乙光的大，故D正確。故選D。6.宇宙射線進(jìn)入地球大氣層與大氣作用會(huì)產(chǎn)生中子，中子與大氣中的氮14會(huì)產(chǎn)生以下核反應(yīng)：，產(chǎn)生的能自發(fā)進(jìn)行衰變，其半衰期為5730年，利用碳14的衰變規(guī)律可推斷古木的年代。下列說(shuō)法正確的是（）A.發(fā)生衰變的產(chǎn)物是B.衰變輻射出的電子來(lái)自于碳原子的核外電子C.近年來(lái)由于地球的溫室效應(yīng)，引起的半衰期發(fā)生微小變化D.若測(cè)得一古木樣品的含量為活體植物的，則該古木距今約為11460年〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)即發(fā)生衰變的產(chǎn)物是，故A正確；B．衰變輻射出的電子來(lái)自于原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)放出的電子，故B錯(cuò)誤；C．半衰期與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．若測(cè)得一古木樣品的含量為活體植物的，可知經(jīng)過(guò)了1個(gè)半衰期，則該古木距今約為5730年，故D錯(cuò)誤。故選A。7.如圖，光滑絕緣水平桌面上有一均質(zhì)正方形金屬線框，線框以速度進(jìn)入一個(gè)直線邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（磁場(chǎng)的寬度大于線框的邊長(zhǎng)），當(dāng)線圈全部進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，速度減小到，下列說(shuō)法正確的是（）A.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.線框能全部穿出磁場(chǎng)C.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中與離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量之比為8∶1D.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中與離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)線框某截面的電荷量之比為3∶2〖答案〗C〖解析〗A．線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受安培力大小為隨著速度減小，安培力逐漸減小，加速度減小，所以線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做變速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BD．假設(shè)線圈能全部穿出磁場(chǎng)，線圈剛?cè)窟M(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為，剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度為，線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，取向右為正方向，由動(dòng)量定理得：通過(guò)線圈的電荷量線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，取向右為正方向，由動(dòng)量定理得通過(guò)線圈的電荷量聯(lián)立解得所以線圈不能全部穿出磁場(chǎng)，則，代入上式可知故BD錯(cuò)誤；C．線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有解得故C正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全都選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.2023年9月21日，“天宮課堂”第四課正式開(kāi)講，這是中國(guó)航天員首次在夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙內(nèi)進(jìn)行授課，若夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙繞地球的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道離地面的高度約為地球半徑的倍。已知地球半徑為，地球表面的重力加速度為，引力常量為，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，下列說(shuō)法正確的是（）A.漂浮在實(shí)驗(yàn)艙中的航天員不受地球引力B.實(shí)驗(yàn)艙繞地球運(yùn)動(dòng)的線速度大小約為C.實(shí)驗(yàn)艙繞地球運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小約為D.地球的密度約為〖答案〗BD〖解析〗A．漂浮在空間站中的宇航員依然受地球的引力，所受引力提供做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，故A錯(cuò)誤；BC．設(shè)空間站的質(zhì)量為m，其所受萬(wàn)有引力提供向心力，有結(jié)合解得故B正確，C錯(cuò)誤；D．地球的平均密度約為故D正確。故選BD。9.如圖甲，位于坐標(biāo)原點(diǎn)O的波源從時(shí)刻開(kāi)始振動(dòng)，形成了沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波。時(shí)，平衡位置位于處的質(zhì)點(diǎn)A第一次到達(dá)波峰，質(zhì)點(diǎn)B的平衡位置位于處，波源O的振動(dòng)圖像如圖乙。下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)A的起振方向沿y軸正方向B.該波的波速為10m/sC.