安徽省宿州市十三所重點中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末綜合測試模擬試題含解析

安徽省宿州市十三所重點中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末綜合測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，虛線框內(nèi)為改裝好的電表，M、N為新電表的接線柱，其中靈敏電流計G的滿偏電流為，已測得它的內(nèi)阻為，圖中電阻箱讀數(shù)為?，F(xiàn)將MN接入某電路，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計G剛好滿偏，則根據(jù)以上數(shù)據(jù)計算可知（）A.M、N兩端的電壓為1mV B.M、N兩端的電壓為100mVC.流過M、N的電流為 D.流過M、N的電流為10mA2、如圖所示，等腰三角形內(nèi)分布有垂直于紙面向外的勻強磁場，它的底邊在x軸上且長為2L，高為L.紙面內(nèi)一邊長為L的正方形導(dǎo)線框沿x軸正方向做勻速直線運動穿過勻強磁場區(qū)域，在t＝0時刻恰好位于圖中所示的位置．以順時針方向為導(dǎo)線框中電流的正方向，在下面四幅圖中能夠正確表示電流－位移(I－x)關(guān)系的是A. B.C. D.3、如圖所示，為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經(jīng)過機械過濾裝置再進入靜電除塵區(qū)、圖中虛線是某一帶負電的塵埃(不計重力)僅在電場力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡，A.A點電勢高于B點電勢B.塵埃在A點的加速度大于在B點的加速度C.塵埃在遷移過程中做勻變速運動D.塵埃在遷移過程中電勢能始終在增大4、兩個完全相同的金屬球A和B帶電荷量之比為1∶7，相距為r，兩者接觸一下放回原來的位置，則后來兩小球之間的庫侖力大小與原來之比是（）A.3∶7 B.4∶7C.9∶7 D.16∶75、如圖所示，重力為10N的物體置于水平桌面上，在3N的水平拉力F作用下處于靜止狀態(tài)，則物體所受力的合力大小為（）A.10N B.7NC.3N D.06、閉合電路中電源不變，調(diào)節(jié)外電阻，使電路總電流變大．那么下列說法錯誤的是（）A.路端電壓變小 B.電源總功率變大C.電源輸出功率變大 D.電源內(nèi)部的發(fā)熱功率變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，實線是勻強電場的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用，則由此圖可作出的正確判斷是（）A.帶電粒子帶負電B.帶電粒子帶正電C.帶電粒子所受電場力的方向向右D.帶電粒子做勻變速運動8、某電器元件被磁化了，為了使其退磁，下列方法可行的有（）A.把該元件高溫處理B.把該元件通入強電流C.把該元件放入逐漸減弱的交變磁場中D.把該元件放入強磁場中9、如圖所示，A、B兩閉合線圈為同樣導(dǎo)線繞成，A有10匝，B有20匝，兩圓線圈半徑之比為2∶1，均勻磁場只分布在B線圈內(nèi)．當磁場隨時間均勻減弱時A.A中無感應(yīng)電流B.A、B中均有恒定的感應(yīng)電流C.A、B中感應(yīng)電動勢之比為2∶1D.A、B中感應(yīng)電流之比為1∶210、如圖所示，質(zhì)量為m的帶電金屬小球，用絕緣細線與質(zhì)量為M=2m的不帶電的木球相連，兩球恰能在豎直向上的足夠大的場強為E的勻強電場中，以速度v勻速豎直上升。當木球升至a點時，細線突然斷開，木球升至b點時，速度剛好為零，那么，下列說法中正確的是（）A.當木球的速度為零時，金屬小球的速度為3vB.當木球的速度為零時，金屬小球的速度為2vC.a、b兩點間的電勢差為D.a、b兩點間，木球動能的減少等于兩球重力勢能的增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量由兩節(jié)干電池組成的電池組的電動勢和內(nèi)電阻，某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路，其中R為電阻箱，R0=5Ω為保護電阻(1)斷開開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值，再閉合開關(guān)S，讀取并記錄電壓表的示數(shù)及電阻箱接入電路中的阻值．多次重復(fù)上述操作，可得到多組電壓值U及電阻值R，并以為縱坐標，以為橫坐標，畫出的關(guān)系圖線（該圖線為一直線），如圖乙所示．由圖線可求得電池組的電動勢E=_____V，內(nèi)阻r=_____Ω．（保留兩位有效數(shù)字）(2)引起該實驗系統(tǒng)誤差的主要原因是___________12．（12分）某同學(xué)在測量一種均勻新材料的電阻率的過程中,對由該材料做成的圓柱形導(dǎo)體的相關(guān)測量如下：(1)用20分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，由圖可知其長度L=____mm；用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖乙可知其直徑d=____mm。(2)為了粗測新材料導(dǎo)體的阻值R。該同學(xué)先選用多用電表“×10”擋，調(diào)零后進行測量，指針位置測量如圖丙所示。①為了把電阻測量得更準確些，應(yīng)換用“____”擋(選填“×1”或“×100”)

