2023-2024學(xué)年吉林省長春市農(nóng)安縣高一上期期中考試化試題（解析版）

PAGEPAGE3吉林省長春市農(nóng)安縣2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期中考試試題可能用到的相對原子量C：12H：1O：16Na：23Cu：64S：32Cl：35.5注意事項(xiàng)：1.答題前請?zhí)顚懞米约旱男彰?、班級、考號等信?.請將〖答案〗正確填寫在答題卡上第Ⅰ卷(選擇題)一、單選題(每小題3分，合計(jì)45分)1.膠體的本質(zhì)特征是（）A.丁達(dá)爾現(xiàn)象 B.微粒帶電 C.吸附性 D.粒子直徑為1~100nm〖答案〗D〖解析〗【詳析】膠體與其他分散系的本質(zhì)區(qū)別是分散質(zhì)粒子直徑的大小不同，膠體的分散質(zhì)粒子直徑在1~100nm之間，〖答案〗選D。2.下列有關(guān)焰色試驗(yàn)的敘述正確的是（）A.焰色試驗(yàn)是元素的化學(xué)性質(zhì)B.可以用稀硫酸清洗用過的鉑絲C.節(jié)日燃放的五彩繽紛的煙花，是某些金屬或其化合物焰色試驗(yàn)所呈現(xiàn)的各種艷麗色彩D.鈉元素的焰色必須通過藍(lán)色的鈷玻璃觀察〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．焰色試驗(yàn)是某些金屬或它們的化合物在無色火焰中灼燒時(shí)使火焰呈現(xiàn)特征的顏色的反應(yīng)，屬于物理變化，A錯(cuò)誤；B．硫酸是高沸點(diǎn)難揮發(fā)性酸，加熱后不似鹽酸易揮發(fā)，且硫酸鹽大多不易揮發(fā)，不能很好的達(dá)到完全清洗鉑絲的目的，影響焰色反應(yīng)現(xiàn)象，B錯(cuò)誤；C．煙花呈現(xiàn)的各種艷麗色彩，是利用金屬或其化合物焰色試驗(yàn)原理產(chǎn)生的，C正確；D．鈉元素的焰色為黃色，可以直接觀察，鉀元素的焰色為紫色，容易被黃光影響，需要通過藍(lán)色鈷玻璃濾去黃光才能觀察到，D錯(cuò)誤；故選C。3.在酸性的無色溶液中，下列離子能大量共存的是（）A.Cl-、Na+、Ba2+、SOB.OH-、NO、Mg2+、Na+C.Al3+、Mg2+、SO、Cl-D.MnO、SO、K+、Na+〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．Ba2+與SO會(huì)反應(yīng)生成白色沉淀，不能大量共存，A不符合題意；B．OH-與Mg2+會(huì)反應(yīng)生成白色沉淀，不能大量共存，B不符合題意；C．該組離子在酸性的無色溶液中不反應(yīng)，能大量共存，C符合題意；D．MnO在溶液中為紫色，不符合無色條件，D不符合題意；故選C。4.下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是（）A．制備無水氯化鐵B．配制一定物質(zhì)的量濃度的硫酸溶液C．配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液D．比較和的熱穩(wěn)定性大小〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗【詳析】A．氯化鐵水解生成氫氧化鐵和氯化氫，水解吸熱且生成的氯化氫易揮發(fā)，所以直接加熱不能得到無水氯化鐵，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．濃硫酸溶于水放熱，需要首先在燒杯中稀釋濃硫酸并冷卻后再轉(zhuǎn)移至容量瓶中，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．定容時(shí)膠頭滴管懸于容量瓶上方滴加蒸餾水，視線與刻度線、凹液面的最低點(diǎn)相切，操作正確，選項(xiàng)C正確；D．碳酸氫鈉受熱易分解，要比較碳酸氫鈉和碳酸鈉的熱穩(wěn)定性，需要把碳酸鈉放在大試管中，碳酸氫鈉放在小試管中，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；〖答案〗選C。5.下列儀器中，常用于過濾操作的是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．該儀器是量筒，常用于量取液體的體積，故A不符合題意；B．該儀器是漏斗，常和玻璃棒、濾紙、燒杯、鐵架臺搭配用于過濾操作，故B符合題意；C．該儀器是蒸發(fā)皿，常用于蒸發(fā)溶劑和濃縮溶液，故C不符合題意；D．該儀器是100mL容量瓶，常用于物質(zhì)的量濃度的配制，故D不符合題意；〖答案〗為B。6.實(shí)驗(yàn)室為了延長試劑的保質(zhì)期，對不同試劑會(huì)采用不同的保存方式。下列試劑的保存方法錯(cuò)誤的是（）A.新制氯水應(yīng)避光保存在棕色細(xì)口瓶中 B.少量鈉應(yīng)保存在盛有煤油的廣口瓶中C.氫氧化鈉固體應(yīng)密封保存在細(xì)口瓶中 D.少量濃鹽酸應(yīng)密封保存在細(xì)口瓶中〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．新制氯水見光易分解，應(yīng)避光保存在棕色細(xì)口瓶中，A正確；B．鈉比較活潑，與空氣中氧氣和水蒸氣反應(yīng)，應(yīng)保存在盛有煤油的廣口瓶中，B正確；C．氫氧化鈉固體應(yīng)保存在廣口瓶中，C錯(cuò)誤；D．濃鹽酸具有揮發(fā)性，應(yīng)密封保存在細(xì)口瓶中，D正確；故〖答案〗為：C。7.硫酸鎂和硫酸鋁溶液等體積混合后，鋁離子濃度為0.2mol/L，硫酸根離子的濃度為0.5mol/L，則混和溶液中鎂離子濃度為（）A.0.15mol/L B.0.3mol/L C.0.45mol/LD.0.2mol/L〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根溶液顯電中性分析解答。