2024-2025學年甘肅省武威市民勤縣等2地高一上學期開學物理試題

高級中學名校試卷PAGEPAGE1——★參考答案★——1.A2.C3.D4.B5.C6.A7.B8.CD9.BD10.AD11.(每空1分，共7分)【進行實驗與收集證據(jù)】(1)二力平衡(2)刻度尺4.8【分析與論證】伸長量【交流評估】彈簧的橫截面積(或彈簧的粗細)【拓展】乙甲〖解析〗【進行實驗與收集證據(jù)】(1)根據(jù)圖18可知鉤碼靜止時受豎直向下的重力和彈簧對鉤碼豎直向上的拉力，二者屬于一對平衡力，由二力平衡條件可知，鉤碼受到彈簧的拉力等于鉤碼受到的重力；(2)一般實驗室測量長度都使用刻度尺，所以要用刻度尺測出彈簧的長度及其伸長量，由表格數(shù)據(jù)可知，彈簧下無鉤碼時，彈簧的自然長度為6.0cm，第5次實驗中彈簧的長度為10.8cm，所以第5次實驗中彈簧的伸長量為10.8cm－6.0cm＝4.8cm；【分析與論證】分析表格數(shù)據(jù)可知，當彈簧所受拉力增加幾倍，彈簧的伸長量也隨著增大幾倍，即彈簧的伸長量與它受到的拉力的比值為定值，故在彈性范圍內，彈簧的伸長量跟它受到的拉力成正比；【交流評估】金屬絲的材質、彈簧的匝數(shù)，原長等均相同，彈簧的橫截面積越大，測量時伸縮量就越小，說明彈簧的伸長量還與彈簧的橫截面積(或彈簧的粗細)有關；【拓展】在彈性限度內，彈簧甲能承受的最大拉力是4N，而彈簧乙能承受的最大拉力是8N；顯然，若要制作量程較大的彈簧測力計，應選用彈簧乙。由圖19可知，在相同拉力作用下，彈簧甲的伸長量大，彈簧甲較靈敏，可以用來制作精確程度較高的彈簧測力計。12.(1)相等（1分）勻加速（1分）(2)乙（2分）1.1（2分）(3)0.875（3分）〖解析〗(1)由表中數(shù)據(jù)可知，x4－x3＝x3－x2＝x2－x1，即小球在連續(xù)相等時間內的位移之差相等，小球做勻加速直線運動。(2)甲同學：a＝eq\f(a1＋a2＋a3,3)＝eq\f(x2－x1＋x3－x2＋x4－x3,3T2)＝eq\f(x4－x1,3T2)，乙同學：a＝eq\f(a1＋a2,2)＝eq\f(x3－x1＋x4－x2,4T2)＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)。乙同學用到了所有數(shù)據(jù)，故所求加速度較準確，加速度為：a＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)＝1.1m/s2。(3)根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度公式veq\s\do7(\f(t,2))＝eq\x\to(v)＝eq\f(x,t)，則v＝eq\f(x1＋x2,2T)＝eq\f(8.20＋9.30×10－2,2×0.1)m/s＝0.875m/s。13.解：(1)該同學的路程s＝200m（1分）100m長的彎道部分BC、DA是半圓弧，對應的半徑r＝eq\f(100,π)m（1分）因此該同學的位移x＝eq\r(AB2＋BC2)＝eq\r(1002＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(200,π)))2)m＝eq\f(100,π)eq\r(π2＋4)m≈118.5m，其方向為A指向C。（2分）(2)該同學跑至彎道BC中點P時的路程為s′＝100m＋50m＝150m（1分）其位移x′＝eq\r(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(100,π)))2＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(100＋\f(100,π)))2)m≈135.6m，方向為A指向P（2分）則從A到P的平均速度eq\x\to(v)＝eq\f(x′,t)＝eq\f(135.6m,20s)＝6.78m/s，方向為A指向P。（2分）14.解：(1)該電熱加濕器處于“高擋”時，旋轉開關S與觸點3、4相連。