2025屆廣東省揭陽市惠來縣第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題含解析2

2025屆廣東省揭陽市惠來縣第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在某靜電場中，沿著某條電場線建立坐標(biāo)軸，坐標(biāo)軸上各點的電勢隨坐標(biāo)變化的關(guān)系圖線如圖所示，則以下看法正確的是A．同一點電荷在處的電勢能小于在處的電勢能B．同一點電荷在處的受到的靜電力大于在處受到的靜電力C．該電場的方向沿軸正方向D．該電場可能是勻強電場2、如圖所示，定值電阻R=20Ω，電動機線圈的電阻R0=10Ω，當(dāng)開關(guān)S斷開時，電流表的示數(shù)是0.5A．當(dāng)開關(guān)S閉合后，電動機轉(zhuǎn)動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數(shù)I和電路消耗的電功率P應(yīng)是（）A．I=1.5A B．I＜1.5AC．P=15W D．P＞15W3、有一勻強電場，其場強為E，方向水平向右，把一個半徑為r的光滑絕緣環(huán)，豎直放置于場中，環(huán)面平行于電場線，環(huán)的頂點A穿有一個質(zhì)量為m，電量為q(q>0)的空心小球，如圖所示，當(dāng)小球由靜止開始從A點下滑1/4圓周到B點時，小球?qū)Νh(huán)的壓力大小為：()A．.2mg+2qEB．.3mg+2qEC．3mg+3qED．2mg+3qE4、關(guān)于磁感應(yīng)強度B，下列說法中正確的是A．根據(jù)磁感應(yīng)強度定義，某點的磁感應(yīng)強度B與安培力F成正比，與I成反比B．磁感應(yīng)強度B是標(biāo)量，沒有方向，磁感線密集的地方磁感應(yīng)強度B大些，磁感線稀疏的地方磁感應(yīng)強度B小些C．磁感應(yīng)強度B是矢量，方向與安培力F的方向相反D．在確定的磁場中，同一點的磁感應(yīng)強度B是確定的，不同點的磁感應(yīng)強度B可能不同5、A、B、C三點在同一直線上，AB∶BC＝2∶1，B點位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點電荷．當(dāng)在A處放一電荷量為＋2q的點電荷時，它所受到的靜電力為F；移去A處電荷，在C處放一電荷量為－q的點電荷，其所受靜電力為()A．－FB．FC．－2FD．2F6、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計)連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離(仍在P點下方)A．電容器的電容減小，則極板帶電量將增大B．帶電油滴將沿豎直方向向下運動C．P點的電勢將升高D．帶電油滴的電勢能將增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B在兩個等量異種點電荷連線的中垂線上，且到連線上中點O的距離相等，如圖所示，則()A．同一電荷在A，B兩點的電勢能相等B．把正電荷從A點沿直線移動到B點，電荷的電場強度先增大后減少C．把正電荷從A點沿直線移動到B點，電荷的電勢能先減少后增大D．A、B連線上的任意兩點的電勢差為零8、經(jīng)長期觀測人們在宇宙中已經(jīng)發(fā)現(xiàn)了“雙星系統(tǒng)”．“雙星系統(tǒng)”由兩顆相距較近的恒星組成，每個恒星的線度遠(yuǎn)小于兩個星體之間的距離，而且雙星系統(tǒng)一般遠(yuǎn)離其他天體．如圖，兩顆星球組成的雙星，在相互之間的萬有引力作用下，繞連線上的O點做周期相同的勻速圓周運動．現(xiàn)測得兩顆星之間的距離為L，質(zhì)量之比為m1∶m2=2∶3，則可知（）A．m1、m2做圓周運動的線速度之比為2∶3B．m1、m2做圓周運動的角速度之比為1∶1C．m1做圓周運動的半徑為LD．m2做圓周運動的半徑為L9、如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質(zhì)量為m，電阻為R，在金屬線框的下方有一勻強磁場區(qū)域，MN和PQ是勻強磁場區(qū)域的水平邊界，并與線框的bc邊平行，磁場方向垂直于線框平面向里．現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到bc剛好運動到勻強磁場PQ邊界的v―t圖象，圖中數(shù)據(jù)均為已知量．重力加速度為g，不計空氣阻力．下列說法正確的是：（）．A．金屬線框剛進人磁場時感應(yīng)電流方向沿adcba方向B．磁場的磁感應(yīng)強度為C．金屬線框在0~t3的時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為D．MN和PQ之間的距離為10、如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、、和表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、Δ、Δ和Δ，下列說法正確的是A．I減小，減小、增大，增大B．電源功率不變，上功率增加C．變大，不變D．變大，不變?nèi)?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）研究兩個小球在軌道水平部分碰撞的規(guī)律（動量守恒定律）：先安裝好如圖1實驗裝置，在地上鋪一張白紙．白紙上鋪放復(fù)寫紙，記下重錘線所指的位置O．之后的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上．重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞．重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟1：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度．（1）上述實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量有________．A．A、B兩點間的高度差h1B．B點離地面的高度h2C．小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2

