2025屆新疆烏魯木齊物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

2025屆新疆烏魯木齊物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，圖中兩組曲線中實線代表電場線（方向未畫出）、虛線代表等勢線，點劃線是一個帶電粒子僅在電場力作用下從A到B的運動軌跡，下列說法正確的是A．粒子一定帶正電B．粒子的動能一定是越來越大C．粒子的電勢能一定是越來越大D．A點的電勢一定高于B點的電勢2、白熾燈泡燈絲的I-U特性曲線可用以下圖中哪個圖象來表示()A．B．C．D．3、一輛汽車沿平直道路行駛，其位移時間圖象x﹣t如圖所示，在t＝0到t＝40s這段時間內，汽車的平均速度大小是（）A．0m/s B．2m/s C．2.67m/s D．25m/s4、如圖所示，實線為電場線，虛線為一僅受電場力作用的點電荷在勻強電場中的運動軌跡，、是軌跡上的兩點，則下列說法正確的是A．電荷在點的電勢能大于在點的電勢能B．該電場的方向水平向左C．點的電勢高于點的電勢D．電荷在的動能大于在點的動能5、如圖所示的磁場中，有P、Q兩點．下列說法正確的是A．P點的磁感應強度小于Q點的磁感應強度B．P、Q兩點的磁感應強度大小與該點是否有通電導線無關C．同一小段通電直導線在P、Q兩點受到的安培力方向相同，都是P→QD．同一小段通電直導線在P點受到的安培力一定大于在Q點受到的安培力6、R1和R2是同種材料、厚度相同、表面為正方形的導體,但R2的尺寸比R1的尺寸?。畬蓪w分別串聯(lián)（如圖1）和并聯(lián)（如圖2）接入電路,通過兩導體的電流方向如圖中箭頭所示,則()A．圖1中R1兩端的電壓大于R2兩端的電壓B．圖2中通過R1的電流小于通過R2的電流C．圖1中R1內自由電荷定向移動的速率小于R2內自由電荷定向移動的速率D．圖2中R1內自由電荷定向移動的速率大于R2內自由電荷定向移動的速率二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平向右的勻強電場中，一帶電粒子從A點以豎直向上的初速度開始運動，經最高點B后回到與A在同一水平線上的C點，粒子從A到B過程中克服重力做功2.0J，電場力做功3.0J，則A．粒子做勻變速曲線運動B．粒子在B點速度為零C．粒子在C點的機械能比在A點多12.0JD．粒子在C點的動能為14.0J8、質量和電量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經小孔垂直進入勻強磁場，帶電粒子僅受洛倫茲力的作用，運行的半圓軌跡如圖中虛線所示，下列表述正確的是（）A．M帶負電，N帶正電B．M的速度率小于N的速率C．洛倫茲力對M、N不做功D．M的運行時間大于N的運行時間9、下表列出了不同品牌電冰箱和電風扇銘牌上的主要項目．容聲冰箱BCD-208B/HC格力電風扇KYTA-30A總有效容積：208L冷凍室有效容積：97L冰凍能力：5.25kg/24h電源：220V/50Hz額定輸入功率：140W耗電量：1.00kW·h/24h凈重：58kg額定電壓：220V工作頻率：50Hz扇葉直徑：300mm輸出風量：＞50m3/min功率：50W凈重：4.0kg毛重：5kg根據(jù)銘牌上提供的信息，可以判斷（）A．一天內連續(xù)運轉的電風扇比正常工作的電冰箱消耗的電能多B．一天內正常工作的電冰箱比連續(xù)運轉的電風扇消耗的電能多C．電風扇額定電流比電冰箱大式D．電風扇額定電流比電冰箱小10、若E表示電動勢，U表示外電壓，U′表示內電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內電阻，I表示電流，則下列各式中正確的是()A．U′＝IRB．U′＝E－UC．U＝E＋IrD．U=三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數(shù)。該金屬圓片的直徑的測量值為_______cm。厚度的測量值為_________mm。12．（12分）用伏安測電阻，可采用如圖所示的甲、乙種接法。若所用電壓表內阻約為5000Ω，電流表內阻約為0.5Ω。（1）當測量100Ω左右的電阻時，宜采用_____電路；其測量值比真實值_____（偏大或偏小）。（2）現(xiàn)采用乙電路測量某電阻的阻值時，若電壓表內阻恰為5000Ω，兩電表的讀數(shù)分別為10V、0.5A，則此電阻的測量值為________Ω，真實值為_______Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，熒光屏MN與x軸垂直放置，熒光屏所在位置的橫坐標x0＝40cm，在第一象限y軸和MN之間存在沿y軸負方向的勻強電場，在第二象限有半徑R＝10cm的圓形磁場，磁感應強度大小B＝0.4T，方向垂直xOy平面向外．磁場的邊界和x軸相切于P點．在P點有一個粒子源，平行于坐標平面，向x軸上方各個方向發(fā)射比荷為1.0×108C/kg的帶正電的粒子，已知粒子的發(fā)射速率v0＝4.0×106m/s．不考慮粒子的重力粒子間的相互作用．求(1)帶電粒子在磁場中運動的軌跡半徑;(2)若所有帶電粒子均打在x軸下方的熒光屏上，求電場強度的最小值．14．（16分）如圖所示，電源電動勢E=12V，內阻r=4Ω,R1=16Ω，R2=10Ω，R3=20Ω，R4=30Ω，R5=30Ω，R6=30Ω，電容器C=20μF。（1）閉合開關S1，S2，待穩(wěn)定后，AB之間的電勢差UAB為多少，電容器的電量是多少。（2）斷開S2后，通過R6的電量為多少？（保留2位有效數(shù)字）15．（12分）宇航員到達某行星上，一小球從高為h處自由下落，落到星球表面時速度為v0，設行星的半徑為R、引力常量為G，求：⑴該行星表面的重力加速度大小；⑵該行星的質量.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.由于不知道電場線的方向，所以不能判斷電場的方向，則不能判斷電荷的性質，故A錯誤；BC.根據(jù)粒子的運動的軌跡可以判斷，粒子受到的力指向軌跡彎曲的內側，即指向右下方，所以從A到B的過程中，電場力做正功，所以粒子的動能一定是越來越大，粒子的電勢能一定是越來越小，故B正確，C錯誤；D.由于不知道電場的方向，所以不能判斷A點和B點電勢的高低，故D錯誤。2、A【解析】