(2分)(2)由題圖2知，加濕器高擋時的功率為400W，在高擋工作時間為10min，由P＝eq\f(W,t)可得，加濕器在高擋正常工作時消耗的電能W＝P高t高＝400W×10×60s＝2.4×105J（1分）根據(jù)η＝eq\f(Q,W)×100%可得水吸收的熱量Q吸＝ηW＝84%×2.4×105J＝2.016×105J(1分)由Q吸＝cmΔt可得，水升高的溫度Δt＝eq\f(Q吸,c水m)＝eq\f(2.016×105J,4.2×103J/（kg·℃）×2kg)＝24℃。(2分)(3)由題圖1知，開關S接“3、4”觸點時，R2被短路，電路為R1的簡單電路，電路中的總電阻最小，電源電壓一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，電熱加濕器的功率最大，處于高擋則R1的阻值為R1＝eq\f(U2,P高)＝eq\f(（220V）2,400W)＝121Ω(1分)當開關S接“2、3”觸點時，電路為R1與R2的串聯(lián)電路，電路中的總電阻最大，電源電壓一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，電熱加濕器的功率最小，處于低擋此時電路中的總電阻R總＝R1＋R2＝eq\f(U2,P低)＝eq\f(（220V）2,100W)＝484Ω(1分)所以電阻R2的阻值為R2＝R總－R1＝484Ω－121Ω＝363Ω。(2分)(4)電能表的轉盤轉過27轉時，電熱加濕器在400s內消耗的電能W實＝eq\f(27,3000)kW·h＝0.009kW·h＝3.24×104J(1分)電熱加濕器在低擋加熱的實際功率P低實＝eq\f(W實,t實)＝eq\f(3.24×104J,400s)＝81W。(2分)15.解：(1)設運動員做自由落體運動的時間為t1,自由落體運動結束時運動員的速度為vm,著地速度為0,根據(jù)自由落體運動規(guī)律得vm2=2gh1（解得vm=40m/s（1分）根據(jù)vm=gt1（1分）解得t1=4s（1分）在減速階段,有v02-vm2=2ah解得a=-2m/s2（1分）加速度大小為2m/s2,方向豎直向上。（1分）(2)設勻速運動的時間為t2,勻減速運動的時間為t3,由勻速直線運動規(guī)律得h2=vmt2（1分）解得t2=4s（1分）因勻減速到零,可以看作反向勻加速運動,根據(jù)h3=-12at32解得t3=20s（1分）所以運動員從離開直升機至到達地面的總時間t=t1+t2+t3=28s。（2分）——★參考答案★——1.A2.C3.D4.B5.C6.A7.B8.CD9.BD10.AD11.(每空1分，共7分)【進行實驗與收集證據(jù)】(1)二力平衡(2)刻度尺4.8【分析與論證】伸長量【交流評估】彈簧的橫截面積(或彈簧的粗細)【拓展】乙甲〖解析〗【進行實驗與收集證據(jù)】(1)根據(jù)圖18可知鉤碼靜止時受豎直向下的重力和彈簧對鉤碼豎直向上的拉力，二者屬于一對平衡力，由二力平衡條件可知，鉤碼受到彈簧的拉力等于鉤碼受到的重力；(2)一般實驗室測量長度都使用刻度尺，所以要用刻度尺測出彈簧的長度及其伸長量，由表格數(shù)據(jù)可知，彈簧下無鉤碼時，彈簧的自然長度為6.0cm，第5次實驗中彈簧的長度為10.8cm，所以第5次實驗中彈簧的伸長量為10.8cm－6.0cm＝4.8cm；【分析與論證】分析表格數(shù)據(jù)可知，當彈簧所受拉力增加幾倍，彈簧的伸長量也隨著增大幾倍，即彈簧的伸長量與它受到的拉力的比值為定值，故在彈性范圍內，彈簧的伸長量跟它受到的拉力成正比；【交流評估】金屬絲的材質、彈簧的匝數(shù)，原長等均相同，彈簧的橫截面積越大，測量時伸縮量就越小，說明彈簧的伸長量還與彈簧的橫截面積(或彈簧的粗細)有關；【拓展】在彈性限度內，彈簧甲能承受的最大拉力是4N，而彈簧乙能承受的最大拉力是8N；顯然，若要制作量程較大的彈簧測力計，應選用彈簧乙。由圖19可知，在相同拉力作用下，彈簧甲的伸長量大，彈簧甲較靈敏，可以用來制作精確程度較高的彈簧測力計。12.(1)相等（1分）勻加速（1分）(2)乙（2分）1.1（2分）(3)0.875（3分）〖解析〗(1)由表中數(shù)據(jù)可知，x4－x3＝x3－x2＝x2－x1，即小球在連續(xù)相等時間內的位移之差相等，小球做勻加速直線運動。