2025屆上海楊浦高級中學物理高一第一學期期末學業(yè)水平測試試題含解析

2025屆上海楊浦高級中學物理高一第一學期期末學業(yè)水平測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，一足夠長的水平傳送帶以恒定的速度順時針轉動．將一物體輕輕放在皮帶左端，則物體速度大小、加速度大小、所受摩擦力的大小以及位移大小隨時間的變化關系正確的是A. B.C. D.2、雨滴從高空由靜止下落，由于空氣阻力作用，其加速度逐漸減小，直到變?yōu)榱?，在此過程中雨滴的運動情況是()A.速度一直保持不變B.速度不斷減小，加速度為零時，速度最小C.速度的變化率越來越大D.速度不斷增大，加速度為零時，速度最大3、如圖所示，汽車向右沿直線運動，原來的速度是v1，經過一小段時間之后，速度變?yōu)関2，Δv表示速度的變化量。由圖中所示信息可知（）A.汽車在做加速直線運動 B.汽車的加速度方向與v1的方向相同C.汽車的加速度方向與v1的方向相反 D.汽車的加速度方向與Δv的方向相反4、如圖所示，質量為m的木塊在質量為M的長木板上，m在水平拉力作用下向右滑行，長木板仍處于靜止狀態(tài)．長木板與地面間動摩擦因數為，木塊與長木板間動摩擦因數為，則長木板受地面摩擦力大小一定為（

）A. B.C. D.5、現在的航空母艦上都有幫助飛機起飛的彈射系統(tǒng)，已知“F-A15”型戰(zhàn)斗機在跑道上做勻加速直線運動，加速度為，起飛速度為。若該飛機滑行時起飛，則彈射系統(tǒng)必須使飛機具有的初速度為（）A. B.C. D.6、有關圓周運動的基本模型，下列說法正確的是（）A.如圖a，汽車通過拱橋的最高點處于超重狀態(tài)B.如圖b所示是一圓錐擺，增大θ，若保持圓錐的高不變，則圓錐擺的角速度不變C.如圖c，同一小球在光滑而固定的圓錐筒內的A、B位置先后分別做勻速圓周運動，則在A、B兩位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等D.火車轉彎超過規(guī)定速度行駛時，內軌對火車輪緣會有擠壓作用7、用水平力F將同種材料不同質量的物體壓到一豎直墻壁上，下列說法正確的是（）A.若物體保持靜止，則F越大，物體所受摩擦力越大B.若物體保持靜止，則質量越大，物體所受摩擦力越大C.若物體沿墻壁向下滑動，則F越大，物體所受摩擦力越大D.若物體沿墻壁向下滑動，則質量越大，物體所受摩擦力越大8、如圖所示，質量均為m的木塊A和B用一輕彈簧相連，豎直放在光滑的水平面上，木塊A上放有質量為2m的木塊C，三者均處于靜止狀態(tài)．現將木塊C迅速移開，若重力加速度為g，則在木塊C移開的瞬間A.彈簧的形變量不改變B.彈簧的彈力大小為mgC.木塊A的加速度大小為gD.木塊B對水平面的壓力為4mg9、在力學理論的建立過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻．關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是()A.伽利略認為力不是維持物體運動的原因B.亞里士多德認為物體的運動不需要力來維持C.牛頓最早指出力不是維持物體運動的原因D.笛卡兒對牛頓第一定律的建立做出了貢獻10、在某一高度處將A球以大小為v1的初速度水平拋出.同時在A球正下方地面處將B球以大小為v2的初速度斜向上拋出，結果在B球上升至最高點時兩球恰在空中相遇，相遇時兩球的速度大小分別為vA、vB，不計空氣阻力.則A.vA>vB B.vA<vBC.v1>v2 D.v1<v211、物體做勻加速直線運動，已知第1s末的速度是6m/s，第2s末的速度是8m/s，則下面結論正確的是（）A.物體的加速度是2m/s2B.物體零時刻的速度是2m/sC.第1s內的平均速度是5m/sD.前2s內的位移是12m12、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為3m和2m，兩物塊靜止疊放在水平地面上A、B間的動摩擦因數為μ，B與地面間的動摩擦因數為μ(μ≠0)．最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g.現對B施加一水平推力F，則下列說法正確的是()A.若F＝μmg，A、B間的摩擦力一定為零B.當F＞7.5μmg時，A相對B滑動C.當F＝3μmg時，A的加速度為μgD.