【詳析】混合溶液呈電中性，忽略水的電離，根據(jù)電荷守恒有2c（SO42-）=2c（Mg2+）+3c（Al3+），即：0.5mol/L×2=2c（Mg2+）+0.2mol/L×3，解得：c（Mg2+）=0.2mol/L，故〖答案〗選D。8.水(H2O)是生命之源。下列物質(zhì)的化學(xué)式可用“H2O”表示的是（）A.水銀 B.可燃冰 C.干冰 D.冰〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗【詳析】A．水銀化學(xué)式是“Hg”，故A錯(cuò)誤；B．可燃冰化學(xué)式是“CH48H2O”，故B錯(cuò)誤；C．干冰化學(xué)式是“CO2”，故C錯(cuò)誤；D．冰化學(xué)式是“H2O”，故D正確；故〖答案〗為D。9.下列各組在溶液中的反應(yīng)，不管反應(yīng)物量的多少，都只能用同一個(gè)離子方程式來表示的是（）A.FeBr2與Cl2 B.Ba(OH)2與H2SO4 C.HCl與Na2CO3 D.CO2與NaOH〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．FeBr2電離產(chǎn)生的的陰離子Br-、陽離子Fe2+都具有還原性，還原性Fe2+>Br-，所以若通入的氯氣少量，F(xiàn)e2+先被氧化，若氯氣足量，F(xiàn)e2+、Br-都被氧化，因此氯氣的用量不同，反應(yīng)產(chǎn)物不同，相應(yīng)的離子方程式不同，A不符合題意；B．Ba(OH)2與H2SO4溶液反應(yīng)，只發(fā)生2H++SO42-+Ba2++2OH-=BaSO4↓+2H2O，與反應(yīng)物的物質(zhì)的量多少無關(guān)，B符合題意；C．Na2CO3溶液與稀鹽酸反應(yīng)，鹽酸量少，反應(yīng)生成碳酸氫鈉和氯化鈉，而鹽酸量多時(shí)，反應(yīng)生成氯化鈉、二氧化碳和水，HCl的物質(zhì)的量多少不同，反應(yīng)不同，不能用同一個(gè)離子方程式來表示，C不符合題意；D．CO2與NaOH反應(yīng)，當(dāng)NaOH過量時(shí)生成碳酸鈉和水，NaOH少量時(shí)生成碳酸氫鈉，不能用同一個(gè)離子方程式來表示，D不符合題意；故合理選項(xiàng)是B。10.下列各項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作、實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象及實(shí)驗(yàn)結(jié)論都正確的是（）選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)結(jié)論A將濕潤的有色布條放入充滿氯氣的集氣瓶中布條褪色氯氣具有漂白性B向溶液中通入適量產(chǎn)生白色沉淀白色沉淀為C向溶液中滴加幾滴溴水，振蕩，再滴加淀粉溶液溶液顯藍(lán)色氧化性：D向粉末中加入少量水粉末結(jié)塊變成晶體，溫度降低溶解是吸熱過程〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．將濕潤的有色布條放入充滿氯氣的集氣瓶中，布條褪色，說明氯氣與水生成的次氯酸具有漂白性，氯氣是沒有漂白性的，故A錯(cuò)誤；B．向溶液中通入適量不會(huì)生成沉淀，故B錯(cuò)誤；C．溴水氧化KI生成碘單質(zhì)，碘遇淀粉變藍(lán)，可以說明氧化性，故C正確；D．碳酸鈉溶于水放熱，溫度應(yīng)該升高，故D錯(cuò)誤；〖答案〗為C。11.向Na2CO3、NaHCO3的混合溶液中逐滴加入稀鹽酸，生成氣體的量隨鹽酸的量的變化關(guān)系如圖所示，則下列離子組在對應(yīng)的溶液中一定能大量共存的是（）A.a點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：Na+、OH-、、B.b點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：K+、H+、MnO、Cl-C.d點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：F-、、Fe3+、Ag+D.c點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：Na+、Ca2+、、Cl-〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗向混合物中加鹽酸，0-a發(fā)生的反應(yīng)為，b-c發(fā)生的反應(yīng)為，以此分析；【詳析】A．a(chǎn)點(diǎn)中含有，與OH-不共存，A不共存；B．b點(diǎn)溶質(zhì)的碳酸氫鈉，與氫離子不共存，B不共存；C．d點(diǎn)溶質(zhì)為氯化鈉及過量的鹽酸，氯離子與銀離子不共存，C不共存；D．c點(diǎn)的溶質(zhì)為氯化鈉，與各離子共存，D共存；故〖答案〗：D。12.設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列有關(guān)說法不正確的是（）A.1mol過氧化鈉含有的離子數(shù)為3NAB.1mol過氧化鈉跟足量CO2充分反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為NAC.1mol氯氣溶于水形成的新制氯水中，含有的Cl-數(shù)為NAD.16gO2和O3的混合氣中含有的氧原子數(shù)為NA〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．1個(gè)過氧化鈉中含有2個(gè)Na+和1個(gè)O22-，1mol過氧化鈉含有的離子數(shù)為3NA，A正確；B．