根據(jù)歐姆定律，得到，由數(shù)學知識得知，I-U圖象上的點與原點連線的斜率大小表達電阻的倒數(shù)，而白熾燈的電阻隨電壓增加而增大，因此I-U特性曲線是過原點的向電壓U軸傾斜的曲線.A．該圖與結論相符，選項A正確；B．該圖與結論不相符，選項B錯誤；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；3、A【解析】

由圖知，t1=0時x1=0，t2=40s時，x2=0，所以在t＝0到t＝40s這段時間內汽車的位移為?x=x2-x1=0，汽車的平均速度大小為：，故A正確，BCD錯誤；4、A【解析】

AD．勻強電場中電場力與電場線平行，而曲線運動合力指向曲線的凹側一方，所以電場力一定向左，若點電荷從a到b點，電場力做負功，電勢能增加，即電荷在點的電勢能大于在點的電勢能，電場力做負功，動能減小，即電荷在a的動能大于在b點的動能，故A正確，D錯誤；BC．電場力向左，但不知道電荷的電性，所以不能判斷電場方向，即不能判斷兩點電勢的高低，故BC錯誤。5、B【解析】A、磁感線的疏密表示磁場的強弱，由圖象知P點的磁場比Q點的磁場強，A錯誤；B、磁感應強度是由磁場本身決定的，與該點是否有通電導線無關．故B正確；C、根據(jù)左手定則，通電直導線受到的安培力的方向與磁場的方向垂直，所以它們受到的安培力的方向不能是P→Q，故C錯誤；D、同一小段通電直導線在在都與磁場的方向垂直的條件下，在P點受到的安培力才能大于在Q點受到的安培力，故D錯誤；故選B.【點睛】解決本題的關鍵掌握磁感線的特點，磁感線上某點的切線方向表示磁場的方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱．6、C【解析】設導體厚度為d，R邊長為L，電阻率為ρ，根據(jù)電阻定律得導體的電阻為：，由此可知導體R1、R2的阻值相等，圖1中R1、R2串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)分壓的特點可知R1兩端的電壓等于R2兩端的電壓，故A錯誤；根據(jù)電流的微觀表達式：I=nevS=nevLd，由于I、n、e、d相同，則L越大，v越小，則R1中自由電荷定向移動的速率小于R2中自由電荷定向移動的速率，故C正確；圖2中R1、R2并聯(lián)，電壓相等，導體R1、R2的阻值相等，所以通過R1的電流等于通過R2的電流，故B錯誤；根據(jù)電流的微觀表達式：I=nevS=nevLd，由于I、n、e、d相同，則L越大，v越小，則R1中自由電荷定向移動的速率小于R2中自由電荷定向移動的速率，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