若去掉B上的力，而將F＝3μmg的力作用在A上，則B的加速度為0.1μg二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，停放在水平冰面上的冰車由質量為M，傾角為θ的斜面體改裝而成，在斜面上輕放一質量為m的物塊，不計物塊與斜面、冰車與冰面之間的摩擦(1)釋放物塊后，在物塊沿斜面向下運動的同時，冰車也在水平冰面上運動．請畫出冰車受力的示意圖，并根據示意圖說明冰車由靜止變?yōu)檫\動的原因（作圖時冰車可視為質點）(2)若冰面上的人在車后方用水平方向的力推車，請分析下列兩種可能情況：a.當力的大小為F1時，物塊在斜面上滑動的同時冰車在冰面上保持靜止，求F1和物塊加速度的大小a1；b.當力的大小為F2時，物塊和斜面保持相對靜止一起加速運動，求F2和物塊加速度的大小a2(3)第(1)問和第(2)問a所述的兩種情況下，小物塊對斜面壓力的大小不同，分別記為FN1和FN2，請對FN1和FN2的大小關系作出猜想，并說明做出該種猜想的理由16、（12分）豎直升降的電梯內的天花板上懸掛著一根彈簧秤，如圖所示，彈簧秤的秤鉤上懸掛一個質量m＝4kg的物體，試分析下列情況下電梯各種具體的運動情況（g取10m/s2）：（1）當彈簧秤的示數T1＝40N，且保持不變；（2）當彈簧秤的示數T2＝32N，且保持不變；（3）當彈簧秤的示數T3＝44N，且保持不變17、（12分）汽車在平直公路上以20m/s的速度做勻速直線運動，發(fā)現前面有情況而剎車獲得的加速度大小是4m/s2，則（1）汽車在3s末的速度大小；（2）在6s內的位移的大小。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】在前t1內物體受到向右的滑動摩擦力而做勻加速直線運動，加速度不變，F恒定，速度與時間的關系為v=at，v-t圖象是傾斜的直線；物體的速度與傳送帶相同后，不受摩擦力而做勻速直線運動，速度不變，力為0，加速度為0．故A正確，BCD錯誤．故選A【點睛】解決本題的關鍵通過分析物體的受力情況來確定其運動情況，知道勻加速運動的特點：加速度不變，勻速直線運動的特點：速度不變2、D【解析】ABD.雨滴從高空由靜止下落，由于空氣阻力作用，其加速度逐漸減小，因加速度方向與速度方向相同，則速度一直增大，當加速度減小到零時，速度達到最大．故D正確，AB錯誤；C.加速度是反映速度變化快慢物理量，加速度減小，則速度的變化率減小．故C錯誤。故選D。3、C【解析】A．取向右為正方向，則由圖可知，，由可知即汽車在做減速直線運動，故A錯誤；BCD．根據加速度的定義分析可知即加速度方向與v1的方向相反，與Δv的方向相同，故C正確，BD錯誤。故選C。4、C【解析】物體m相對M向右滑動，受到向左的滑動摩擦力，大小為；力的作用是相互的，故P對長木板ab有向右的滑動摩擦力，故長木板ab有向右滑動的趨勢，受到地面對其向左的靜摩擦力，根據共點力平衡條件有f2=f1，因而．本題中ab受地面的靜摩擦力，故不能用f=μ1（m+M）g求摩擦力，故C正確；故A、B、D錯誤.故選C【點睛】本題關鍵要分清楚靜摩擦力還是滑動摩擦力，靜摩擦力隨外力的變化而變化，滑動摩擦力與正壓力成正比5、D【解析】根據速度位移公式v2-v02=2ax可得ABC錯誤，D正確。故選D。6、B【解析】A．汽車在最高點有可知故處于失重狀態(tài)，故A錯誤；B．如圖b所示是一圓錐擺，重力和拉力的合力又可得故增大θ，但保持圓錐高不變，圓錐擺的角速度不變，故B正確；C．小球靠重力和支持力的合力提供向心力，重力不變，根據平行四邊形定則知，支持力大小相等，向心力相等，由于轉動的半徑不等，則角速度不等，故C錯誤；D．火車轉彎超過規(guī)定速度行駛時，重力和支持力的合力不足以提供向心力，則外軌對內輪緣會有擠壓作用，故D錯誤。故選B。7、BC【解析】本題中木塊受到重力作用，若物體保持靜止，處于平衡狀態(tài)，故需對物體受力分析，結合平衡條件分析解決，若物體沿墻壁向下滑動物體受到的是滑動摩擦力的作用，根據確定摩擦力的大小【詳解】對物體受力分析，受推力F、重力G，若物體保持靜止，處于平衡狀態(tài)，合力為零，故受墻壁對其垂直向外的支持力N，還有豎直向上的靜摩擦力f，根據平衡條件，有F=N，f=G即靜摩擦力與重力平衡，與推力無關；若物體沿墻壁向下滑動物體受到的是滑動摩擦力的作用，根據確定，C正確故選BC【點睛】靜摩擦力的大小隨著外力的變化而變化，其方向與物體的相對運動趨勢的方向相反，可以用假設法判斷對運動趨勢的方向，即假設墻面光滑，物體會向下滑動，故物體有向下的滑動趨勢，滑動摩擦力要根據確定摩擦力的大小8、AD【解析】A.由于彈簧彈力屬于漸變，所以撤去C的瞬間，彈簧的形變量不變，故A正確；B.