2025屆貴州省貴陽市德為教育物理高二第一學期期中聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆貴州省貴陽市德為教育物理高二第一學期期中聯(lián)考模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖幾種典型的電場，其中a、b兩點電場強度和電勢均相等的是（）A． B． C． D．2、下列公式中，既適用于點電荷產(chǎn)生的靜電場，也適用于勻強電場的有（）①場強；②場強；③場強；④電場力做功W=qUA．①④ B．②③ C．②④ D．①③3、把一個月牙狀的薄板懸掛起來，靜止時如圖所示．則薄板的重心可能是圖中的（

）A．A點

B．B點 C．C點 D．D點4、某物體m在推力F的作用下沒有運動，經(jīng)時間t后（）A．推力的沖量為零 B．推力的沖量為FtcosθC．合力的沖量為Ft D．重力的沖量為mgt5、如圖是電阻R1和R2的伏安特性曲線，把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域，現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)，則并聯(lián)后的總電阻R的伏安特性曲線所在區(qū)域描述正確的是A．特性曲線在Ⅰ區(qū)B．特性曲線在Ⅱ區(qū)C．特性曲線在Ⅲ區(qū)D．特性曲線在這三個區(qū)域以外6、某行星繞恒星運行的橢圓軌道如下圖所示，E和F是橢圓的兩個焦點，O是橢圓的中心，行星在A點的線速度比在B點的線速度大．則恒星位于A．A點 B．E點C．F點 D．O點二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在勻強電場中，關于電勢差與電場強度的下列說法正確的是（）A．任意兩點間的電勢差等于電場強度與這兩點間距離之積B．沿電場方向，任意相同距離上電勢差必定相等C．電勢降低的方向不一定就是電場強度的方向D．距離相同的兩點上，電勢差越大，這兩點間的電場強度越大8、如圖所示，A為帶電量為Q的點電荷，中間豎直放置一帶正電的介質板，B為質量為m、電量為＋q的小球，用絕緣絲線懸掛于O點，平衡時絲線與豎直方向的夾角為θ，且A、B兩個小球在同一水平面上，間距為L，則介質板上的電荷在小球B處產(chǎn)生的電場強度大小E可能是()A．E＝mgtanθqC．E＝kQL2D．9、如圖是一個多用電表的簡化電路圖．S為單刀多擲開關，通過操作開關，可以接通1，也可以接通2、3、4、5或1．下列說法正確的是A．當開關S分別接1或2時，測量的是電流，其中S接1時量程較大B．當開關S分別接3或4時，測量的是電阻，其中A是黑表筆C．當開關S分別接3或4時，測量的是電阻，其中A是紅表筆D．當開關S分別接5和1時，測量的是電壓，其中S接5時量程較大10、物理課堂教學中的洛倫茲力演示儀由勵磁線圈、玻璃泡、電子槍等部分組成。勵磁線圈是一對彼此平行的共軸的圓形線圈，它能夠在兩線圈之間產(chǎn)生勻強磁場。玻璃泡內充有稀薄的氣體，電子槍在加速電壓下發(fā)射電子，電子束通過泡內氣體時能夠顯示出電子運動的徑跡。若電子槍垂直磁場方向發(fā)射電子，給勵磁線圈通電后，能看到電子束的徑跡呈圓形。若只增大電子槍的加速電壓或勵磁線圈中的電流，下列說法正確的是()A．增大電子槍的加速電壓，電子束的軌道半徑變大B．增大電子槍的加速電壓，電子束的軌道半徑不變C．增大勵磁線圈中的電流，電子束的軌道半徑變小D．增大勵磁線圈中的電流，電子束的軌道半徑不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在實驗室中測量電源的電動勢和內電阻，可以提供的器材有：（a）待測電池：電動勢E、內電阻r（b）電流表A1：量程0.6A，內阻r1=0.5Ω（c）電流表A2：量程1mA，內阻r2=200Ω（d）滑動變阻器R1：阻值0～20Ω，額定電流2.5A（e）電阻箱R2：9999Ω以及開關、導線、坐標紙等．為了測量待測電池的電動勢和內電阻，請解答以下問題：（1）由于沒有電壓表，需將電流表A2和電阻箱R2改裝成量程為2V的電壓表，R2的電阻值應為__________Ω．（2）根據(jù)下圖中設計的測量該電池電動勢和內電阻的電路圖，利用筆畫線代替導線，將實物圖連接好__________。（3）根據(jù)實驗所測數(shù)據(jù)畫出I2-I1圖象如圖所示，由此圖象可求得該電源電動勢E=__V，內阻r=____Ω．12．（12分）（1）測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U﹣I圖象如圖1、2所示，請回答下列問題：在閉合開關之前為防止電表過載，滑動變阻器的滑動頭P應放在_____處．該電池的電動勢E=_____V，內電阻r=_____Ω．（2）有一小燈泡上標有“3V，0.3A”字樣，現(xiàn)要描繪該小燈泡的伏安特性曲線，有下列器材供選用A電壓表（0﹣3V，內阻2.0kΩ）B電壓表（0﹣5V，內阻3.0kΩ）C電流表（0﹣0.3A，內阻2.0Ω）D電流表（0﹣6A，內阻1.5Ω）E滑動變阻器（2A，30Ω）F滑動變阻器（0.5A，1000Ω）G學生電源（直流4.5V），及開關，導線等實驗中為了精度盡量高，且有足夠大測量范圍，則所用的電壓表應選_____，電流表應_____，滑動變阻器應選_____四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）光滑絕緣半球槽的半徑為R,處在水平向右的勻強電場中,一質量為m的帶電小球從槽的右端A處(與球心等高)無初速度沿軌道滑下,滑到最低點B時,球的速度為．求:(1)小球從A到B的過程中受到的電場力做的功(2)電場力的大小(3)帶電小球在滑動過程中的最大速度．14．（16分）如圖,在xOy平面的第一象限內有平行于y軸的有界勻強電場,方同沿y軸正方向；第四象限有一勻強電場一質量、電荷量的帶電粒子,從P點以初速度大小,垂直y軸方向射入電場中,粒子偏轉后經(jīng)過x軸上A點進入第四象限,并沿直線運動的最大距離,已知,,不計粒子重力,求：(1)粒子的帶電性質和粒子在第一象限的加速度大?。?2)粒子從A點運動到B點的時間；(3)第四象限的勻強電場大小和方向。15．（12分）在如圖所示的甲、乙電路中，電源的電動勢E=3V，內電阻r=1.0Ω，電阻R=2.0Ω，電動機的內阻R內=2.0Ω，求：（1）甲圖中閉合開關S后，電阻R的功率；（2）乙圖中閉合開關S后，電路中的電流為0.5A，電動機的熱功率及輸出功率；