從到的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程為12cmD.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B的加速度與速度同向〖答案〗BD〖解析〗A．由圖b可知，波源O的起振方向沿y軸負(fù)方向，所以質(zhì)點(diǎn)A起振方向沿y軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；B．由圖b可知，周期為2s，則解得該波的波速為故B正確；C．質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)過(guò)1.5s開(kāi)始起振，所以3s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)實(shí)際振動(dòng)的時(shí)間為1.5s，即四分之三個(gè)周期，所以質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程為故C錯(cuò)誤；D．波傳到質(zhì)點(diǎn)B的時(shí)間為則3.75s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B的在y軸負(fù)半軸向平衡位置運(yùn)動(dòng)，所以速度沿y軸正方向，加速度沿y軸正方向，所以加速度與速度同向，故D正確。故選BD。10.如圖甲，轎廂內(nèi)質(zhì)量為的物塊的右邊被一根輕彈簧用的水平拉力向右拉著且保持靜止，物塊與轎廂水平底面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3。時(shí)，轎廂在豎直軌道作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，軌道對(duì)轎廂豎直向上的作用力的大小隨時(shí)間的變化如圖乙，時(shí)，物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)。轎廂和廂內(nèi)物塊的總質(zhì)量為，重力加速度大小取，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則（）A.時(shí)，轎廂的加速度大小為B.時(shí)，軌道對(duì)轎廂的作用力大小為C.時(shí)，轎廂的速度大小為D.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，物塊在水平方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗AC〖解析〗AB．物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)，根據(jù)平衡條件可知此時(shí)彈簧彈力等于物塊與轎廂間的摩擦力，對(duì)轎廂受力分析，豎直方向?qū)ξ飰K受力分析其中解得，故A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理可得解得故C正確；D．物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，開(kāi)始時(shí)物塊在水平方向上受摩擦力和彈力作用，而恢復(fù)原長(zhǎng)后，水平方向上只受摩擦力，方向與開(kāi)始時(shí)合力方向不同，故不是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11.某實(shí)驗(yàn)研究小組在實(shí)驗(yàn)室利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。將一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，在長(zhǎng)木板的旁邊固定有刻度尺，物塊通過(guò)細(xì)線跨過(guò)定滑輪與砂桶相連，多次改變砂桶的質(zhì)量（并測(cè)出砂桶的質(zhì)量m），每次都讓物塊從同一位置由靜止釋放，利用手機(jī)計(jì)時(shí)器測(cè)出物塊運(yùn)動(dòng)相同距離L（用長(zhǎng)木板旁邊的刻度尺讀出）所用的時(shí)間t，記錄多組m、t的數(shù)據(jù)，已知重力加速度為g，請(qǐng)你回答以下問(wèn)題：（1）研究小組認(rèn)為細(xì)線拉力大小近似等于砂桶的重力，則需要滿足物塊的質(zhì)量______（選填“遠(yuǎn)大于”或者“遠(yuǎn)小于”）砂桶的質(zhì)量；（2）利用記錄數(shù)據(jù)作出圖像如圖乙，若圖線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為，與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為，則物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_____；物塊的質(zhì)量為_(kāi)_____。（請(qǐng)用題目中所給的字母符號(hào)如來(lái)表示）〖答案〗（1）遠(yuǎn)大于（2）〖解析〗（1）以物塊為對(duì)象，有以沙桶為對(duì)象，有聯(lián)立可得可知要使細(xì)線的拉力大小近似等于所掛沙桶的總重力，則需要滿足物塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砂桶的質(zhì)量；（2）[1][2]由于物塊做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有得①由牛頓第二定律得②由①②解得結(jié)合圖像得解得12.某探究小組利用課外時(shí)間做了如下探究實(shí)驗(yàn)：先利用如圖的電路來(lái)測(cè)量?jī)蓚€(gè)電壓表的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)分兩個(gè)過(guò)程，先用替代法測(cè)出電壓表V1的內(nèi)阻，然后用半偏法測(cè)出電壓表V2的內(nèi)阻。供選用的器材如下：A.待測(cè)電壓表V1，量程為，內(nèi)阻B.待測(cè)電壓表V2，量程為，內(nèi)阻C.