過氧化鈉與足量CO2反應(yīng)時(shí)，1個(gè)O2-中的氧由-1價(jià)分別變?yōu)?價(jià)和-2價(jià)，轉(zhuǎn)移1個(gè)電子，所以1mol過氧化鈉跟足量CO2充分反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為NA，B正確；C．氯氣與水反應(yīng)是可逆反應(yīng)，所以1mol氯氣溶于水形成的新制氯水中，含有的Cl-數(shù)小于NA，C錯(cuò)誤；D．16gO2和O3的混合氣中只含有氧原子，則氧原子的物質(zhì)的量為0.1mol，所以混合氣中含有的氧原子數(shù)為NA，D正確；故〖答案〗為：C。13.下列離子方程式中正確的是（）A.H2SO4與Ba(OH)2溶液反應(yīng)：Ba2＋＋OH－＋H＋＋SO42-=BaSO4↓＋H2OB.NaHCO3溶液中加入稀HCl：CO32-＋2H＋=CO2↑＋H2OC.Na2CO3溶液中通入CO2：CO32-＋CO2＋H2O=2HCO3-D.CH3COOH溶液與NaOH溶液反應(yīng)：H＋＋OH－=H2O〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．H2SO4與Ba(OH)2溶液反應(yīng)的離子方程式為Ba2＋＋2OH－＋2H＋＋SO42-=BaSO4↓＋2H2O，故A錯(cuò)誤；B．NaHCO3溶液中加入稀HCl的離子方程式為HCO3-＋H＋=CO2↑＋H2O，故B錯(cuò)誤；C．Na2CO3溶液中通入CO2的離子方程式為CO32-＋CO2＋H2O=2HCO3-，故C正確；D．醋酸是弱酸，則CH3COOH溶液與NaOH溶液反應(yīng)的離子方程式為CH3COOH＋OH－=CH3COO-+H2O，故D錯(cuò)誤；故〖答案〗為C。14.在一定溫度下，硫酸銅的溶解度為水，現(xiàn)往該溫度下的飽和硫酸銅溶液中加入硫酸銅，可析出晶體的質(zhì)量是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗【詳析】設(shè)析出硫酸銅晶體nmol(五水硫酸銅)，原溶液中有硫酸銅20g，水100g，加入1.6g硫酸銅后溶液中硫酸銅為(20+1.6-160n)g，水為(100-90n)g，兩者的比值為1：5，即(20+1.6-160n)：(100-90n)=1：5，解得n=mol，則析出晶體質(zhì)量為mol×250g/mol=2.82g，故〖答案〗選A。15.將1mol過氧化鈉與2mol碳酸氫鈉固體混合，在密閉容器中，120℃充分反應(yīng)后，排出氣體，冷卻，有固體殘留．下列分析正確的是（）A.殘留固體是2molNa2CO3B.殘留固體是Na2CO3和NaOH的混合物C.反應(yīng)中轉(zhuǎn)移2mol電子D.排出的氣體是1.5mol氧氣〖答案〗A〖解析〗【詳析】過氧化鈉受熱不分解，但是受熱分解，產(chǎn)生1mol二氧化碳和1mol水，二氧化碳和水都能和過氧化鈉發(fā)生反應(yīng)，但是此處過氧化鈉是少量的，因此要優(yōu)先和二氧化碳發(fā)生反應(yīng)，得到1mol碳酸鈉和0.5mol氧氣，此時(shí)我們一共有2mol碳酸鈉、1mol水和0.5mol氧氣。整個(gè)反應(yīng)中只有過氧化鈉中-1價(jià)的氧發(fā)生了歧化反應(yīng)，因此一共轉(zhuǎn)移了1mol電子，〖答案〗選A。第Ⅱ卷(非選擇題)二、填空題(每空2分，合計(jì)44分)16.有以下7種生活中常見的物質(zhì)：①純堿Na2CO3；②氧化鈉；③漂白粉；④小蘇打NaHCO3；⑤食鹽水；⑥燒堿NaOH。回答下列問題：（1）以上物質(zhì)中屬于混合物的是___________(填序號，下同)；屬于堿的是___________；屬于鹽的是___________。（2）①在水中電離的方程為___________。（3）②與稀鹽酸反應(yīng)的離子方程式為___________。（4）寫出④轉(zhuǎn)化成①化學(xué)方程式___________。（5）寫出工業(yè)上制備③的化學(xué)方程式___________。〖答案〗（1）①.③⑤②.⑥③.①④（2）Na2CO3＝2Na++CO（3）Na2O+2H+=2Na++H2O（4）2NaHCO3Na2CO3+CO2↑＋H2O（5）2Cl2+2Ca(OH)2=Ca(ClO)2+CaCl2+2H2O〖解析〗（1）由兩種或兩種以上物質(zhì)組成的為混合物，以上物質(zhì)中，③漂白粉主要成分為氯化鈣和次氯酸鈣、⑤食鹽水主要成分為食鹽和水，則屬于混合物的是③⑤；電離時(shí)產(chǎn)生的陰離子全部是氫氧根離子的化合物為堿，屬于堿的是⑥；由金屬離子或銨離子和酸根離子構(gòu)成的化合物為鹽，①純堿Na2CO3由鈉離子和碳酸根離子構(gòu)成、④小蘇打NaHCO3由鈉離子和碳酸氫根離子構(gòu)成，均屬于鹽；則屬于鹽的是①④。（2）①Na2CO3在水中完全電離為Na+和CO，在水中電離的方程為Na2CO3＝2Na++CO。（3）②Na2O與稀鹽酸反應(yīng)生成氯化鈉和水，離子方程式為Na2O+2H+=2Na++H2O。（4）④轉(zhuǎn)化成①，可以是NaHCO3受熱分解生成Na2CO3、CO2氣體和H2O，化學(xué)方程式2NaHCO3Na2CO3+CO2↑＋H2O。（5）工業(yè)上制備③漂白粉，是通過Cl2與石灰乳反應(yīng)生成Ca(ClO)2、CaCl2和H2O，化學(xué)方程式2Cl2+2Ca(OH)2=Ca(ClO)2+CaCl2+2H2O。17.室溫下，現(xiàn)有兩組單質(zhì)：Ⅰ.O2、H2、Cl2、I2；Ⅱ.Fe、Na、Al、Si。(1)試將每組單質(zhì)從不同角度進(jìn)行分類，每種分類都可分別挑選出一種單質(zhì)，使它跟同組其他單質(zhì)屬于不同類。