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

試題分析：圖A中，兩點的電場強度大小相等，但方向不同，所以場強不同，兩點處于同一等勢面上，電勢相等，所以A錯誤；B圖中兩點位于電荷連線的中垂線上，即處于零勢面上，所以兩點電勢相等，由對稱可知，兩點的場強大小、方向都相同，即電場強度相同，所以B正確；C圖中兩點電場強度方向不同，大小相等，所以C正確；D圖中是勻強電場，所以兩點電場強度相等，電勢沿電場線方向降落，故，所以D錯誤；考點：電場強度、電場線、電勢2、A【解析】

場強是電場強度的定義式，適用于一切電場，場強僅適用于勻強電場，場強適用于點電荷產(chǎn)生的電場，W=qU適用于一切電場。可知既適用于點電荷產(chǎn)生的靜電場，也適用于勻強電場是①④。故選A。3、D【解析】

懸掛法測量重心位置的原理，結合二力平衡條件分析可得，重心位置是D點．故選D．【點睛】本題考查的是懸掛法找物體的重心．學生對重力、重心的理解，還要了解物體的重心分布與哪些因素有關．4、D【解析】根據(jù)沖量的公式，推力的沖量為：IF=Ft，所以AB錯誤；根據(jù)動量定理：I合=△mv，物體沒有運動，則△v=0，所以I合=0，所以C錯誤；重力的沖量為IG=mgt，所以D正確；故選D．點睛：本題考查了動量定理以及沖量的計算公式，直接應用即可，注意沖量的方向與力的方向相同，與物體是否運動無關．5、A【解析】

把R1和R2并聯(lián)在電路中，并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小，I-U圖像中，斜率的倒數(shù)是電阻的大小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，所以R的伏安特性曲線應該Ⅰ區(qū)，故A正確，BCD錯誤。6、B【解析】

根據(jù)開普勒第二定律，對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等時間內掃過相等的面積。則行星在距離恒星較近的位置速度較大，因行星在A點的線速度比在B點的線速度大．則恒星位于E點，故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A.公式中的必須是兩點間沿著電場方向的距離，故A錯誤；B.由知，在勻強電場中各處相同，則沿著的方向相同距離上的電勢差相同，故B正確；C.沿著電場方向電勢降低，但是電勢降低的方向有無數(shù)個，所以電勢降低的方向未必是電場的方向，故C正確；D.在相同距離上的兩點，電勢差大，場強不一定大；若兩點沿電場線方向相同距離上的兩點，電勢差大的其場強才必定大，故D錯誤。8、AD【解析】