電阻箱，阻值范圍D.滑動(dòng)變阻器，阻值，額定電流E.滑動(dòng)變阻器，阻值范圍，額定電流F.電池組，電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)電阻約G.單刀單擲開(kāi)關(guān)、單刀雙擲開(kāi)關(guān)各一個(gè)及導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)器材選擇除外，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______（用器材前的字母表示）（2）下面是主要實(shí)驗(yàn)操作步驟，將所缺的內(nèi)容補(bǔ)充完整；①用替代法測(cè)待測(cè)電壓表的內(nèi)阻；根據(jù)電路圖連成實(shí)驗(yàn)電路，并將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭置于左端；將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置于觸點(diǎn)2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表的指針指在刻度盤第格，然后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置于觸點(diǎn)1，調(diào)節(jié)電阻箱使電壓表的指針仍指在刻度盤第格，記下此時(shí)電阻箱的阻值，則電壓表的內(nèi)阻測(cè)量值為_(kāi)_____。②用半偏法測(cè)待測(cè)電壓表的內(nèi)阻：將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置于觸點(diǎn)1，電阻箱的阻值調(diào)為零，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表的指針滿偏。保持滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的指針半偏，記下電阻箱的阻值，則電壓表的內(nèi)阻測(cè)量值為_(kāi)_____。（3）上述兩種測(cè)量方法都有誤差，其中有種測(cè)量方法沒(méi)有系統(tǒng)誤差，接下來(lái)該小組選用此測(cè)量方法測(cè)出其內(nèi)阻的電壓表，改裝成一量程為4.0V的電壓表繼續(xù)完成后續(xù)的探究實(shí)驗(yàn)，需______（選填“串聯(lián)”或者“并聯(lián)”）一個(gè)阻值為_(kāi)_____kΩ的電阻。〖答案〗（1）D（2）2030（3）串聯(lián)20〖解析〗（1）通過(guò)電路圖可知滑動(dòng)變阻器的接法為分壓式，分壓式所用滑動(dòng)變阻器阻值較小，若選E，當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器全部接入電路，流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流為流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流大于額定電流。故選D。（2）[1]根據(jù)替代法的實(shí)驗(yàn)原理可知，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R′，使電壓表V2的指針指在刻度盤第N格，然后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2置于觸點(diǎn)1，調(diào)節(jié)電阻箱R使電壓表V2的指針仍指在刻度盤第N格，即回路中電流不變，總電阻不變，則電壓表V1的內(nèi)阻應(yīng)等于電阻箱的阻值20kΩ；[2]根據(jù)半偏法的實(shí)驗(yàn)原理可知，先讓V2表滿偏，然后電阻箱接入電路和電壓表V2串聯(lián)分壓，因并聯(lián)電路的總電壓幾乎不變，當(dāng)V2的示數(shù)半偏時(shí)可以認(rèn)為電阻箱的分壓和電壓表電壓相同，因此電阻箱的阻值等于電壓表的內(nèi)阻，所以電壓表的內(nèi)阻等于電阻箱的阻值30kΩ。（3）[1][2]由于等效替代法不存在系統(tǒng)誤差，而半偏法存在系統(tǒng)誤差，因?yàn)閷㈦娮柘浣尤腚娐泛螅沟秒妷罕砗碗娮柘涞姆謮涸龃?，所以V2的測(cè)量值偏大，而V1的內(nèi)阻測(cè)量值等于真實(shí)值，所以根據(jù)電表改裝原理可知，應(yīng)該將電壓表V1串聯(lián)一個(gè)定值電阻改裝成一量程為4.0V的電壓表，且串聯(lián)的電阻阻值為13.如圖，光滑水平面上固定一半徑為的光滑圓弧軌道，末端恰好與水平地面相切，質(zhì)量為的小球B靜止在水平軌道上?，F(xiàn)將一個(gè)與B球完全相同的小球A從圓弧軌道的點(diǎn)處由靜止釋放，點(diǎn)與點(diǎn)的連線與豎直方向的夾角，A球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與B球發(fā)生正碰并粘在一起，小球A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，，。求：（1）A球運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道末端時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力；（2）A、B兩球碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能?！即鸢浮剑?）；方向豎直向下；（2）〖解析〗（1）A球從釋放到圓弧軌道末端，根據(jù)動(dòng)能定理得解得在圓軌道最低點(diǎn)，對(duì)A球由牛頓第二定律得解得由牛頓第三定律，A球?qū)A弧軌道的壓力方向豎直向下。（2）A、B碰撞過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得解得則碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能為解得14.如圖，一光滑平臺(tái)的末端與水平傳送帶左端點(diǎn)無(wú)縫平滑連接，平臺(tái)高，傳送帶、兩點(diǎn)間的距離?