組別第Ⅰ組第Ⅱ組被挑選出的單質(zhì)I2Si分類依據(jù)__________(2)以上8種單質(zhì)中只有還原性的選項(xiàng)是________(填序號)A.Fe、Na、AlB.O2、H2、Cl2C.Na、Si、Cl2(3)Ⅰ、Ⅱ兩組物質(zhì)可以形成多種化合物，用潔凈的燒杯取少量蒸餾水，用酒精燈加熱至沸騰，向燒杯中逐滴加入飽和的其中一種化合物的水溶液，可制得一種紅褐色膠體，反應(yīng)的化學(xué)方程式為_______(4)Ⅰ、Ⅱ兩組物質(zhì)可以形成多種化合物，其中Cl2和NaOH濃溶液反應(yīng)：3Cl2+6NaOH=5NaCl+NaClO3+3H2O，回答下列問題：①該反應(yīng)中Cl2的作用是______(填序號)A.只作氧化劑B.只作還原劑C.既作氧化劑又作還原劑D.不參加氧化還原反應(yīng)②把Cl2和NaOH濃溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式改成離子方程式________③若有3molCl2參加反應(yīng)，則n(氧化劑)︰n(還原劑)=___________〖答案〗（1）常溫下物質(zhì)的狀態(tài)非金屬元素單質(zhì)（2）A（3）FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(膠體)+3HCl（4）C3Cl2+6OH-=5Cl-+ClO+3H2O5︰1〖解析〗【詳析】（1）第（I）組中四種單質(zhì)，除碘外其余均為氣體，第（Ⅱ）

組中四種單質(zhì)，除硅外其余均為金屬；故〖答案〗為：

常溫下物質(zhì)的狀態(tài)；

非金屬元素單質(zhì)；（2）元素的化合價(jià)處于最低價(jià)態(tài)則只有還原性，A．都是金屬單質(zhì)，處于元素的最低價(jià)，故只有還原性，故A符合題意；B．O2、H2、Cl2中化合價(jià)都是零價(jià)，處于中間價(jià)，既有氧化性也有還原性，故B不符合題意；C．Si、Cl2中化合價(jià)都是零價(jià)，處于中間價(jià)，既有氧化性也有還原性，故C不符合題意。〖答案〗選A；（3）將飽和的氯化鐵溶液滴加到沸水中，煮沸至溶液呈紅褐色，制備氫氧化鐵膠體，化學(xué)方程式為：FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(膠體)+3HCl；故〖答案〗為：FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(膠體)+3HCl；（4）反應(yīng)：3Cl2+6NaOH=5NaCl+NaClO3+3H2O中氯元素化合價(jià)部分由0到-1，部分由0到+5，氧化劑還原劑均為氯氣，其中6個(gè)氯原子有5個(gè)氯原子化合價(jià)降低做氧化劑，1個(gè)氯原子化合價(jià)升高做還原劑，氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為5：1，轉(zhuǎn)移電子為5；①由上述分析可知，氯氣在反應(yīng)中既作氧化劑又作還原劑，故〖答案〗為：C；②將該反應(yīng)改寫為離子方程式為：3Cl2+6OH-=5Cl-+ClO+3H2O，故〖答案〗為：3Cl2+6OH-=5Cl-+ClO+3H2O；③氧化劑還原劑均為氯氣，其中6個(gè)氯原子有5個(gè)氯原子化合價(jià)降低做氧化劑，1個(gè)氯原子化合價(jià)升高做還原劑，氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為5：1，故〖答案〗為：5:1。18.（1）已知下列反應(yīng)：Fe+S==FeS2Fe+3Cl2==2FeCl33Fe+2O2==Fe3O4則S，Cl2，O2的氧化性：______>_____>______（2）用雙線橋標(biāo)出下列反應(yīng)中電子轉(zhuǎn)移的方向和數(shù)目：______MnO2＋4HCl(濃)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O該反應(yīng)中的氧化劑是________，HCl體現(xiàn)的性質(zhì)是_______________，若有4molHCl參加反應(yīng)，則被氧化的HCl的物質(zhì)的量是______mol，如反應(yīng)中轉(zhuǎn)移了0.4mol電子，則產(chǎn)生的Cl2在標(biāo)準(zhǔn)狀況下體積為_________L?！即鸢浮剑?）Cl2O2S（2）MnO2還原性和酸性24.48〖解析〗〖祥解〗(1)不同非金屬元素與同一種金屬反應(yīng)時(shí)，能將金屬元素氧化為最高價(jià)態(tài)的非金屬其非金屬性較強(qiáng)元素的非金屬性越強(qiáng)，單質(zhì)的氧化性越強(qiáng)；(2)反應(yīng)MnO2+4HCl(濃)MnCl2+Cl2↑+H2O中，Mn元素化合價(jià)降低，被還原，MnO2為氧化劑，Cl元素化合價(jià)升高，被氧化，HCl為還原劑，以此解答。【詳析】(1)不同非金屬元素與同一種金屬反應(yīng)時(shí)，能將金屬元素氧化為最高價(jià)態(tài)的非金屬其非金屬性較強(qiáng)，F(xiàn)e+S═FeS、2Fe+3Cl2═2FeCl3、3Fe+2O2═Fe3O4，則根據(jù)Fe元素在化合物中的價(jià)態(tài)知，氧化性：Cl2＞O2＞S，故〖答案〗為Cl2；O2；S；(2)化合價(jià)升高的Cl元素失2mol電子，化合價(jià)降低的Mn元素得到2mol電子，電子轉(zhuǎn)移情況為；Mn元素化合價(jià)降低，被還原，MnO2為氧化劑，Cl元素化合價(jià)升高，被氧化，HCl為還原劑；生成物中有MnCl2，HCl還表現(xiàn)出酸性，若有4molHCl參加反應(yīng)，則被氧化的HCl的物質(zhì)的量是

