2025屆新疆伊寧生產(chǎn)建設兵團四師一中物理高二上期中教學質量檢測模擬試題含解析

2025屆新疆伊寧生產(chǎn)建設兵團四師一中物理高二上期中教學質量檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電場強度和磁感應強度，下列說法正確的是（）A．電場強度的定義式，適用于任何電場B．由真空中點電荷的電場強度公式可知，當時，C．由公式可知，一小段通電導線在某處若不受磁場力，則說明此處一定無磁場D．磁感應強度的方向就是置于該處的通電導線所受的磁場力方向2、電源與外電阻R連接成閉合回路，對于電源的路端電壓U，下列說法正確的是A．因U＝IR，則U與R的大小成正比B．因U＝IR，則R＝0時，必有U＝0C．流過電源的電流越大，路端電壓U也越大D．若外電路斷開，回路中電流為0，路端電壓也等于03、如圖甲，板的電勢，板的電勢隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示，電子只受電場力的作用，且初速度為零（設兩板間距足夠大），則下列說法不正確的是（）A．若電子是在時刻進入的，它將一直身板運動B．若電子是在時刻進入的，它將時而向板運動，時而向板運動，最后打在板上C．若電子是在刻進入的，它將時而向板運動，時而向板運動，最后打在板上D．若電子是在時刻進入的，它將時而向板運動，時而向板運動4、在圖中所示的電路中，當滑動變阻器的滑動觸片向b端移動時(

)A．伏特表V讀數(shù)增大，電容C的電荷量在減小B．安培表A的讀數(shù)增大，電容C的電荷量在增大C．伏特表V的讀數(shù)增大，安培表A的讀數(shù)減小D．伏特表V的讀數(shù)減小，安培表A的讀數(shù)增大5、分別將帶正電、負電和不帶電的三個等質量小球，分別以相同的水平速度由P點射入水平放置的平行金屬板間，已知上板帶負電，下板接地。三小球分別落在圖中A、B、C三點，則錯誤的是（）A．A帶正電、B不帶電、C帶負電B．三小球在電場中加速度大小關系是：aA＜aB＜aCC．三小球在電場中運動時間相等D．三小球到達下板時的動能關系是EkC＞EkB＞EkA6、如圖，半徑相同的兩個金屬球A、B帶有相等的電荷量（可視為點電荷），相隔一定距離，兩球之間相互吸引力的大小是F。今讓第三個半徑相同的不帶電的金屬小球先后與A、B兩球接觸后移開。這時，A、B兩球之間的相互作用力的大小是（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列四幅圖中通電導體受力方向表示正確的是()A． B． C． D．8、小張同學利用“電磁彈簧秤”測定某金屬桿的質量，裝置如圖所示．一粗細均勻的水平金屬桿置于方向垂直于紙面向里的勻強磁場中，兩端懸掛在兩根相同的輕質彈簧下邊．彈簧上端固定，下端與金屬桿之間絕緣．金屬桿通過開關與電源相連，電源內阻不能忽略，則關于金屬桿所受安培力的說法正確的是（）A．安培力方向豎直向上B．僅增大磁感應強度，安培力變大C．僅改變金屬桿中電流方向，安培力方向不變D．金屬桿兩端并聯(lián)一電阻，安培力變小9、如圖所示，用電池對電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個帶電量為q的油滴處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)將兩極板的間距變小，則A．油滴帶正電B．油滴帶負電C．電流表中將有從a到b的電流D．電流表中將有從b到a的電流10、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻，R為滑動變阻器.開關閉合后，燈泡L能正常發(fā)光．當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）A．燈泡L將變暗 B．燈泡L將變亮C．