，F(xiàn)有一質(zhì)量的滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），以的速度沿光滑平臺(tái)向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)，傳送帶立即由靜止開(kāi)始順時(shí)針加速轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶的加速度大小恒為，滑塊從點(diǎn)離開(kāi)后落到水平地面上，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑塊所受最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，，忽略皮帶輪的大小。求：（1）滑塊從C點(diǎn)落到地面所用時(shí)間；（2）滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的最小速度；（3）滑塊通過(guò)傳送帶的過(guò)程中，與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的總熱量?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）滑塊從點(diǎn)飛出后，做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有解得（2）滑塊先做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得解得假設(shè)兩者能達(dá)到速度相等，有v=a解得，共速前，滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)對(duì)地位移大小為因，假設(shè)成立，共速后，滑塊所受滑動(dòng)摩擦力反向，做勻加速運(yùn)動(dòng)直到滑離皮帶，所以最小速度為（3）共速前，皮帶的位移大小為相對(duì)位移大小共速后，對(duì)滑塊有解得根據(jù)動(dòng)力學(xué)公式解得對(duì)皮帶相對(duì)路程為與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的總熱量為解得15.一質(zhì)量為、電荷量為的帶電粒子始終在同一豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，其速度可用圖示的直角坐標(biāo)系內(nèi)，一個(gè)點(diǎn)表示，分別為粒子速度在豎直面內(nèi)兩個(gè)坐標(biāo)軸上的分量。粒子出發(fā)時(shí)位于圖中點(diǎn)，粒子在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)作用下運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)沿線段移動(dòng)到點(diǎn)；隨后粒子離開(kāi)電場(chǎng)，進(jìn)入方向水平向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，點(diǎn)沿以為圓心的圓弧移動(dòng)至點(diǎn)；然后粒子離開(kāi)磁場(chǎng)返回電場(chǎng)，點(diǎn)沿線段回到點(diǎn)。已知帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，任何相等的時(shí)間內(nèi)速度改變量的大小都相等，不計(jì)重力。求：（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和周期；（2）電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；（3）點(diǎn)沿圖中閉合曲線移動(dòng)1周回到點(diǎn)時(shí)，粒子位移的大小?！即鸢浮剑?），；（2）；（3）〖解析〗（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為根據(jù)洛倫茲力提供向心力解得做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為周期為（2）根據(jù)題意，可得解得（3）根據(jù)題意分析可知從點(diǎn)到點(diǎn)粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度為，繞一圈的過(guò)程中兩次在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱性可知粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，從到過(guò)程中粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，得故可得該段時(shí)間內(nèi)沿方向位移為根據(jù)幾何知識(shí)可得由粒子在兩次電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知移動(dòng)一周時(shí)粒子位移的大小為聯(lián)立解得2024年春期宜賓市普通高中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)高二年級(jí)物理一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖，風(fēng)對(duì)帆面的作用力垂直于帆面，它能分解成兩個(gè)分力，其中垂直于航向，會(huì)被很大的橫向阻力平衡，沿著航向，提供動(dòng)力。若帆面與航向之間的夾角為，下列說(shuō)法正確的是（）A. B.C.船受到的橫向阻力為 D.船前進(jìn)的動(dòng)力為〖答案〗B〖解析〗AB．