D．小球1和小球2的半徑r（2）當(dāng)所測物理量滿足________________時（用所測物理量的字母表示），說明兩球碰撞遵守動量守恒定律．如果還滿足_________________時（用所測物理量的字母表示），說明兩球碰撞發(fā)生彈性碰撞．（1）完成上述實驗后，某實驗小組對裝置進行了如圖2所示的改造．在水平槽末端與水平地面間放置了一個斜面，斜面的頂點與水平槽等高且無縫連接．使小球1仍從斜槽上A點由靜止?jié)L下，重復(fù)實驗步驟1和2的操作，得到兩球落在斜面上的平均落點M′、P′、N′．用刻度尺測量斜面頂點到M′、P′、N′三點的距離分別為l1、l2、l1．則驗證兩球碰撞過程中動量守恒的表達式為__________________（用所測物理量的字母表示）．12．（12分）利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，要求盡量減小實驗誤差．(1)應(yīng)該選擇的實驗電路是圖中的______（選填“甲”或“乙”）．(2)現(xiàn)有開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A．電壓表（0-15V）B．電壓表（0-3V）C．滑動變阻器(0-50ΩD．滑動變阻器(0-500ΩE.電流表(0-0.6A)F、電流表（0-3A）實驗中電壓表應(yīng)選用______；電流表選應(yīng)用______，滑動變阻器應(yīng)選用______(選填相應(yīng)器材前的字母)(3)采用甲電路測量，誤差情況是E測____E真，r測_____r真；采用乙電路測量，誤差情況是E測_____E真，r測_______r真選填“>”、“<”或“=”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，有一提升重物用的直流電動機，內(nèi)阻RM＝0.6Ω，R＝10Ω，U＝160V，電壓表的讀數(shù)為110V．則：(1)通過電動機的電流是多少？(2)輸入到電動機的電功率是多少？(3)電動機工作1h所產(chǎn)生的熱量是多少？14．（16分）平行板電容器豎直放置如圖所示，兩板間距d=1．1m，電勢差U=1111V，現(xiàn)從平行板上A處以v1=3m/s初速度水平射入一帶正電小球（已知小球帶電荷量q=11-4C，質(zhì)量m=1．12kg），經(jīng)一段時間后發(fā)現(xiàn)小球打在A點正下方的B點，求：（1）AB間的距離SAB；（2）若小球打在與B同一水平線上的+極板上，小球的初速度應(yīng)是多大？15．（12分）如圖所示，電源的電動勢E＝24V，內(nèi)阻，電阻，M為直流電動機，其電阻，電動機正常工作時，其兩端所接電壓表讀數(shù)為，求電動機輸出的機械功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．由圖可知，處的電荷比在處的電勢更低，由于不知道點電荷的電性，所以無法確定點電荷在處的電勢能和點電荷在處的電勢能的大小，故A錯誤；B．圖像的斜率表示電場強度，由圖可知，在處的電場強度比在處的電場強度更大，由公式可知，同一點電荷在處的受到的靜電力大于在處受到的靜電力，故B正確；C．根據(jù)沿電場線方向電勢降低，由圖可知，該電場的方向沿軸負(fù)方向，故C錯誤；D．圖像的斜率表示電場強度，由圖可知，該電場不可能是勻強電場，故D錯誤。2、B【解析】

.當(dāng)電鍵S斷開時,由歐姆定律得，當(dāng)電鍵S閉合后，通過R1的電流仍為0.5A，電動機的電流，故電流表的電流，電路中電功率，故B正確，ACD錯誤；3、D【解析】從A到B，由動能定理可得：mgR+qEr=12mvB2，小球做圓周運動，在B點，環(huán)對球的彈力于電場力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：點晴：本題考查動能定理與圓周運動的綜合問題，注意從A到B，除重力做功外還有電場力做功，且電場力做力特點與重力做功相類似，與路徑無關(guān)。4、D【解析】

A、磁感應(yīng)強度由磁場本身決定，與電流、導(dǎo)線長度、導(dǎo)線受到的安培力無關(guān)，故A錯誤；B、磁感應(yīng)強度B是矢量，方向是小磁針N極在該點受力的方向，故B錯誤；C、磁感應(yīng)強度B是矢量，根據(jù)左手定則可知，磁感應(yīng)強度的方向與安培力F的方向垂直，故C錯誤；D、磁感應(yīng)強度是描述磁場的強弱的物理量，是由磁場本身決定的，在確定的磁場中，同一點的磁感應(yīng)強度B是確定的，不同點的磁感應(yīng)強度B可能不同，故D正確；故選D。5、D【解析】

根據(jù)同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引，分析可知電荷量為-q的點電荷在C處所受的電場力方向與F方向相同。設(shè)AB=2r，則有BC=r。則有：F=kQ?2q(2r)2=kQq2r2；故電荷量為6、D【解析】

