2025屆山東省東營市墾利區(qū)第一中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題含解析

2025屆山東省東營市墾利區(qū)第一中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一根鐵棒AB兩端分別沿豎直墻壁和水平地面滑動，當鐵棒滑到與豎直墻壁成θ角時，A端下滑的速度為v，則此時B端移動的速度為（）A．vsinθ B． C．vtanθ D．2、如圖所示,兩個內(nèi)壁光滑、半徑不同的半圓軌道固定于地面，一個小球先后在與球心在同一水平高度的A、B兩點由靜止開始下滑，通過軌道最低點時A．A球?qū)壍赖膲毫π∮贐球?qū)壍赖膲毫．A球?qū)壍赖膲毫Φ扔贐球?qū)壍赖膲毫．A球的角速度小于B球的角速度D．A球的向心加速度小于B球的向心加速度3、一個質(zhì)量為m的小鐵塊沿半徑為R的固定半圓軌道上端邊緣由靜止下滑，當滑到半球底部時，半圓軌道底部所受壓力為鐵塊重力的1.8倍，則此下滑過程中鐵塊損失的機械能為A．0.2mgR B．0.4mgRC．0.6mgR D．0.8mgR4、甲、乙兩個質(zhì)點沿同一直線運動，其中質(zhì)點甲以6m/s的速度勻速直線運動，質(zhì)點乙作初速度為零的勻變速直線運動，它們的位置x隨時間t的變化如圖所示．已知t＝3s時，甲、乙圖線的斜率相等．下列判斷正確的是()A．最初的一段時間內(nèi)，甲、乙的運動方向相反B．t=3s時，乙的位置坐標為－9mC．乙經(jīng)過原點時的速度大小為m/sD．t=10s時，兩車相遇5、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡，粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點，可以判定A．該粒子一定帶負電B．粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力C．帶電粒子經(jīng)過M點的速度大于經(jīng)過N點的速度D．粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能6、如圖所示，一理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為3：1，原線圈兩端接入一正弦交流電源，副線圈電路中R為負載電阻，交流電壓表和交流電流表都是理想電表，下列結(jié)論正確的是（）A．若電壓表讀數(shù)為36V，則輸入電壓的峰值為108VB．若輸入電壓不變，副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，則電流表的讀數(shù)增加到原來的4倍C．若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，則輸入功率也增加到原來的2倍D．若只將輸入電壓增加到原來的3倍，則輸出功率增加到原來的9倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，光滑定滑輪固定在天花板上，一足夠長的細繩跨過滑輪，一端懸掛小球b，另一端與套在水平粗糙圓形直桿上的小球a（球中心孔徑比桿的直徑大些）連接。已知小球b的質(zhì)量是小球a的2倍。用一水平拉力作用到小球a上，使它從圖示虛線（最初是豎直的）位置開始緩慢向右移動一段距離，在這一過程中A．當細繩與直桿的夾角達到30°時，桿對a球的壓力為零B．天花板對定滑輪的作用力大小逐漸增大C．直桿對a球的摩擦力可能先減小后增加D．水平拉力一定逐漸增大8、如圖所示，質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點)用長為L的細線懸掛于O點，自由靜止在A位置．現(xiàn)用水平力F緩慢地將小球從A拉到B位置而靜止，細線與豎直方向夾角為θ＝60°，此時細線的拉力為T1，然后撤去水平力F，小球從B返回到A點時細線的拉力為T2，則()A．T1＝T2＝2mgB．從A到B，拉力F做功為mgLC．從B到A的過程中，小球受到的合外力大小不變D．從B到A的過程中，小球重力的瞬時功率先增大后減小9、一輛汽車在水平路面上勻速直線行駛，阻力恒定為f.t1時刻駛?cè)胍欢巫枇?f的路段繼續(xù)行駛．t2時刻駛出這段路，阻力恢復(fù)為f行駛中汽車功率恒定，則汽車的速度v及牽引力F隨時間t的變化圖象可能是A． B．C． D．10、一質(zhì)量為的質(zhì)點靜止于光滑水平面上，從時刻開始，受到水平外力作用，如圖所示．