根據(jù)幾何關(guān)系可得解得故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)題意可知，船受到的橫向阻力與等大反向，即等于，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意可知，船前進(jìn)的動(dòng)力為沿著航向的分力，根據(jù)幾何關(guān)系可得解得故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖，利用電勢(shì)差計(jì)和帶電擺球研究平行板電容器。平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)。若發(fā)現(xiàn)電勢(shì)差計(jì)指針張角變小，擺球懸線偏角不變，下列操作可能的是（）A.板間距離減小 B.板間距離增大C.減小兩板正對(duì)面積 D.平行板間放入電介質(zhì)〖答案〗A〖解析〗設(shè)懸線與豎直方向的夾角為，兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度為,小球帶電量為，小球質(zhì)量為，由平衡條件得AB．平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，電容器所帶電荷量不變，由，再結(jié)合可得可知只改變板間距離，平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故板間距離減小或增大，擺球懸線偏角不變。板間距離減小，增大，不變，則減小，電勢(shì)差計(jì)指針張角變小；板間距離增大，減小，不變，則增大，電勢(shì)差計(jì)指針張角變大，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由，減小兩板正對(duì)面積，減小，不變，則增大，電勢(shì)差計(jì)指針張角變大，故C錯(cuò)誤；D．平行板間放入電介質(zhì)，由，增大，不變，則減小，電勢(shì)差計(jì)指針張角變小，由得減小，擺球懸線偏角減小，故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖甲，在真空中固定兩個(gè)相同的點(diǎn)電荷A、B，它們關(guān)于x軸上的P點(diǎn)對(duì)稱，在x軸上的電場(chǎng)強(qiáng)度E與坐標(biāo)位置x的關(guān)系圖像如圖乙。若在坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放一個(gè)點(diǎn)電荷C（重力忽略不計(jì)），釋放后它先沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)。規(guī)定沿x軸正方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方向，則關(guān)于點(diǎn)電荷C的以下說(shuō)法正確的是（）A.帶負(fù)電荷B.在處動(dòng)能最大C.在處電勢(shì)能最小D.點(diǎn)電荷不可能沿軸做往返運(yùn)動(dòng)〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知，在x軸上的P點(diǎn)對(duì)應(yīng)點(diǎn)，在P點(diǎn)的左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度為正值，說(shuō)明場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸正方向。在P點(diǎn)的右側(cè)為電場(chǎng)強(qiáng)度負(fù)值，場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，可知A、B帶等量負(fù)電，在坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放一個(gè)點(diǎn)電荷C，釋放后它先沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)電荷C帶正電荷，故A錯(cuò)誤；BC．點(diǎn)電荷C從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，從P點(diǎn)沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故點(diǎn)電荷C在處動(dòng)能最大，在處電勢(shì)能最小，故B錯(cuò)誤，C正確；D．設(shè)O點(diǎn)關(guān)于P點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)為點(diǎn)C，點(diǎn)電荷從O點(diǎn)到P點(diǎn)，做加速運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)到C點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，速度為零后從C點(diǎn)到P點(diǎn)反向做加速運(yùn)動(dòng)，然后從從P點(diǎn)到O點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，如此反復(fù)，故點(diǎn)電荷C將沿x軸做往返運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C。4.某容器封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體從狀態(tài)a開(kāi)始經(jīng)歷ab、bc、cd、da后回到a，體積V隨攝氏溫度t的變化關(guān)系如圖，其中bc、ad均平行于t軸，下列說(shuō)法正確的是（）A.從狀態(tài)a到b，所有氣體分子的動(dòng)能均增大B.從狀態(tài)b到c，氣體要從外界吸收熱量C.從狀態(tài)c到d，氣體放出熱量小于外界對(duì)氣體做功D.氣體從狀態(tài)a到b對(duì)外做的功大于從狀態(tài)c到d外界對(duì)氣體做的功〖答案〗B〖解析〗A．從狀態(tài)a到b，氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，并不是所有氣體分子的動(dòng)能均增大，故A錯(cuò)誤；B．