以小球為研究對象，分析受力情況，作出力圖，根據(jù)共點力平衡條件和庫侖定律列式，求解E的大小?！驹斀狻慨擰為正點電荷時：以小球為研究對象，分析受力情況：重力、點電荷對小球的靜電力F、感應電荷的靜電力qE和細線的拉力，如圖根據(jù)共點力平衡條件：

F+qE=Tsinθ

mg=Tcosθ又根據(jù)庫侖定律得：F=kQq聯(lián)立解得：E=mg當Q為負點電荷時同理可得：qE=Tsinθ+F

mg=Tcosθ又根據(jù)庫侖定律得：F=k聯(lián)立解得：E=故應選：AD。【點睛】本題是電場中的力平衡問題，要轉換觀念，當作力學問題去處理．關鍵要知道感應電荷產(chǎn)生的電場強度方向。9、AC【解析】A項：由圖可知當轉換開關S旋到位置1、2位置是電流表，接1時分流電阻相對更小，故接1時電表的量程更大；故A正確；B、C項：測量電阻時歐姆表內部應接電源，由圖可知測電阻只有接3或4；A與電源的負極相連，故A為紅表筆；故B錯誤，C正確；D項：要測量電壓，電流表應與電阻串聯(lián)，由圖可知當轉換開關S旋到位置5、1時；測量電壓，電流表所串聯(lián)的電阻越大，所測量電壓值越大，故當轉換開關S旋到1的量程比旋到5的量程大，故D錯誤．點晴：本題考查多用表的原理，應熟練掌握其測量原理，及電表的改裝辦法．明確電流表時表頭與電阻并聯(lián)，電壓表時，表頭與電阻串聯(lián)；而歐姆表時內部要接有電源．10、AC【解析】

根據(jù)動能定理表示出加速后獲得的速度，然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力推導出半徑的表達式?！驹斀狻緼、B項：根據(jù)電子所受洛倫茲力的方向結合安培定則判斷出勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=1電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有：eBv解得：r=1增大電子槍的加速電壓，電子束的軌道半徑變大，故A正確，B錯誤；C、D項：增大勵磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場增強，由r=1B2mUe式可得，電子束的軌道半徑變小，故C故應選：AC?！军c睛】本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的應用，正確分析出儀器的原理是關鍵。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、18001.82【解析】

（1）[1]根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律可知，串聯(lián)電阻阻值。（2）[2]根據(jù)電路圖可得出對應的實物圖，如圖所示；（3）[3][4]由全電路的歐姆定律：變形可得：由圖乙所示圖象可知，圖象縱軸截距和斜率的數(shù)據(jù)：解得：；。【點睛】本題需要掌握改裝電壓表串聯(lián)內阻的計算方法；應用圖象求電源電動勢與內阻時，從圖象上求出電流值，然后應用歐姆定律求出電源電動勢與內阻．要注意改裝原理的正確應用是解題的關鍵．12、a1.51.0ACE【解析】試題分析：滑動變阻器采用限流接法時，為保護電路安全，閉合開關前，滑片要置于阻值最大處．電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻；根據(jù)小燈泡的額定電壓可以選出電壓表，根據(jù)燈泡的額定功率可求出額定電流，則可確定出電流表；根據(jù)滑動變阻器的接法可選出滑動變阻器．（1）由圖1所示實驗電路圖可知，滑動變阻器采用限流接法，因此閉合開關前為防止電表過載滑動變阻器的滑動頭P應放在a端．由圖2所示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為1.5，電源電動勢E=1.5V，電源內阻為．（2）由題意可知，燈泡的額定電壓為3V，為了準確性及安全性原則，電壓表應選擇A；燈泡的額定電流為0.3A，故電流表應選擇C；測量燈泡的伏安特性曲線實驗中應采用分壓接法，故滑動變阻器應選用小電阻，故滑動變阻器應選擇E；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)－mgR(2)mg(3)【解析】【分析】設小球運動到最底位置B時速度為v，小球從A處沿槽滑到最底位置B的過程中，根據(jù)動能定理結合向心力公式聯(lián)立方程即可求解；小球在滑動過程中最大速度的條件：是小球沿軌道運動過程某位置時切向合力為零