電容器C的電荷量將減小 D．電容器C的電荷量將增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，現(xiàn)除了有一個標有“5V，1．5W”的小燈泡，導線和開關外，還有：A．直流電源：電動勢約為6V，內阻可不計B．直流電流表A1：量程2～3A，內阻約為2．1ΩC．直流電流表A1：量程2～622mA，內阻約為5ΩD．直流電壓表V1：量程2～15V，內阻為15kΩE．直流電壓表V1：量程2～3V，內阻為6kΩF．滑動變阻器R：2～12Ω，1AG．電阻箱一個R2（符號為“”）：2~9999.9Ω，最小調節(jié)量2.1Ω；實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化至額定電壓5V，且電表讀數(shù)相對誤差較?。?）以上器材中電流表應選用_____（填器材代號），電壓表應選用_____（填器材代號）．（1）在方框中畫出實驗原理電路圖；（3）通過實驗作出小燈泡的伏安特性曲線，如圖甲所示．現(xiàn)把兩個完全相同的這種小燈泡并聯(lián)接到電路中，電路圖如圖乙所示，其中電源電動勢E=3V，內阻r=6Ω，則此時每個燈泡的實際功率為______W．（結果保留兩位有效數(shù)字）12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法測量這個小燈泡的伏安特性曲線?，F(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表V1（0～5V，內阻約10kΩ）B．電壓表V2（0～10V，內阻約20kΩ）C．電流表A1（0～0.3A，內阻約1Ω）D．電流表A2（0～0.6A，內阻約0.4Ω）E．滑動變阻器R1（0～10Ω，2A）F．滑動變阻器R2（0～100Ω，0.2A）G．學生電源（直流6V）、開關及導線（1）為了調節(jié)方便，測量盡可能準確，實驗中應選用電壓表_________，電流表_________，滑動變阻器___________．（填器材的前方選項符號，如A，B）（2）為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數(shù)據(jù)；請在上面的方框中畫出實驗電路圖___________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源的電動勢是E=6V，內阻r=0.5Ω，電動機M的線圈電阻RM=1Ω，限流電阻R0=3Ω，若電壓表的示數(shù)U=(1)流過電動機的電流；(2)電源的輸出功率；(3)電動機輸出的機械功率．14．（16分）一顆繞地球做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星，離地高度為h．已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，萬有引力常量為G．求：（1）地球的質量；（2）衛(wèi)星繞地球運動的線速度.15．（12分）如圖所示的電路中，電阻R1＝6Ω，R2＝3Ω.S斷開時，電流表示數(shù)為0.9A；S閉合時，電流表示數(shù)為0.8A，設電流表為理想電表，則電源電動勢E＝________V，內電阻r＝________Ω.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A.電場強度的定義式，適用于任何電場，故A正確；B.當r→0時，電荷已不能看成點電荷，公式不再成立，故B錯誤；C.由公式可知，一小段通電導線在某處若不受磁場力，可能是B的方向與電流方向平行，所以此處不一定無磁場，故C錯誤；D.根據(jù)左手定則可知，磁感應強度的方向和該處的通電導線所受的安培力方向垂直，故D錯誤．2、B【解析】