從狀態(tài)b到c，氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功；氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律，可知?dú)怏w要從外界吸收熱量，故B正確；C．從狀態(tài)c到d，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，則從狀態(tài)c到d，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，則由熱力學(xué)第一定律，可知即氣體放出熱量，并且氣體放出熱量大于外界對(duì)氣體做功，故C錯(cuò)誤；D．氣體從狀態(tài)a到b與從狀態(tài)c到d，氣體都做等壓變化，由，可得則氣體從狀態(tài)a到b的壓強(qiáng)比從狀態(tài)c到d的壓強(qiáng)小；由，可知?dú)怏w從狀態(tài)a到b對(duì)外做的功小于從狀態(tài)c到d外界對(duì)氣體做的功，故D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，等腰三角形為一棱鏡的橫截面，；一平行于邊的細(xì)光束從邊射入棱鏡，在邊反射后從邊射出，出射光分成了不同顏色的兩束，甲光的出射點(diǎn)在乙光的下方，不考慮多次反射。下列說(shuō)法正確的是（）A.甲光的頻率比乙光的高B.在真空中的傳播速度，甲光比乙光的大C.該棱鏡對(duì)甲光的折射率大于對(duì)乙光的折射率D.在棱鏡內(nèi)邊反射時(shí)的入射角，甲光比乙光的大〖答案〗D〖解析〗AC．根據(jù)折射定律和反射定律作出光路圖如圖所示由圖可知，乙光在棱鏡中偏轉(zhuǎn)得的折射角較小，根據(jù)折射定律可知乙光的折射率大于甲光的折射率，則乙光的頻率高于甲光的頻率，根據(jù)可知乙光的波長(zhǎng)短，故AC錯(cuò)誤；B．不同頻率的光在真空中的傳播速度是一樣的，在真空中甲光和乙光的傳播速度相同，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)幾何關(guān)系可知光在棱鏡內(nèi)bc邊反射時(shí)的入射角，甲光比乙光的大，故D正確。故選D。6.宇宙射線進(jìn)入地球大氣層與大氣作用會(huì)產(chǎn)生中子，中子與大氣中的氮14會(huì)產(chǎn)生以下核反應(yīng)：，產(chǎn)生的能自發(fā)進(jìn)行衰變，其半衰期為5730年，利用碳14的衰變規(guī)律可推斷古木的年代。下列說(shuō)法正確的是（）A.發(fā)生衰變的產(chǎn)物是B.衰變輻射出的電子來(lái)自于碳原子的核外電子C.近年來(lái)由于地球的溫室效應(yīng)，引起的半衰期發(fā)生微小變化D.若測(cè)得一古木樣品的含量為活體植物的，則該古木距今約為11460年〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)即發(fā)生衰變的產(chǎn)物是，故A正確；B．衰變輻射出的電子來(lái)自于原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)放出的電子，故B錯(cuò)誤；C．半衰期與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．若測(cè)得一古木樣品的含量為活體植物的，可知經(jīng)過(guò)了1個(gè)半衰期，則該古木距今約為5730年，故D錯(cuò)誤。故選A。7.如圖，光滑絕緣水平桌面上有一均質(zhì)正方形金屬線框，線框以速度進(jìn)入一個(gè)直線邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（磁場(chǎng)的寬度大于線框的邊長(zhǎng)），當(dāng)線圈全部進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，速度減小到，下列說(shuō)法正確的是（）A.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.線框能全部穿出磁場(chǎng)C.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中與離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量之比為8∶1D.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中與離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)線框某截面的電荷量之比為3∶2〖答案〗C〖解析〗A．線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受安培力大小為隨著速度減小，安培力逐漸減小，加速度減小，所以線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做變速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BD．假設(shè)線圈能全部穿出磁場(chǎng)，線圈剛?cè)窟M(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為，剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度為，線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，取向右為正方向，由動(dòng)量定理得：通過(guò)線圈的電荷量線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，取向右為正方向，由動(dòng)量定理得通過(guò)線圈的電荷量聯(lián)立解得所以線圈不能全部穿出磁場(chǎng)，則，代入上式可知故BD錯(cuò)誤；C．