2mol，如反應(yīng)中轉(zhuǎn)移了0.4mol電子，則產(chǎn)生的Cl2的物質(zhì)的量為0.2mol，標(biāo)準(zhǔn)狀況下體積為4.48L，故〖答案〗為；MnO2；還原性和酸性；2；4.48。三、實(shí)驗(yàn)題(11分，第一空2分，其余每空3分)19.用98%的濃硫酸（其密度為1.84g/cm3）配制100mL1.0mol·L?1稀硫酸，若實(shí)驗(yàn)儀器有：A．100mL量筒B．托盤天平C．玻璃棒D．50mL容量瓶E．10mL量筒F．50mL燒杯G．100mL容量瓶（1）完成該實(shí)驗(yàn)還缺少的儀器是______。（2）本實(shí)驗(yàn)需量取濃硫酸的體積為___mL。（3）在容量瓶使用方法中，下列操作不正確的是_____（填序號）。A．使用容量瓶前檢查它是否漏水B．將氫氧化鈉固體放在天平托盤的濾紙上，準(zhǔn)確稱量并放入燒杯中溶解后，立即注入容量瓶中C．將確量取18.4mol·L?1的硫酸，注入已盛有30mL水的100mL的容量瓶中，加水至刻度線D．定容后塞好瓶塞，用食指頂住瓶塞，用另一只手的手指托住瓶底，把容量瓶倒轉(zhuǎn)搖勻（4）下列情況使所配制的稀硫酸濃度偏大是_____（填序號）。A．所用的濃硫酸長時(shí)間放置在密封不好的容器中B．容量瓶用蒸餾水洗滌后殘留有少量的水C．定容時(shí)俯視溶液的凹液面〖答案〗（1）膠頭滴管（2）5.4（3）BC（4）C〖解析〗【詳析】（1）由實(shí)驗(yàn)步驟思考每步所需儀器，發(fā)現(xiàn)定容時(shí)少了膠頭滴管；（2）溶液稀釋時(shí)溶質(zhì)的物質(zhì)的量是不變的，，解得V=5.4mL；（3）A．使用容量瓶前應(yīng)該檢查它是否漏水，A正確；B．將氫氧化鈉固體放在天平托盤的濾紙上，準(zhǔn)確稱量并放入燒杯中溶解后，應(yīng)冷卻至室溫后再由玻璃棒引流注入容量瓶中，B錯(cuò)誤；C．將確量取的18.4mol·L-1的硫酸，注入已盛有30mL水的燒杯中溶解，冷卻至室溫后再由玻璃棒引流注入100mL的容量瓶中，加水至刻度線下1-2cm處改用膠頭滴管定容，C錯(cuò)誤；D．定容后塞好瓶塞，用食指頂住瓶塞，用另一只手的手指托住瓶底，把容量瓶倒轉(zhuǎn)搖勻，D正確；故〖答案〗選BC；（4）由分析，A.所用的濃硫酸長時(shí)間放置在密封不好的容器中，濃度偏??；B.容量瓶用蒸餾水洗滌后殘留有少量水，對濃度無影響；C.定容時(shí)俯視溶液的凹液面，加水量小于標(biāo)準(zhǔn)量，溶液體積偏小，濃度偏大；即選C。吉林省長春市農(nóng)安縣2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期中考試試題可能用到的相對原子量C：12H：1O：16Na：23Cu：64S：32Cl：35.5注意事項(xiàng)：1.答題前請?zhí)顚懞米约旱男彰?、班級、考號等信?.請將〖答案〗正確填寫在答題卡上第Ⅰ卷(選擇題)一、單選題(每小題3分，合計(jì)45分)1.膠體的本質(zhì)特征是（）A.丁達(dá)爾現(xiàn)象 B.微粒帶電 C.吸附性 D.粒子直徑為1~100nm〖答案〗D〖解析〗【詳析】膠體與其他分散系的本質(zhì)區(qū)別是分散質(zhì)粒子直徑的大小不同，膠體的分散質(zhì)粒子直徑在1~100nm之間，〖答案〗選D。2.下列有關(guān)焰色試驗(yàn)的敘述正確的是（）A.焰色試驗(yàn)是元素的化學(xué)性質(zhì)B.可以用稀硫酸清洗用過的鉑絲C.節(jié)日燃放的五彩繽紛的煙花，是某些金屬或其化合物焰色試驗(yàn)所呈現(xiàn)的各種艷麗色彩D.鈉元素的焰色必須通過藍(lán)色的鈷玻璃觀察〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．焰色試驗(yàn)是某些金屬或它們的化合物在無色火焰中灼燒時(shí)使火焰呈現(xiàn)特征的顏色的反應(yīng)，屬于物理變化，A錯(cuò)誤；B．硫酸是高沸點(diǎn)難揮發(fā)性酸，加熱后不似鹽酸易揮發(fā)，且硫酸鹽大多不易揮發(fā)，不能很好的達(dá)到完全清洗鉑絲的目的，影響焰色反應(yīng)現(xiàn)象，B錯(cuò)誤；C．煙花呈現(xiàn)的各種艷麗色彩，是利用金屬或其化合物焰色試驗(yàn)原理產(chǎn)生的，C正確；D．鈉元素的焰色為黃色，可以直接觀察，鉀元素的焰色為紫色，容易被黃光影響，需要通過藍(lán)色鈷玻璃濾去黃光才能觀察到，D錯(cuò)誤；故選C。3.在酸性的無色溶液中，下列離子能大量共存的是（）A.Cl-、Na+、Ba2+、SOB.OH-、NO、Mg2+、Na+C.Al3+、Mg2+、SO、Cl-D.MnO、SO、K+、Na+〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．Ba2+與SO會(huì)反應(yīng)生成白色沉淀，不能大量共存，A不符合題意；B．OH-與Mg2+會(huì)反應(yīng)生成白色沉淀，不能大量共存，B不符合題意；C．該組離子在酸性的無色溶液中不反應(yīng)，能大量共存，C符合題意；D．MnO在溶液中為紫色，不符合無色條件，D不符合題意；故選C。4.下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是（）A．制備無水氯化鐵B．配制一定物質(zhì)的量濃度的硫酸溶液C．配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液D．比較和的熱穩(wěn)定性大小〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗【詳析】A．氯化鐵水解生成氫氧化鐵和氯化氫，水解吸熱且生成的氯化氫易揮發(fā)，所以直接加熱不能得到無水氯化鐵，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．