開始整體處于平衡狀態(tài)，彈簧的彈力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬間，彈簧的形變量不變，彈簧的彈力不變，仍為3mg，故B錯誤；C.撤去C瞬間，彈力不變，A的合力等于C的重力，對木塊A，由牛頓第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g方向豎直向上，故C錯誤；D.撤去C的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為3mg，對B，由平衡條件得：F+mg=N，解得：N=4mg木塊B對水平面的壓力為4mg，故D正確9、AD【解析】A、伽利略認為力不是維持物體運動的原因,所以A選項是正確的;B、亞里士多德認為物體的運動需要力來維持,故B錯誤;C、伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因,故C錯誤;D、笛卡兒對牛頓第一定律的建立做出了貢獻,所以D選項是正確的;10、AD【解析】A球做平拋運動，B球做斜拋運動，將兩運動分解為水平方向和豎直方向進行研究．抓住相同時間內水平位移相等，比較出初速度的大小和相遇時速度的大小【詳解】CD.A球做平拋運動，B球做斜拋運動，水平方向都做勻速直線運動因兩球在空中相遇，知水平位移相等，由x=vxt知，水平分速度相等，有v1=v2cosθ，θ是B球的初速度與水平的夾角，則得v1<v2．故C錯誤，D正確AB.相遇時,A球的速度大小為,在B球上升至最高點時，．可得，vA>vB．故A正確，B錯誤故選AD11、ACD【解析】A．據題第1s末的速度是v1=6m/s，第2s末的速度是v=8m/s，兩個時刻的時間間隔是t=1s，則物體的加速度為故A正確；B．由v1=v0+at1得故B錯誤；C．第1s內的平均速度是故C正確；D．前2s內的位移故D正確。故選ACD。12、ABD【解析】A．B與地面間的最大靜摩擦力fB＝μ×5mg＝μmg，當F=μmg時，AB處于靜止，對A分析，A所受的摩擦力為零，故A正確；B．A發(fā)生相對滑動的臨界加速度a=μg，對整體分析，F?μ?5mg＝5ma，解得F=7.5μmg，所以當F＞7.5μmg

時，A相對B滑動．故B正確；C．當7.5μmg＞F=3μmg＞μmg，可知AB保持相對靜止，一起做勻加速直線運動，加速度a=＝0.1μg，故C錯誤；D．若去掉B上的力，而將F=3μmg的力作用在A上，B發(fā)生相對滑動的臨界加速度a＝＝0.25μg，對A分析F-μ?3mg=3ma，解得不發(fā)生相對滑動的最小拉力F=3.75μmg，可知F=3μmg的力作用在A上，一起做勻加速直線運動，加速度a=＝0.1μg，故D正確。故選ABD?！军c睛】本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)將FN沿水平方向和豎直方向正交分解，可知豎直方向合力為零，水平方向合力不為零，因此冰車在水平方向合力作用下由靜止變?yōu)檫\動，且在物塊滑離斜面前沿水平冰面做加速運動(2)a：a1=gsinθ；F1=mgcosθsinθb.a2=gtanθ；F2=（m+M）gtanθ(3)正確的猜想：FN1<FN2【解析】（1）對冰車受力分析，冰車水平方向合力不為零，所以沿水平方向做加速運動；（2）冰車靜止，水平方向合力為零，根據平衡條件列方程可求F1．分析物塊的受力，根據牛頓第二定律可求小物塊的加速度；當冰車與小物塊相對靜止時，隔離小物塊可求加速度，再根據整體運用牛頓第二定律，可求F2的大小；（3）物塊加速度不沿斜面方向，將加速度a沿垂直斜面和沿斜面兩方向正交分解，根據牛頓第二定律可分析重力垂直斜面的分力與支持力的關系，即可比較兩種情況支持力的大小【詳解】（1）冰車的受力示意圖如答圖1所示；將FN沿水平方向和豎直方向正交分解，可知豎直方向合力為零，水平方向合力不為零，因此冰車在水平方向合力作用下由靜止變?yōu)檫\動，且在物塊滑離斜面前沿水平冰面做加速運動（2）a.冰面上的人在車后方推車時車的受力情況如答圖2所示，物塊的受力情況如答圖3所示由于冰車保持靜止，水平方向受力平衡，有：F1=FNsinθ對物塊應用牛頓第二定律，有：FN=mgcosθ；mgsinθ=ma1解得：a1=gsinθ；F1=mgcosθsinθb.當物塊和斜面保持相對靜止一起加速運動時，它們的加速度a2必然沿水平方向，物塊的受力示意圖如答圖4所示對物塊應用牛頓第二定律，有：mgtanθ=ma2對