線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有解得故C正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全都選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.2023年9月21日，“天宮課堂”第四課正式開(kāi)講，這是中國(guó)航天員首次在夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙內(nèi)進(jìn)行授課，若夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙繞地球的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道離地面的高度約為地球半徑的倍。已知地球半徑為，地球表面的重力加速度為，引力常量為，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，下列說(shuō)法正確的是（）A.漂浮在實(shí)驗(yàn)艙中的航天員不受地球引力B.實(shí)驗(yàn)艙繞地球運(yùn)動(dòng)的線速度大小約為C.實(shí)驗(yàn)艙繞地球運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小約為D.地球的密度約為〖答案〗BD〖解析〗A．漂浮在空間站中的宇航員依然受地球的引力，所受引力提供做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，故A錯(cuò)誤；BC．設(shè)空間站的質(zhì)量為m，其所受萬(wàn)有引力提供向心力，有結(jié)合解得故B正確，C錯(cuò)誤；D．地球的平均密度約為故D正確。故選BD。9.如圖甲，位于坐標(biāo)原點(diǎn)O的波源從時(shí)刻開(kāi)始振動(dòng)，形成了沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波。時(shí)，平衡位置位于處的質(zhì)點(diǎn)A第一次到達(dá)波峰，質(zhì)點(diǎn)B的平衡位置位于處，波源O的振動(dòng)圖像如圖乙。下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)A的起振方向沿y軸正方向B.該波的波速為10m/sC.從到的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程為12cmD.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B的加速度與速度同向〖答案〗BD〖解析〗A．由圖b可知，波源O的起振方向沿y軸負(fù)方向，所以質(zhì)點(diǎn)A起振方向沿y軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；B．由圖b可知，周期為2s，則解得該波的波速為故B正確；C．質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)過(guò)1.5s開(kāi)始起振，所以3s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)實(shí)際振動(dòng)的時(shí)間為1.5s，即四分之三個(gè)周期，所以質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程為故C錯(cuò)誤；D．波傳到質(zhì)點(diǎn)B的時(shí)間為則3.75s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B的在y軸負(fù)半軸向平衡位置運(yùn)動(dòng)，所以速度沿y軸正方向，加速度沿y軸正方向，所以加速度與速度同向，故D正確。故選BD。10.如圖甲，轎廂內(nèi)質(zhì)量為的物塊的右邊被一根輕彈簧用的水平拉力向右拉著且保持靜止，物塊與轎廂水平底面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3。時(shí)，轎廂在豎直軌道作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，軌道對(duì)轎廂豎直向上的作用力的大小隨時(shí)間的變化如圖乙，時(shí)，物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)。轎廂和廂內(nèi)物塊的總質(zhì)量為，重力加速度大小取，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則（）A.時(shí)，轎廂的加速度大小為B.時(shí)，軌道對(duì)轎廂的作用力大小為C.時(shí)，轎廂的速度大小為D.物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，物塊在水平方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗AC〖解析〗AB．物塊恰好相對(duì)轎廂底面滑動(dòng)，根據(jù)平衡條件可知此時(shí)彈簧彈力等于物塊與轎廂間的摩擦力，對(duì)轎廂受力分析，豎直方向?qū)ξ飰K受力分析其中解得，故A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理可得解得故C正確；D．物塊從開(kāi)始滑動(dòng)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，開(kāi)始時(shí)物塊在水平方向上受摩擦力和彈力作用，而恢復(fù)原長(zhǎng)后，水平方向上只受摩擦力，方向與開(kāi)始時(shí)合力方向不同，故不是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11.某實(shí)驗(yàn)研究小組在實(shí)驗(yàn)室利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。