；②更換擋位后必須將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)______旋鈕使表針指向0Ω；③重新測量時指針位置如圖丁所示，可讀出R=___Ω。(3)用字母L、d、R表示該材料的電阻率ρ=__________________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一電荷量為q的帶電粒子，以速度v垂直射入磁感應(yīng)強度為B、寬度為d的有界勻強磁場中，射出磁場時的速度方向與原來粒子的入射方向的夾角θ=60°，不計粒子重力，求：帶電粒子質(zhì)量m多大？14．（16分）三峽水電站的一臺發(fā)電機輸出功率為70萬千瓦，發(fā)電機的輸出電壓為20KV，通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠處供電，已知T1，和T2的匝數(shù)比分別為1:25和19:4，電壓經(jīng)T2降至100KV．求：（1）輸電線上的電流；（2）輸電線上損耗的功率。15．（12分）如圖所示，M為一線圈電阻rM＝0.4Ω的電動機，R＝24Ω，電源電動勢E＝40V．當S斷開時，電流表1的示數(shù)I1＝1.6A，當開關(guān)S閉合時，電流表1的示數(shù)I2＝4.0A,電流表2的示數(shù)IM＝2.5A．求：（1）電源內(nèi)阻（2）開關(guān)S閉合時電源的輸出功率（3）開關(guān)S閉合時電動機發(fā)熱消耗的功率和轉(zhuǎn)化為機械能的功率

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AB．M、N兩端電壓為AB錯誤；CD．流過M、N的電流為C錯誤D正確。故選D。2、C【解析】位移在0～L過程：磁通量增大，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向為順時針方向，為正值．，因l=x，則，位移在L～2L過程：磁通量先增大后減小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向先為順時針方向，為正值，后為逆時針方向，為負值．位移在2L～3L過程：磁通量減小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向為逆時針方向，為負值．，故選C3、B【解析】由圖可知，作過的等勢線，交A所在電場線于B'，則可知，B'點靠近正極板，故B點的電勢高于A點電勢，故A錯誤；由圖可知，A點電場線比B點密集，因此A點的場強大于B點場強，故A點的電場力大于B點的電場力，再根據(jù)牛頓第二定律可知，A點的加速度大于B點的加速度，故B正確；放電極與集塵極間建立非勻強電場，塵埃所受的電場力是變化的．故粒子不可能做勻變速運動，故C錯誤；由圖可知，開始為鈍角，電場力做負功，電勢能增大；后來變?yōu)殇J角，電場力做正功，電勢能減??；對于全過程而言，根據(jù)電勢的變化可知，電勢能減小，故D錯誤．故選B4、CD【解析】若兩小球電性相同，兩個完全相同的金屬小球，將它們相互接觸再分開，帶電量先中和后平分，設(shè)金屬球A和B帶電量為Q，7Q，所以A、B所帶的電荷相等都為4Q，根據(jù)庫侖定律得所以若兩小球電性相反，兩個完全相同的金屬小球，將它們相互接觸再分開，帶電量先中和后平分，設(shè)金屬球A和B帶電量為Q，7Q，所以A、B所帶的電荷相等都為3Q，根據(jù)庫侖定律得所以故選CD。5、D【解析】物體處于靜止狀態(tài)，則所受的合力為零。故選D。6、C【解析】閉合電路中電源不變，調(diào)節(jié)外電阻，使電路總電流變大，則內(nèi)阻上的電壓變大，路端電壓減?。浑娫聪牡目偣β蔖=IE變大，電源內(nèi)部的發(fā)熱功率P內(nèi)=I2r變大；選項ABD正確；當外電路電阻等于內(nèi)阻時電源輸出功率最大，因不知道電源內(nèi)阻和外電阻的關(guān)系，則無法確定電源輸出功率的變化情況，選項C錯誤；此題選擇錯誤的選項，故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】根據(jù)軌跡的彎曲得出電場力的方向，從而得出帶電粒子的電性。根據(jù)粒子的受力確定粒子的運動情況?！驹斀狻緼BC．因為軌跡的凹向大致指向合力的方向，知粒子所受電場力方向水平向左，則粒子帶負電。故A正確，BC錯誤；D．粒子僅受電場力，做勻變速曲線運動，故D正確。故選AD?