濃硫酸溶于水放熱，需要首先在燒杯中稀釋濃硫酸并冷卻后再轉(zhuǎn)移至容量瓶中，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．定容時(shí)膠頭滴管懸于容量瓶上方滴加蒸餾水，視線與刻度線、凹液面的最低點(diǎn)相切，操作正確，選項(xiàng)C正確；D．碳酸氫鈉受熱易分解，要比較碳酸氫鈉和碳酸鈉的熱穩(wěn)定性，需要把碳酸鈉放在大試管中，碳酸氫鈉放在小試管中，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；〖答案〗選C。5.下列儀器中，常用于過濾操作的是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．該儀器是量筒，常用于量取液體的體積，故A不符合題意；B．該儀器是漏斗，常和玻璃棒、濾紙、燒杯、鐵架臺搭配用于過濾操作，故B符合題意；C．該儀器是蒸發(fā)皿，常用于蒸發(fā)溶劑和濃縮溶液，故C不符合題意；D．該儀器是100mL容量瓶，常用于物質(zhì)的量濃度的配制，故D不符合題意；〖答案〗為B。6.實(shí)驗(yàn)室為了延長試劑的保質(zhì)期，對不同試劑會(huì)采用不同的保存方式。下列試劑的保存方法錯(cuò)誤的是（）A.新制氯水應(yīng)避光保存在棕色細(xì)口瓶中 B.少量鈉應(yīng)保存在盛有煤油的廣口瓶中C.氫氧化鈉固體應(yīng)密封保存在細(xì)口瓶中 D.少量濃鹽酸應(yīng)密封保存在細(xì)口瓶中〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．新制氯水見光易分解，應(yīng)避光保存在棕色細(xì)口瓶中，A正確；B．鈉比較活潑，與空氣中氧氣和水蒸氣反應(yīng)，應(yīng)保存在盛有煤油的廣口瓶中，B正確；C．氫氧化鈉固體應(yīng)保存在廣口瓶中，C錯(cuò)誤；D．濃鹽酸具有揮發(fā)性，應(yīng)密封保存在細(xì)口瓶中，D正確；故〖答案〗為：C。7.硫酸鎂和硫酸鋁溶液等體積混合后，鋁離子濃度為0.2mol/L，硫酸根離子的濃度為0.5mol/L，則混和溶液中鎂離子濃度為（）A.0.15mol/L B.0.3mol/L C.0.45mol/LD.0.2mol/L〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根溶液顯電中性分析解答。【詳析】混合溶液呈電中性，忽略水的電離，根據(jù)電荷守恒有2c（SO42-）=2c（Mg2+）+3c（Al3+），即：0.5mol/L×2=2c（Mg2+）+0.2mol/L×3，解得：c（Mg2+）=0.2mol/L，故〖答案〗選D。8.水(H2O)是生命之源。下列物質(zhì)的化學(xué)式可用“H2O”表示的是（）A.水銀 B.可燃冰 C.干冰 D.冰〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗【詳析】A．水銀化學(xué)式是“Hg”，故A錯(cuò)誤；B．可燃冰化學(xué)式是“CH48H2O”，故B錯(cuò)誤；C．干冰化學(xué)式是“CO2”，故C錯(cuò)誤；D．冰化學(xué)式是“H2O”，故D正確；故〖答案〗為D。9.下列各組在溶液中的反應(yīng)，不管反應(yīng)物量的多少，都只能用同一個(gè)離子方程式來表示的是（）A.FeBr2與Cl2 B.Ba(OH)2與H2SO4 C.HCl與Na2CO3 D.CO2與NaOH〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．FeBr2電離產(chǎn)生的的陰離子Br-、陽離子Fe2+都具有還原性，還原性Fe2+>Br-，所以若通入的氯氣少量，F(xiàn)e2+先被氧化，若氯氣足量，F(xiàn)e2+、Br-都被氧化，因此氯氣的用量不同，反應(yīng)產(chǎn)物不同，相應(yīng)的離子方程式不同，A不符合題意；B．Ba(OH)2與H2SO4溶液反應(yīng)，只發(fā)生2H++SO42-+Ba2++2OH-=BaSO4↓+2H2O，與反應(yīng)物的物質(zhì)的量多少無關(guān)，B符合題意；C．Na2CO3溶液與稀鹽酸反應(yīng)，鹽酸量少，反應(yīng)生成碳酸氫鈉和氯化鈉，而鹽酸量多時(shí)，反應(yīng)生成氯化鈉、二氧化碳和水，HCl的物質(zhì)的量多少不同，反應(yīng)不同，不能用同一個(gè)離子方程式來表示，C不符合題意；D．CO2與NaOH反應(yīng)，當(dāng)NaOH過量時(shí)生成碳酸鈉和水，NaOH少量時(shí)生成碳酸氫鈉，不能用同一個(gè)離子方程式來表示，D不符合題意；故合理選項(xiàng)是B。10.下列各項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作、實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象及實(shí)驗(yàn)結(jié)論都正確的是（）選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)結(jié)論A將濕潤的有色布條放入充滿氯氣的集氣瓶中布條褪色氯氣具有漂白性B向溶液中通入適量產(chǎn)生白色沉淀白色沉淀為C向溶液中滴加幾滴溴水，振蕩，再滴加淀粉溶液溶液顯藍(lán)色氧化性：D向粉末中加入少量水粉末結(jié)塊變成晶體，溫度降低溶解是吸熱過程〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．將濕潤的有色布條放入充滿氯氣的集氣瓶中，布條褪色，說明氯氣與水生成的次氯酸具有漂白性，氯氣是沒有漂白性的，故A錯(cuò)誤；B．向溶液中通入適量不會(huì)生成沉淀，故B錯(cuò)誤；C．溴水氧化KI生成碘單質(zhì)，碘遇淀粉變藍(lán)，可以說明氧化性，故C正確；D．