下列判斷正確的是（）A．內(nèi)外力的平均功率是B．第內(nèi)外力所做的功是C．第末外力的瞬時功率最大D．第末與第末外力的瞬時功率之比為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究小組設(shè)計了一種測量滑塊與木板之間動摩擦因數(shù)的實驗方案，實驗裝置如圖甲所示。水平桌面上固定一圓弧軌道和一平直木板，二者在處平滑連接。處安裝一光電門測量遮光條經(jīng)過的時間，重力加速度。實驗如下：（1）用刻度尺測量遮光條寬度，示數(shù)如圖乙所示。某次測量中，計時器的示數(shù)為，則滑塊經(jīng)過點的速度________m/s。（2）將滑塊由某位置靜止釋放，滑塊停止在處，測得到的距離為，并記錄計時器的示數(shù)為，則滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)表達式_______________。（用題中物理量的符號表示）（3）改變滑塊釋放的位置，多次實驗，記錄各次值并測量間距，作出關(guān)系圖象如圖丙，利用該圖象求得滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)_______________。（4）為了減少實驗誤差，下列說法正確的是_______________。A．增大遮光條的寬度B．圓弧軌道必須光滑C．木板必須保持水平D．滑塊釋放時的位置適當高些12．（12分）按如圖所示裝置準備好器材后，先接通電源，然后后釋放小車，讓它拖著紙帶運動，得到如圖所示紙帶，紙帶上選取A、B、C、D、E五個計數(shù)點（相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出）。（1）打點計時器在紙帶上打下這五個計數(shù)點所用的總時間為______s。（2）紙帶上選取的A、B、C、D、E這五個計數(shù)點中，打點計時器最先打出的點應(yīng)該是____點。（3）請說明怎樣利用紙帶記錄的信息分析確定小車的運動是否為勻變速直線運動_____（4）如果用這套裝置驗證機械能守恒定律（動能定理），測得砂和砂桶的總質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，已知重力加速度為g。則下列操作中必要的是（_________）A．必須選擇小車靜止時打下的點為第1個計數(shù)點B．連接砂桶和小車的細線必須平行于木板C．通過將木板右端適當墊高來平衡小車所受的摩擦力D．質(zhì)量關(guān)系必須滿足M＞m四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）位于豎直平面內(nèi)的直角坐標系,軸沿水平方向.在第一象限的角平分線OA的上方存在有界勻強電場,場強，方向豎直向下；第二象限內(nèi)有另一勻強電場E2,電場方向與軸正方向成45°角斜向上,如圖所示.有一質(zhì)量為、電荷量為+q的帶電小球在水平細線的拉力作用下恰好靜止在坐標處.現(xiàn)剪斷細線,小球從靜止開始運動,先后經(jīng)過兩電場后,從A點進入無電場區(qū)域最終打在軸上的D點,重力加速度為g,試求:（1）電場E2的場強;（2）A點的位置坐標;（3）到達D點時小球的動能14．（16分）如圖所示，質(zhì)量為，電荷量為的粒子從點以的速度沿垂直電場線方向的直線方向射入勻強電場，由點飛出電場時速度方向與方向成，已知的水平距離為．（不計重力）求：（）從點到點用的時間．（）勻強電場的電場強度大?。?5．（12分）如圖所示,一氣缸由截面積不同的兩圓簡聯(lián)接而成,固定在水平地面上,活塞A、B用一長為3l的剛性細桿連接,它們可以在簡內(nèi)無摩擦地沿水平方向左右滑動,A、B的截面積分別為SA=30cm2、SB=15cm2,A、B之間封閉著壓強為的一定質(zhì)量的理想氣體,兩活塞外側(cè)(A的左方和B的右方)都是大氣,大氣壓強始終保持為,對活塞B施加一水平向右的外力F,使系統(tǒng)平衡。當氣缸內(nèi)氣體溫度為T1=540K,活塞A、B的平衡位置如圖所示。①使氣缸內(nèi)氣體溫度下降,同時緩慢減小外力,以保持活塞靜止不動,當溫度降至多少時，外力正好減為零?②外力為零后,不再施加外力，繼續(xù)使氣缸內(nèi)氣體溫度下降,溫度降為多少時活塞A剛好右移到兩圓筒聯(lián)接處?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