將一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，在長(zhǎng)木板的旁邊固定有刻度尺，物塊通過(guò)細(xì)線跨過(guò)定滑輪與砂桶相連，多次改變砂桶的質(zhì)量（并測(cè)出砂桶的質(zhì)量m），每次都讓物塊從同一位置由靜止釋放，利用手機(jī)計(jì)時(shí)器測(cè)出物塊運(yùn)動(dòng)相同距離L（用長(zhǎng)木板旁邊的刻度尺讀出）所用的時(shí)間t，記錄多組m、t的數(shù)據(jù)，已知重力加速度為g，請(qǐng)你回答以下問(wèn)題：（1）研究小組認(rèn)為細(xì)線拉力大小近似等于砂桶的重力，則需要滿足物塊的質(zhì)量______（選填“遠(yuǎn)大于”或者“遠(yuǎn)小于”）砂桶的質(zhì)量；（2）利用記錄數(shù)據(jù)作出圖像如圖乙，若圖線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為，與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為，則物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_____；物塊的質(zhì)量為_(kāi)_____。（請(qǐng)用題目中所給的字母符號(hào)如來(lái)表示）〖答案〗（1）遠(yuǎn)大于（2）〖解析〗（1）以物塊為對(duì)象，有以沙桶為對(duì)象，有聯(lián)立可得可知要使細(xì)線的拉力大小近似等于所掛沙桶的總重力，則需要滿足物塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砂桶的質(zhì)量；（2）[1][2]由于物塊做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有得①由牛頓第二定律得②由①②解得結(jié)合圖像得解得12.某探究小組利用課外時(shí)間做了如下探究實(shí)驗(yàn)：先利用如圖的電路來(lái)測(cè)量?jī)蓚€(gè)電壓表的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)分兩個(gè)過(guò)程，先用替代法測(cè)出電壓表V1的內(nèi)阻，然后用半偏法測(cè)出電壓表V2的內(nèi)阻。供選用的器材如下：A.待測(cè)電壓表V1，量程為，內(nèi)阻B.待測(cè)電壓表V2，量程為，內(nèi)阻C.電阻箱，阻值范圍D.滑動(dòng)變阻器，阻值，額定電流E.滑動(dòng)變阻器，阻值范圍，額定電流F.電池組，電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)電阻約G.單刀單擲開(kāi)關(guān)、單刀雙擲開(kāi)關(guān)各一個(gè)及導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)器材選擇除外，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______（用器材前的字母表示）（2）下面是主要實(shí)驗(yàn)操作步驟，將所缺的內(nèi)容補(bǔ)充完整；①用替代法測(cè)待測(cè)電壓表的內(nèi)阻；根據(jù)電路圖連成實(shí)驗(yàn)電路，并將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭置于左端；將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置于觸點(diǎn)2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表的指針指在刻度盤第格，然后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置于觸點(diǎn)1，調(diào)節(jié)電阻箱使電壓表的指針仍指在刻度盤第格，記下此時(shí)電阻箱的阻值，則電壓表的內(nèi)阻測(cè)量值為_(kāi)_____。②用半偏法測(cè)待測(cè)電壓表的內(nèi)阻：將單刀雙擲開(kāi)關(guān)置于觸點(diǎn)1，電阻箱的阻值調(diào)為零，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表的指針滿偏。保持滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的指針半偏，記下電阻箱的阻值，則電壓表的內(nèi)阻測(cè)量值為_(kāi)_____。（3）上述兩種測(cè)量方法都有誤差，其中有種測(cè)量方法沒(méi)有系統(tǒng)誤差，接下來(lái)該小組選用此測(cè)量方法測(cè)出其內(nèi)阻的電壓表，改裝成一量程為4.0V的電壓表繼續(xù)完成后續(xù)的探究實(shí)驗(yàn)，需______（選填“串聯(lián)”或者“并聯(lián)”）一個(gè)阻值為_(kāi)_____kΩ的電阻?！即鸢浮剑?）D（2）2030（3）串聯(lián)20〖解析〗（1）通過(guò)電路圖可知滑動(dòng)變阻器的接法為分壓式，分壓式所用滑動(dòng)變阻器阻值較小，若選E，當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器全部接入電路，流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流為流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流大于額定電流。故選D。（2）[1]根據(jù)替代法的實(shí)驗(yàn)原理可知，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R′，使電壓表V2的指針指在刻度盤第N格，然后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2置于觸點(diǎn)1，調(diào)節(jié)電阻箱R使電壓表V2的指針仍指在刻度盤第N格，即回路中電流不變，總電阻不變，則電壓表V1的內(nèi)阻應(yīng)等于電阻箱的阻值20kΩ；[2]根據(jù)半偏法的實(shí)驗(yàn)原理可知，先讓V2表滿偏，然后電阻箱接入電路和電壓表V2串聯(lián)分壓，因并聯(lián)電路的總電壓幾乎不變，當(dāng)V2的示數(shù)半偏時(shí)可以認(rèn)為電阻箱的分壓和電壓表電壓相同，因此電阻箱的阻值等于電壓表的內(nèi)阻，所以電壓表的內(nèi)阻等于電阻