碳酸鈉溶于水放熱，溫度應(yīng)該升高，故D錯(cuò)誤；〖答案〗為C。11.向Na2CO3、NaHCO3的混合溶液中逐滴加入稀鹽酸，生成氣體的量隨鹽酸的量的變化關(guān)系如圖所示，則下列離子組在對應(yīng)的溶液中一定能大量共存的是（）A.a點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：Na+、OH-、、B.b點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：K+、H+、MnO、Cl-C.d點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：F-、、Fe3+、Ag+D.c點(diǎn)對應(yīng)的溶液中：Na+、Ca2+、、Cl-〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗向混合物中加鹽酸，0-a發(fā)生的反應(yīng)為，b-c發(fā)生的反應(yīng)為，以此分析；【詳析】A．a(chǎn)點(diǎn)中含有，與OH-不共存，A不共存；B．b點(diǎn)溶質(zhì)的碳酸氫鈉，與氫離子不共存，B不共存；C．d點(diǎn)溶質(zhì)為氯化鈉及過量的鹽酸，氯離子與銀離子不共存，C不共存；D．c點(diǎn)的溶質(zhì)為氯化鈉，與各離子共存，D共存；故〖答案〗：D。12.設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列有關(guān)說法不正確的是（）A.1mol過氧化鈉含有的離子數(shù)為3NAB.1mol過氧化鈉跟足量CO2充分反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為NAC.1mol氯氣溶于水形成的新制氯水中，含有的Cl-數(shù)為NAD.16gO2和O3的混合氣中含有的氧原子數(shù)為NA〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．1個(gè)過氧化鈉中含有2個(gè)Na+和1個(gè)O22-，1mol過氧化鈉含有的離子數(shù)為3NA，A正確；B．過氧化鈉與足量CO2反應(yīng)時(shí)，1個(gè)O2-中的氧由-1價(jià)分別變?yōu)?價(jià)和-2價(jià)，轉(zhuǎn)移1個(gè)電子，所以1mol過氧化鈉跟足量CO2充分反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為NA，B正確；C．氯氣與水反應(yīng)是可逆反應(yīng)，所以1mol氯氣溶于水形成的新制氯水中，含有的Cl-數(shù)小于NA，C錯(cuò)誤；D．16gO2和O3的混合氣中只含有氧原子，則氧原子的物質(zhì)的量為0.1mol，所以混合氣中含有的氧原子數(shù)為NA，D正確；故〖答案〗為：C。13.下列離子方程式中正確的是（）A.H2SO4與Ba(OH)2溶液反應(yīng)：Ba2＋＋OH－＋H＋＋SO42-=BaSO4↓＋H2OB.NaHCO3溶液中加入稀HCl：CO32-＋2H＋=CO2↑＋H2OC.Na2CO3溶液中通入CO2：CO32-＋CO2＋H2O=2HCO3-D.CH3COOH溶液與NaOH溶液反應(yīng)：H＋＋OH－=H2O〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．H2SO4與Ba(OH)2溶液反應(yīng)的離子方程式為Ba2＋＋2OH－＋2H＋＋SO42-=BaSO4↓＋2H2O，故A錯(cuò)誤；B．NaHCO3溶液中加入稀HCl的離子方程式為HCO3-＋H＋=CO2↑＋H2O，故B錯(cuò)誤；C．Na2CO3溶液中通入CO2的離子方程式為CO32-＋CO2＋H2O=2HCO3-，故C正確；D．醋酸是弱酸，則CH3COOH溶液與NaOH溶液反應(yīng)的離子方程式為CH3COOH＋OH－=CH3COO-+H2O，故D錯(cuò)誤；故〖答案〗為C。14.在一定溫度下，硫酸銅的溶解度為水，現(xiàn)往該溫度下的飽和硫酸銅溶液中加入硫酸銅，可析出晶體的質(zhì)量是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗【詳析】設(shè)析出硫酸銅晶體nmol(五水硫酸銅)，原溶液中有硫酸銅20g，水100g，加入1.6g硫酸銅后溶液中硫酸銅為(20+1.6-160n)g，水為(100-90n)g，兩者的比值為1：5，即(20+1.6-160n)：(100-90n)=1：5，解得n=mol，則析出晶體質(zhì)量為mol×250g/mol=2.82g，故〖答案〗選A。15.將1mol過氧化鈉與2mol碳酸氫鈉固體混合，在密閉容器中，120℃充分反應(yīng)后，排出氣體，冷卻，有固體殘留．下列分析正確的是（）A.殘留固體是2molNa2CO3B.殘留固體是Na2CO3和NaOH的混合物C.反應(yīng)中轉(zhuǎn)移2mol電子D.排出的氣體是1.5mol氧氣〖答案〗A〖解析〗【詳析】過氧化鈉受熱不分解，但是受熱分解，產(chǎn)生1mol二氧化碳和1mol水，二氧化碳和水都能和過氧化鈉發(fā)生反應(yīng)，但是此處過氧化鈉是少量的，因此要優(yōu)先和二氧化碳發(fā)生反應(yīng)，得到1mol碳酸鈉和0.5mol氧氣，此時(shí)我們一共有2mol碳酸鈉、1mol水和0.5mol氧氣。整個(gè)反應(yīng)中只有過氧化鈉中-1價(jià)的氧發(fā)生了歧化反應(yīng)，因此一共轉(zhuǎn)移了1mol電子，〖答案〗選A。第Ⅱ卷(非選擇題)二、填空題(每空2分，合計(jì)44分)16.有以下7種生活中常見的物質(zhì)：①純堿Na2CO3；②氧化鈉；③漂白粉；④小蘇打NaHCO3；⑤食鹽水；⑥燒堿NaOH?