將A點的速度分解為沿桿子方向和垂直于桿子方向，在沿桿子方向上的分速度為vA∥=vcosθ將B點的速度分解為沿桿子方向和垂直于桿子方向，在沿桿子方向上的分速度vB∥=vBsinθ由于vA∥=vB∥所以故D正確，ABC錯誤。

故選D。2、B【解析】

AB．由小球開始運動到軌道最低點，由機械能守恒定律得，在軌道最低點是軌道對小球的支持力與小球重力的合力提供向心力得，聯(lián)立解得F=3mg，小球?qū)壍赖膲毫εc支持力是作用力和反作用力，為3mg，跟軌道的半徑無關(guān)，A錯誤B正確；C．由線速度，，B球角速度較小，C錯誤；D．在軌道最低點小球的向心加速度為a，F(xiàn)-mg=ma，F(xiàn)=3mg，聯(lián)立得a=2g，D錯誤；故選B。3、C【解析】小球在最低點有，，可得最低點的動能為0.4mgR，則此下滑過程中鐵塊損失的機械能為mgR-0.4mgR="0.6"mgR故選C4、D【解析】

因x-t圖像的斜率等于速度，由圖像可知最初的一段時間內(nèi)，甲、乙圖像的斜率符號相同，則運動方向相同，選項A錯誤；t＝3s時，甲、乙圖線的斜率相等，則此時乙的速度為6m/s，則乙的加速度為，則此時乙的位置坐標為，選項B錯誤；乙經(jīng)過原點時的速度大小為，選項C錯誤；兩車相遇時：，即，解得t=10s，選項D正確.5、D【解析】

A.由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向大致斜向左下方，電場線的方向也是向左下方，所以粒子帶正電．故A錯誤；B.電場線的疏密表示電場的強弱，N點的電場線密，所以N點的電場強，粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力，故B錯誤；CD.由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向大致斜向左下方，M到N的過程中，對粒子做正功，其電勢能減小，動能增大，則知粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能，在M點的速度小于N點的速度．故C錯誤；D正確；6、D【解析】

A項：若電壓表讀數(shù)為36V，由U1U2=n1nB項：若輸入電壓不變，副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，則輸出電壓也增加到原來的2倍，電流表示數(shù)應(yīng)增加到原來的2倍，故B錯誤；C項：若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，由I=UR輸出電流減小到原來的一半，則根據(jù)P=UI可知，輸出功率減小到原來的一半，因輸出功率等于輸入功率，故輸入功率也減小到原來的一半，故D項：若保持負載電阻的阻值不變。輸入電壓增加到原來的3倍，輸出電壓增大到原來的3倍，則由P=U2R可知輸出功率增加到原來的9二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A、設(shè)a的質(zhì)量為m，則b的質(zhì)量為2m；以b為研究對象，豎直方向受力平衡，可得繩子拉力始終等于b的重力，即T=2mg，保持不變；以a為研究對象，受力如圖所示，設(shè)繩子與水平方向夾角為θ，支持力FN=2mgsinθ-mg=2mg×12B、向右緩慢拉動的過程中，兩個繩子之間的拉力夾角逐漸增大，繩子的拉力不變，所以繩子的合力減小，則繩子對滑輪的作用力逐漸減小，根據(jù)共點力平衡的條件可知，天花板對定滑輪的作用力大小逐漸減小，故B錯誤；C、向右緩慢拉動的過程中，支持力FN=2mgsinθ-mg，由于θ從90°開始逐漸減小，支持力先減小后反向增加，所以直桿對a球的摩擦力f=μFN=μ(2mgsinθ-mg)D、向右緩慢拉動的過程中，水平方向：F=f+2mgcosθ=2mgcosθ+μ(2mgsinθ-mg)=2mg(cosθ+μsinθ)-μmg，由于：cosθ+μsinθ=μ2+1(sinαcosθ+cosαsinθ)=μ2+1sin(α+θ)，由于θ故選AC?！军c睛】以b為研究對象可得繩子拉力始終保持不變，再以a為研究對象，根據(jù)共點力的平衡條件列方程求解摩擦力和拉力F的變化情況；隨著a的右移，分析繩子與豎直方向的夾角變化情況，再分析兩段繩子合力變化情況即可。8、AD【解析】小球在B位置時受到向下的重力mg、水平向左的拉力F、沿BO方向的拉力T1，根據(jù)平衡條件應(yīng)有T1=mgcos60°=2mg；小球返回到A時，根據(jù)牛頓第二定律應(yīng)有T2-mg=mvA2L