由于電容器和電源相連，電勢差不變；將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，則d減小，則根據(jù)C=εS4πkd可知電容C變大，根據(jù)Q=UC可知，極板的帶電量變大，故A錯誤；將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，板間距離減小，根據(jù)E=U/d得知板間場強增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動。故B錯誤。場強E增大，而P點與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與上極板間電勢差將增大，故P點電勢降低；故C錯誤。由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴應(yīng)帶負(fù)電，由于P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加。故D【點睛】本題運用U=Ed分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動．運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】等量異種電荷連線的中垂線為一條等勢面，上面的點的電勢都相同，即任意兩點的電勢差為零，根據(jù)可知同一電荷在A、B兩點的電勢能相等，在中垂線上移動電荷，電場力不做功，電勢能不變化，AD正確C錯誤；在重錘線上，電場強度從O點向上下兩邊遞減，即O點是中垂線上電場強度最大的點，所以從A到B過程中，電場強度先增大后減小，B正確．8、BD【解析】試題分析：設(shè)m1繞圓心半徑為r1,m2繞圓心半徑為r2,行星之間距離L=r1+r2,雙星系統(tǒng)角速度相同，，，兩式進行計算得，，A選項錯誤，B選項正確，，，C選項正確，D選項錯誤．考點：雙星系統(tǒng)點評：雙星系統(tǒng)中需要1>注意角速度相同，2>轉(zhuǎn)動半徑不等于萬有引力公式中的距離r．9、BC【解析】

由楞次定律可知，金屬線框剛進人磁場時感應(yīng)電流方向沿abcda方向，選項A錯誤；由圖線可看出，線圈的bc邊進入磁場時即做勻速運動，此時滿足，其中，解得，選項B正確；金屬線框在0~t3的時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量等于從t1~t2過程中產(chǎn)生的熱量，即機械能的減少量W=Q=，選項C正確；線框的寬度為，所以MN和PQ之間的距離大于，選項D錯誤。10、ACD【解析】

A.當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，外電路電阻增大，電流減小，根據(jù)可知路端電壓增大，U1測定值電阻的電壓，所以U1隨著電流的減小而減小，根據(jù)可知U2增大，故A正確.B.電源的功率，隨著回路中電流變小，則電源功率也在變小，故B錯誤；C.根據(jù)電路知識可知,所以變大，可知不變，故C正確D.根據(jù)電路知識可知=R1+R2所以變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，則有=r，不變．故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、Cm1?OP=m1?OM+m2?ONm1?（OP）2=m1?（OM）2+m2?（ON）2m1l2=m1l1+m2【解析】(1)根據(jù)動量守恒得,m1?OP=m1?OM+m2?ON,所以除了測量線段OM、OP、ON的長度外,還需要測量的物理量是小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2.故選：C。(2)因為平拋運動的時間相等,則水平位移可以代表速度,OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移,該位移可以代表A球碰撞前的速度,OM是A球碰撞后平拋運動的位移,該位移可以代表碰撞后A球的速度,ON是碰撞后B球的水平位移,該位移可以代表碰撞后B球的速度,當(dāng)所測物理量滿足表達式m1?OP=m1?OM+m2?ON,說明兩球碰撞遵守動量守恒定律,由功能關(guān)系可知,只要12m1v02=12m1v12+12m2v(1)碰撞前,m1落在圖中的P′點,設(shè)其水平初速度為v1.小球m1和m2發(fā)生碰撞后,m1的落點在圖中M′點,設(shè)其水平初速度為v′1,m2的落點是圖中的N′點,設(shè)其水平初速度為v2.設(shè)斜面BC與水平面的傾角為α，由平拋運動規(guī)律得：Lpsin解得v同理vv可見速度正比于l所以只要驗證m1l2=m1l1+m212、甲BEC<<=>【解析】

(1)根據(jù)實驗原理及誤差分析可選擇合適的電路圖;(2)根據(jù)電源的電動勢選擇電壓表；同時選擇對應(yīng)的電流表；根據(jù)內(nèi)阻的大小選擇滑動變阻器;(3)分別對兩電路進行分析，再根據(jù)誤差形成原因分析誤差.【詳解】(1)干電池內(nèi)阻較小，為了減小誤差應(yīng)采用相對電源的電流表外接法；故應(yīng)選擇甲圖；(2)因電源的電動勢為1.5V，故電壓表應(yīng)選擇B；因電流較小，因此電流表應(yīng)選擇E；內(nèi)阻約為幾歐姆，故滑動變阻器選擇C；(3)甲圖中由于電壓表的分流，使電流測量值小于真實值，而電壓表示數(shù)是準(zhǔn)確的，當(dāng)電路短路時，電壓表的分流可以忽略不計，故短路電流為準(zhǔn)確的，則圖象應(yīng)以短流電流向左下移動，故圖象與縱坐標(biāo)的交點減小，圖象的斜率減小，故電動勢減小，內(nèi)阻小于真實值；乙圖中由于電流表的分壓作用，使電壓表測量值小于真實值，而電流表示數(shù)準(zhǔn)確；當(dāng)外電路斷開時，電流表分壓可以忽略，此時電壓表示數(shù)為電動勢，故電動勢是準(zhǔn)確