；卮鹣铝袉栴}：（1）以上物質(zhì)中屬于混合物的是___________(填序號，下同)；屬于堿的是___________；屬于鹽的是___________。（2）①在水中電離的方程為___________。（3）②與稀鹽酸反應(yīng)的離子方程式為___________。（4）寫出④轉(zhuǎn)化成①化學(xué)方程式___________。（5）寫出工業(yè)上制備③的化學(xué)方程式___________。〖答案〗（1）①.③⑤②.⑥③.①④（2）Na2CO3＝2Na++CO（3）Na2O+2H+=2Na++H2O（4）2NaHCO3Na2CO3+CO2↑＋H2O（5）2Cl2+2Ca(OH)2=Ca(ClO)2+CaCl2+2H2O〖解析〗（1）由兩種或兩種以上物質(zhì)組成的為混合物，以上物質(zhì)中，③漂白粉主要成分為氯化鈣和次氯酸鈣、⑤食鹽水主要成分為食鹽和水，則屬于混合物的是③⑤；電離時(shí)產(chǎn)生的陰離子全部是氫氧根離子的化合物為堿，屬于堿的是⑥；由金屬離子或銨離子和酸根離子構(gòu)成的化合物為鹽，①純堿Na2CO3由鈉離子和碳酸根離子構(gòu)成、④小蘇打NaHCO3由鈉離子和碳酸氫根離子構(gòu)成，均屬于鹽；則屬于鹽的是①④。（2）①Na2CO3在水中完全電離為Na+和CO，在水中電離的方程為Na2CO3＝2Na++CO。（3）②Na2O與稀鹽酸反應(yīng)生成氯化鈉和水，離子方程式為Na2O+2H+=2Na++H2O。（4）④轉(zhuǎn)化成①，可以是NaHCO3受熱分解生成Na2CO3、CO2氣體和H2O，化學(xué)方程式2NaHCO3Na2CO3+CO2↑＋H2O。（5）工業(yè)上制備③漂白粉，是通過Cl2與石灰乳反應(yīng)生成Ca(ClO)2、CaCl2和H2O，化學(xué)方程式2Cl2+2Ca(OH)2=Ca(ClO)2+CaCl2+2H2O。17.室溫下，現(xiàn)有兩組單質(zhì)：Ⅰ.O2、H2、Cl2、I2；Ⅱ.Fe、Na、Al、Si。(1)試將每組單質(zhì)從不同角度進(jìn)行分類，每種分類都可分別挑選出一種單質(zhì)，使它跟同組其他單質(zhì)屬于不同類。組別第Ⅰ組第Ⅱ組被挑選出的單質(zhì)I2Si分類依據(jù)__________(2)以上8種單質(zhì)中只有還原性的選項(xiàng)是________(填序號)A.Fe、Na、AlB.O2、H2、Cl2C.Na、Si、Cl2(3)Ⅰ、Ⅱ兩組物質(zhì)可以形成多種化合物，用潔凈的燒杯取少量蒸餾水，用酒精燈加熱至沸騰，向燒杯中逐滴加入飽和的其中一種化合物的水溶液，可制得一種紅褐色膠體，反應(yīng)的化學(xué)方程式為_______(4)Ⅰ、Ⅱ兩組物質(zhì)可以形成多種化合物，其中Cl2和NaOH濃溶液反應(yīng)：3Cl2+6NaOH=5NaCl+NaClO3+3H2O，回答下列問題：①該反應(yīng)中Cl2的作用是______(填序號)A.只作氧化劑B.只作還原劑C.既作氧化劑又作還原劑D.不參加氧化還原反應(yīng)②把Cl2和NaOH濃溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式改成離子方程式________③若有3molCl2參加反應(yīng)，則n(氧化劑)︰n(還原劑)=___________〖答案〗（1）常溫下物質(zhì)的狀態(tài)非金屬元素單質(zhì)（2）A（3）FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(膠體)+3HCl（4）C3Cl2+6OH-=5Cl-+ClO+3H2O5︰1〖解析〗【詳析】（1）第（I）組中四種單質(zhì)，除碘外其余均為氣體，第（Ⅱ）

組中四種單質(zhì)，除硅外其余均為金屬；故〖答案〗為：

常溫下物質(zhì)的狀態(tài)；

非金屬元素單質(zhì)；（2）元素的化合價(jià)處于最低價(jià)態(tài)則只有還原性，A．都是金屬單質(zhì)，處于元素的最低價(jià)，故只有還原性，故A符合題意；B．O2、H2、Cl2中化合價(jià)都是零價(jià)，處于中間價(jià)，既有氧化性也有還原性，故B不符合題意；C．Si、Cl2中化合價(jià)都是零價(jià)，處于中間價(jià)，既有氧化性也有還原性，故C不符合題意。〖答案〗選A；（3）將飽和的氯化鐵溶液滴加到沸水中，煮沸至溶液呈紅褐色，制備氫氧化鐵膠體，化學(xué)方程式為：FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(膠體)+3HCl；故〖答案〗為：FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(膠體)+3HCl；（4）反應(yīng)：3Cl2+6NaOH=5NaCl+NaClO3+3H2O中氯元素化合價(jià)部分由0到-1，部分由0到+5，氧化劑還原劑均為氯氣，其中6個(gè)氯原子有5個(gè)氯原子化合價(jià)降低做氧化劑，1個(gè)氯原子化合價(jià)升高做還原劑，氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為5：1，轉(zhuǎn)移電子為5；①由上述分析可知，氯氣在反應(yīng)中既作氧化劑又作還原劑，故〖答案〗為：C；②將該反應(yīng)改寫為離子方程式為：3Cl2+6OH-=5Cl-+ClO+3H2O，故〖答案〗為：3Cl2+6OH-=5Cl-+ClO+3H2O；③氧化劑還原劑均為氯氣，其中6個(gè)氯原子有5個(gè)氯原子化合價(jià)降低做氧化劑，1個(gè)氯原子化合價(jià)升高做還原劑，氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為5：1，故〖答案〗為：5:1。18.（1）已知下列反應(yīng)：Fe+S==FeS2Fe+3Cl2==2FeCl3