電源電動勢不變，據(jù)知，當R變化時，I也變化，路端電壓U與R的大小不成正比，故A錯誤；當R＝0時，電路處于短路狀態(tài)，由U＝IR知，電源路端電壓為0，故B正確；由可知，流過電源的電流越大，路端電壓U越小，故C錯誤；外電路斷開時，回路中電流為0，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，路端電壓為E，故D錯誤．3、B【解析】試題分析：根據(jù)電子在電場力作用下，結合牛頓第二定律與運動學公式的關系，從而可確定不同時刻電子的運動情況，即可求解．若電子在t=0時刻進入的，它將在電場力作用下，先加速向B運動，后減速向B運動，接著加速向B運動，后減速向B運動，因此它一直向B板運動，直到到達B板，A正確，B錯誤；若電子在時刻進入的，從它先向B板加速運動，后減速運動，當，電子回頭運動，當又向B運動，這樣時而向B板運動，時而向A板運動，最后打到B板上，C正確；同理，若電子是在時刻進入的，它將時而向B板、時而向A板運動，D正確；4、D【解析】

本題考查的是電路動態(tài)變化分析問題，通常按照“部分整體部分”的順序進行分析，也可根據(jù)結論分析變阻器中電流的變化：只要變阻器接入電路的電阻減小，通過其電流必定增大。當滑動變阻器的滑動觸片向b端移動時，先分析變阻器電阻的變化，得到總電阻的變化，分析總電流的變化，判斷出路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化再根據(jù)并聯(lián)部分電壓的變化和總電流的變化，分析電流表讀數(shù)的變化?！驹斀狻慨敾瑒幼冏杵鞯幕瑒佑|片向b端移動時，變阻器有效電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，則路端電壓減小，所以伏特表V的讀數(shù)減小。根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點可知，電路中并聯(lián)部分分壓減小，通過的電流減小，而總電流增大，所以通過電流表的電流增大，即安培表A的讀數(shù)增大。由于并聯(lián)部分電壓減小，電容器板間電壓減小，由可知，電容C的電荷量在減小，故ABC錯誤，D正確。故選D。5、C【解析】

C.三個小球在水平方向都做勻速直線運動，由圖看出水平位移關系是，三個小球水平速度相同，由得運動時間關系是，故選項C符合題意；B.豎直方向上三個小球都做勻加速直線運動，由圖看出豎直位移大小相等，由得到加速度關系為，故選項B不符合題意；A.根據(jù)牛頓第二定律得到合力關系為，三個小球重力相同，而平行金屬板上板帶負極，可以判斷出來帶正電、不帶電、帶負電，故選項A不符合題意；D.三個小球所受合力方向都豎直向下，都做正功，豎直位移大小相等，而合力，則合力做功大小關系為，根據(jù)動能定理得三小球到達下板時的動能關系是，故選項D不符合題意。6、A【解析】

A、B兩球相互吸引，則兩球帶異種電荷，設A帶有電荷量為Q，B帶有電荷量為-Q，相隔一定距離r，兩球之間相互吸引力的大小是第三個不帶電的金屬小球與A球接觸后移開，第三個球與A球的帶電量都為，第三個球與B球接觸后移開，第三個球與B球的帶電量都為A、B兩球之間的相互作用力的大小故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

試題分析：由左手定則可知AD正確考點：考查左手定則點評：難度較小，左手定則中注意四指和大拇指的指向不要混淆8、BD【解析】

A.電流方向有b到a，根據(jù)安培左手定則可知，導體棒受到的安培力豎直向下，故A錯誤；B.根據(jù)通電導線在磁場中受到的安培力F=BIL可知，當磁場強度增大時，安培力增大，故B正確；C.僅改變電流方向，根據(jù)左手定則可知安培力方向改變，故C錯誤；D.金屬桿ab兩端并聯(lián)一電阻，總電阻減小，總電流增大，內電壓增大、路端電壓減小，則通過ab棒的電流減小，根據(jù)F=BIL可知，安培力減小，故D正確。9、BC【解析】

AB．因粒子處于靜止狀態(tài)，則有電場力與重力平衡，即電場力方向向上，由于電場強度方向向下，因此粒子帶負電，故A錯誤，B正確；CD．將兩極板的間距變小，根據(jù)電容的決定式可知，電容變大，電容器的電壓不變，由公式可知，電荷量增大，所以電容器充電，而電容器上極板帶正電，則電流表中將有從a到b的電流，故C正確，D錯誤。10、AD【解析】

AB.當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，電路中電流減小，燈L變暗，故A正確，B錯誤；CD.電容器的電壓等于路端電壓，電路中電流減小，內電壓增減小，可見路端電壓是增大的，則由Q=CU知，電容器C的電荷量將增大，故C錯誤，D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A1；V1（1）（3）2.12W～2.11W【解析】試題分析：（1）燈泡的額定電壓為5V，因此電壓表選擇大于等于5V的即可，故選E；而燈泡的額定電流；故電流表應選擇C；因本實驗采用分壓接法，滑動變阻器應選小電阻；故滑動變阻器選擇F；（1）本實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)，故采用分壓接法；同時因電流表內阻與燈泡內阻接近，故電流表選用外接法；實物圖如下圖所示；（3）作電源的伏安特性曲線，與甲圖相交的交點，即為電燈泡工作點考點：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗12、A，D，E，【解析】(1)因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準確；故只能選用A電壓表；由P=UI得，燈泡的額定電流為：，故電流表應選擇0～0.6A的量程，故選D；由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，應選小阻值的E；(2)電壓表遠大于燈泡內阻，應采用電流表外接法，由題意要求可知，電壓從零開始變化，