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵知道軌跡的凹向大致指向合力的方向，這是解決本題的關(guān)鍵，知道正電荷所受電場力方向與電場強度方向相同，負電荷所受電場力方向與電場強度方向相反。8、AC【解析】A、根據(jù)退磁的方法可知，把該元件高溫處理，因為激烈的熱運動使分子電流的取向又變的雜亂無章了．能使元件退磁．故A正確；B、把該元件通入強電流，不能使分子電流的取向變的雜亂無章．故B錯誤；C、把該元件放入逐漸減弱的交變磁場中是使磁性物體退磁的方法．故C正確；D、把該元件放入強磁場中，可能會使該元件的磁性更強．故D錯誤故選AC【點睛】本題考查了安培分子電流假說和磁化、退磁的知識，要真正理解鐵磁性物質(zhì)產(chǎn)生磁化的本質(zhì)，掌握常見的退磁的方法．屬于基礎(chǔ)題目9、BD【解析】試題分析：穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流；由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動勢；由電阻定律求出導(dǎo)線電阻，最后由歐姆定律可以求出線圈電流磁場隨時間均勻減弱，穿過閉合線圈A的磁通量減少，A中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；磁場隨時間均勻減弱，穿過閉合線圈A、B的磁通量減少，A、B中都產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動勢：，其中、S都相同，A有10匝，B有20匝，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比為1：2，A、B環(huán)中感應(yīng)電動勢，故C錯誤；線圈電阻，兩圓線圈半徑之比為2：1，A有10匝，B有20匝，、s都相同，則電阻之比，由歐姆定律得，產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比，故D正確；10、AC【解析】AB．M與m組成的系統(tǒng)以速度v勻速豎直向上運動說明它們的合力為0，故動量守恒代入數(shù)據(jù)得故A正確，B錯誤；C．木球從a到b，只有重力做功，所以整理得a、b之間的電勢差故C正確；D．小木球從點A到點B的過程中，其動能的減少量等于木球重力勢能的增加量，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2.9②.1.1③.電壓表分流，（導(dǎo)致通過電源的電流的測量值偏小）【解析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律進行數(shù)學(xué)變形，得,根據(jù)數(shù)學(xué)知識得知關(guān)系圖線的縱截距，斜率;由圖得到b=0.35，則電動勢，內(nèi)阻r=kE-R0=2.1×2.9-5≈1.2Ω(2)由圖甲所示電路圖可知，電壓表與電阻箱并聯(lián)，由于電壓表的分流作用，流過保護電阻與電源的電流大于流過電阻箱的電流，這是造成實驗誤差的原因【點睛】本題主要考查運用數(shù)學(xué)知識處理問題的能力，采用的是轉(zhuǎn)換法，將非線性關(guān)系轉(zhuǎn)換成線性，直觀簡單12、①.60.20②.8.300③.×100④.歐姆調(diào)零⑤.1700⑥.【解析】(1)[1]由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為60mm+4×0.05mm=60.20mm；[2]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為8mm+30.0×0.01mm=8.300mm。(2)①[3]選用多用電表“×10”擋調(diào)零后進行測量，歐姆表針偏轉(zhuǎn)角度很小，說明該電阻較大，應(yīng)換更大倍率的“×100”擋；②[4]重新?lián)Q擋后紅、黑表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向表盤右側(cè)的0Ω；③[5]由圖丁所示可知，歐姆表讀數(shù)為17×100Ω=1700Ω。(3)[6]由電阻定律得四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】分別作入射速度和出射速度的垂線，交點即為圓心O，入射點、出射點與O的連線即為半徑r，據(jù)圖可知：軌跡的半徑為：帶電粒子在洛倫茲力作用下做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即：綜上解得：14、（1）1400A（2）3.5×107W【解析】（1）輸電線上的電流為I＝U2＝＝V＝500×103V所以I＝＝＝1400A（2）根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知：U3＝＝＝475×103V則損失電壓為ΔU＝U2﹣U3＝500×103V﹣4