水平受Eq向右，一直做初速度為0的勻加速直線運動，豎直受mg向下，做豎直上拋運動，互不影響．抓住豎直上升到最高點的時間等于從最高點落回拋出高度的時間．結合水平位移關系求出整個過程中電場力做功的大?。畯亩ㄟ^動能定理求出物體折回通過與A點在同一水平線上的C點時的動能大小，電場力做功與電勢能的關系，求電勢能；除重力做功外，其他力做功對應機械能的變化．【詳解】A項：由于粒子受重力，恒定的電場力作用力，所以粒子的加速度恒定，故粒子做勻變速曲線運動，故A正確；B項：從A到B粒子在豎直方向上做勻減速運動，水平方向做勻加速運動，B為最高點，所以粒子在B點的豎直方向速度為零，水平方向速度不為零，故B錯誤；C、D項：豎直方向：粒子做豎直上拋運動，則運動時間水平方向：粒子做初速度為零的勻加速直線運動水平位移：上升的過程電場力做功：W1=qEx1最高點時，豎直方向的速度為0，故小球的動能與電場力做的功相等，即：W1=3J下降的過程中，豎直方向做自由落體運動，與豎直上拋是對稱的所以下降的時間：t2=t1水平方向的總位移：全過程中電場力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=12J全過程中，重力做功為0，根據(jù)動能定理：W2=EK末-EK初所以：EK末=EK初+W2=2+12=14J除重力做功外，其他力做功對應機械能的變化，所以粒子在A點的機械能比在C點少12.0J故C，D正確．【點睛】解決本題的關鍵知道小球在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律，結合等時性進行求解，注意不一定求動能就把速度求出來，有時只需要知道速度之比即可，難度適中．8、AC【解析】

由左手定則判斷出M帶正電荷，帶負電荷；結合半徑的公式可以判斷出粒子速度的大小；根據(jù)周期的公式可以判斷出運動的時間關系．【詳解】A：由左手定則判斷出N帶正電荷，M帶負電荷，故A正確；B：粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，半徑為：，在質量與電量相同的情況下，半徑大說明速率大，即M的速率大于N的速率，故B錯誤；C：洛倫茲力始終與速度的方向垂直，不做功，故C正確；D：粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，而周期為，M的運行時間等于N的運行時間，故D錯誤．9、AD【解析】從銘牌看出容聲冰箱的耗電量：W=1.00kW?h/24h；格力電風扇功率：50W，24h耗電量為：W′=Pt=50W×24h=1200Wh=1.2KW?h；故一天內連續(xù)運轉的電風扇比正常工作的電冰箱消耗的電能多，故A正確，B錯誤；從銘牌看出容聲冰箱的額定輸入功率：140W；格力電風扇功率：50W；根據(jù)P=UI，電風扇額定功率小，故電風扇額定電流比電冰箱小，故C錯誤，D正確；故選AD．10、BD【解析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知：U′＝Ir，選項A錯誤；U′＝E－U，選項B正確；U＝E-Ir，選項C錯誤；U＝IR=ERR+r，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.240；1.682；【解析】游標卡尺的主尺讀數(shù)為12mm，游標讀數(shù)為8×0.05mm=0.40mm，所以最終讀數(shù)為12.40mm=1.240cm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×18.2mm=0.182mm．所以最終讀數(shù)為1.682mm；12、甲偏大20