從B到A由動能定理可得mgL（1-cos60°）=12mvA，所以A正確；根據(jù)動能定理應(yīng)有WF-mgL（1-cos60°）=0，解得WF=12mgL，所以B錯誤；從B到A小球做圓周運動，在B點時所受的合力為FB=mgsinθ，在A點時所受的合力為FA=mvA2L，再由動能定理mgL（1-cosθ）=12mvA2，解得F，所以C錯誤；根據(jù)P=Fvcosα，小球在B點時的速度為0，所以重力的瞬時功率也為0，盡管小球在A點時的速度最大，但此時在豎直方向的速度為0，所以重力的瞬時功率也為0，所以小球從B到A的過程中重力的瞬時功率應(yīng)先增大后減小，D正確；故選AD．點睛：解答時應(yīng)明確：①物體緩慢運動過程即為動態(tài)平衡過程；②瞬時功率表達式為P=FVcosα，其中α是力F與速度v的正向夾角．9、AC【解析】

t1之前，汽車做勻速直線運動，牽引力與阻力相等，t1時刻后阻力變?yōu)?f，汽車做減速運動，由知，隨著速度的減小，牽引力逐漸的增大，即汽車做加速度逐漸減小的減速運動，當牽引力增大到2f時，汽車做勻速運動．t2時刻后，汽車駛出這段路，阻力恢復(fù)為f，這時牽引力為2f大于阻力f，汽車做加速運動，由知，隨著速度的增加，牽引力逐漸的減小，加速度逐漸減?。缮戏治鲋珹、C對．【點睛】“機車的啟動”模型：物體在牽引力（受功率和速度制約）作用下，從靜止開始克服一定的阻力，最后達到最大速度的整個加速過程，可看作“機車的啟動”模型．（1）恒定功率啟動（所受阻力一定）先做變加速（a減?。┻\動，再做勻速（a＝0）運動，在此過程中，F(xiàn)牽、v、a的變化情況是：（2）恒定加速度啟動（所受阻力一定）先做勻加速運動，再做變加速運動，最后勻速運動，具體變化過程如下（3）啟動過程滿足的運動規(guī)律機車的功率P＝Fv機車的加速度a＝當機車的速度達到最大時，F(xiàn)＝Ff，a＝0，最大速度vm＝10、AD【解析】

A．0-1s內(nèi)，物體的加速度則質(zhì)點在0-1s內(nèi)的位移1s末的速度v1=a1t1=3×1m/s=3m/s第2s內(nèi)物體的加速度第2s內(nèi)的位移物體在0-2s內(nèi)外力F做功的大小W=F1x1+F2x2=3×1.5+1×3.5J=8J可知0-2s內(nèi)外力的平均功率故A正確；B．第2s內(nèi)外力做功的大小W2=F2x2=1×3.5J=3.5J故B錯誤；CD．第1s末外力的功率P1=F1v1=3×3W=9W第2s末的速度v2=v1+a2t2=3+1×1m/s=4m/s則外力的功率P2=F2v2=1×4W=4W可知第2s末功率不是最大，第1s末和第2s末外力的瞬時功率之比為9：4，故C錯誤，D正確．故選AD。點晴：根據(jù)牛頓第二定律求出0-1s內(nèi)和1-2s內(nèi)的加速度，結(jié)合位移時間公式分別求出兩段時間內(nèi)的位移，從而得出兩段時間內(nèi)外力做功的大小，結(jié)合平均功率的公式求出外力的平均功率，根據(jù)速度時間公式分別求出第1s末和第2s末的速度，結(jié)合瞬時功率的公式求出外力的瞬時功率．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.500.5CD【解析】

(1)[1]由圖乙所示可知，遮光條寬度d為滑塊經(jīng)過M點的速度v為(2)[2]滑塊從M運動到N的過程，根據(jù)動能定理可知又聯(lián)立解得(3)[3]由得圖像的斜率由圖丙得解得(4)[4]A．增大遮光條的寬度，遮光條通過光電門的運動與勻速運動越不接近，用求速度誤差增大，故A錯誤；B．圓弧軌道是否光滑對實驗結(jié)果沒有影響，故B錯誤；C．木板必須保持水平，否則重力對滑塊要做功，誤差增大，故C正確；D．滑塊釋放時的位置適當高些，遮光條通過光電門的速度增大，越接近勻速運動，速度測量誤差越小，故D正確。故選CD。12、0.4A在誤差允許的范圍內(nèi)，看連續(xù)相鄰兩計數(shù)點間的位移差Δx是否為常數(shù)【解析】

（1）[1]．打點計時器在紙帶上打下這五個計數(shù)點所用的總時間為4×5×0.02s=0.4s。（2）[2]．因小車做加速運動，則由紙帶上的點跡分布可知，紙帶上選取的A、B、C、D、E這五個計數(shù)點中，打點計時器最先打出的點應(yīng)該是A點。（3）[3]．在誤差允許的范圍內(nèi)，看連續(xù)相鄰兩計數(shù)點間的位移差Δx是否為