(2)甲同學：a＝eq\f(a1＋a2＋a3,3)＝eq\f(x2－x1＋x3－x2＋x4－x3,3T2)＝eq\f(x4－x1,3T2)，乙同學：a＝eq\f(a1＋a2,2)＝eq\f(x3－x1＋x4－x2,4T2)＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)。乙同學用到了所有數(shù)據(jù)，故所求加速度較準確，加速度為：a＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)＝1.1m/s2。(3)根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度公式veq\s\do7(\f(t,2))＝eq\x\to(v)＝eq\f(x,t)，則v＝eq\f(x1＋x2,2T)＝eq\f(8.20＋9.30×10－2,2×0.1)m/s＝0.875m/s。13.解：(1)該同學的路程s＝200m（1分）100m長的彎道部分BC、DA是半圓弧，對應的半徑r＝eq\f(100,π)m（1分）因此該同學的位移x＝eq\r(AB2＋BC2)＝eq\r(1002＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(200,π)))2)m＝eq\f(100,π)eq\r(π2＋4)m≈118.5m，其方向為A指向C。（2分）(2)該同學跑至彎道BC中點P時的路程為s′＝100m＋50m＝150m（1分）其位移x′＝eq\r(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(100,π)))2＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(100＋\f(100,π)))2)m≈135.6m，方向為A指向P（2分）則從A到P的平均速度eq\x\to(v)＝eq\f(x′,t)＝eq\f(135.6m,20s)＝6.78m/s，方向為A指向P。（2分）14.解：(1)該電熱加濕器處于“高擋”時，旋轉開關S與觸點3、4相連。(2分)(2)由題圖2知，加濕器高擋時的功率為400W，在高擋工作時間為10min，由P＝eq\f(W,t)可得，加濕器在高擋正常工作時消耗的電能W＝P高t高＝400W×10×60s＝2.4×105J（1分）根據(jù)η＝eq\f(Q,W)×100%可得水吸收的熱量Q吸＝ηW＝84%×2.4×105J＝2.016×105J(1分)由Q吸＝cmΔt可得，水升高的溫度Δt＝eq\f(Q吸,c水m)＝eq\f(2.016×105J,4.2×103J/（kg·℃）×2kg)＝24℃。(2分)(3)由題圖1知，開關S接“3、4”觸點時，R2被短路，電路為R1的簡單電路，電路中的總電阻最小，電源電壓一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，電熱加濕器的功率最大，處于高擋則R1的阻值為R1＝eq\f(U2,P高)＝eq\f(（220V）2,400W)＝121Ω(1分)當開關S接“2、3”觸點時，電路為R1與R2的串聯(lián)電路，電路中的總電阻最大，電源電壓一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，電熱加濕器的功率最小，處于低擋此時電路中的總電阻R總＝R1＋R2＝eq\f(U2,P低)＝eq\f(（220V）2,100W)＝484Ω(1分)所以電阻R2的阻值為R2＝R總－R1＝484Ω－121Ω＝363Ω。(2分)(4)電能表的轉盤轉過27轉時，電熱加濕器在400s內消耗的電能W實＝eq\f(27,3000)kW·h＝0.009kW·h＝3.24×104J(1分)電熱加濕器在低擋加熱的實際功率P低實＝eq\f(W實,t實)＝eq\f(3.24×104J,400s)＝81W。(2分)15.解：(1)設運動員做自由落體運動的時間為t1,自由落體運動結束時運動員的速度為vm,著地速度為0,根據(jù)自由落體運動