2025屆河南省安陽市林州一中物理高二上期末綜合測試試題含解析

2025屆河南省安陽市林州一中物理高二上期末綜合測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)，有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于圓平面（未畫出）。一群比荷為的負(fù)離子以相同速率v0（較大），由P點(diǎn)在紙平面內(nèi)向不同方向射入磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)后，又飛出磁場，最終打在磁場區(qū)域右側(cè)足夠大熒光屏上，離子重力不計(jì)。則下列說法正確的是（）A.離子在磁場中的運(yùn)動軌跡半徑可能不相等B.由Q點(diǎn)飛出的離子在磁場中運(yùn)動的時間最長C.離子在磁場中運(yùn)動時間一定相等D.沿PQ方向射入的離子飛出時偏轉(zhuǎn)角最大2、一質(zhì)量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運(yùn)動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則()A.t=1s時物塊的動量大小為1kg·m/sB.t=2s時物塊的動量大小為4kg·m/sC.t=3s時物塊的動量大小為5kg·m/sD.t=4s時物塊的動量大小為零3、如圖所示，一長直導(dǎo)線旁邊同一平面內(nèi)有一矩形線圈abcd，導(dǎo)線中通有豎直向上的電流．下列操作瞬間，能在線圈中產(chǎn)生沿adcba方向電流的是（）A.線圈向左平動 B.線圈豎直向下平動C.線圈以ab邊為軸轉(zhuǎn)動 D.線圈向右平動4、如下圖所示，ab間接入u=200sin100πtV的交流電源，理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為2︰1，Rt為熱敏電阻，且在此時的環(huán)境溫度下Rt=2Ω(溫度升高時其電阻減小)，忽略保險(xiǎn)絲L的電阻，電路中電表均為理想電表，電路正常工作，則()A.保險(xiǎn)絲的熔斷電流不小于B.原副線圈交流電壓的頻率之比為2︰1C.若在副線圈兩端并入一個耐壓值為100V的電容器，電容器可以正常工作D.若環(huán)境溫度升高，電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大，輸入功率不變5、如圖所示，用水平外力將木塊壓在豎直墻上，使木塊保持靜止不動，則（）A.墻面受到的摩擦力與木塊受到的摩擦力是一對作用力與反作用力B.墻面受到的摩擦力與木塊受到的摩擦力是一對平衡力C.木塊受到的支持力與墻面受到的壓力是一對平衡力D.木塊受到支持力與木塊受到的重力是一對作用力與反作用力6、水平勻速飛行的飛機(jī)上，每隔相等的時間落下一個小球，若不計(jì)空氣阻力，則每一個小球在空中運(yùn)動的軌跡及這些小球在空中的連線將分別是（）A.拋物線、傾斜直線 B.豎直直線、傾斜直線C.拋物線、豎直直線 D.豎直直線、折線二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列物理量中哪些與檢驗(yàn)電荷無關(guān)（）A.電場強(qiáng)度E B.電勢C.電勢能EP D.電場力F8、某導(dǎo)體中的電流隨其兩端的電壓的變化圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.加5V的電壓時，導(dǎo)體的電阻約是5ΩB.加11V的電壓時，導(dǎo)體的電阻約是1.4ΩC.由圖可知，隨著電壓增大，導(dǎo)體的電阻不斷減小D.由圖可知，隨著電壓減小，導(dǎo)體的電阻不斷減小9、如圖所示，足夠長且間距為L的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置。垂直于導(dǎo)軌放量一根質(zhì)量為m金屬棒，金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好。導(dǎo)軌左端接一阻值為R電阻，其它電阻不計(jì)整個裝置處于豎直方向磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)使金屬棒以初速度v0沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動，若整個運(yùn)動過程中通過電阻的電荷量為q。則金屬棒在整個過程中A.做勻減速直線運(yùn)動 B.克服安培力做功C.發(fā)生的位移為 D.發(fā)生的位移10、如圖所示，豎直向下的勻強(qiáng)磁場穿過光滑的絕緣水平面，平面上一個釘子O固定一根細(xì)線，細(xì)線的另一端系一帶電小球，小球在光滑水平面內(nèi)繞O做勻速圓周運(yùn)動．在某時刻細(xì)線斷開，小球仍然在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，下列說法錯誤的是()A.速率變小，半徑變小，周期不變B.速率不變，半徑不變，周期不變C.速率變小，半徑變大，周期變大D.速率不變，半徑變小，周期變小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中，首先按圖（）接線，以查明電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向與電流方向之間的關(guān)系。當(dāng)閉合S時，觀察到電流表指針向左偏，不通電時電流表指針停在正中央。然后按圖（）所示將電流表與副線圈B連成一個閉合回路，將原線圈A、電池、滑動變阻器和電鍵S串聯(lián)一成另一個閉合電路。(1)S閉合后，將螺線管A（原線圈）插入螺線管B（副線圈）的過程中，電流表的指針將_____偏轉(zhuǎn)；(2)線圈A放在B中不動時，指針將______偏轉(zhuǎn)；(3)線圈A放在B中不動，將滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電流表指針將______偏轉(zhuǎn)（選填“向左”、“向右”或“不”）。12．（12分）在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，備有下列器材：A．待測的干電池（電動勢約為1.5V，內(nèi)電阻小于1.0Ω）B．電流表A1（量程0﹣3mA，內(nèi)阻Rg1=10Ω）C．電流表A2（量程0﹣0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0﹣20Ω，10A）E．滑動變阻器R2（0﹣200Ω，lA）F．定值電阻R0（990Ω）G．開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計(jì)了如圖甲所示的（a）、（b）兩個參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是__圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動變阻器應(yīng)選__（填寫器材前的字母代號）（2）圖乙為該同學(xué)根據(jù)（1）中選出的合理的實(shí)驗(yàn)電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠(yuǎn)大于I1的數(shù)值），但坐標(biāo)紙不夠大，他只畫了一部分圖線，則由圖線可得被測電池的電動勢E=__V，內(nèi)阻r=__Ω（3）若圖線與縱坐標(biāo)軸的交點(diǎn)等于電動勢的大小，則圖線的縱坐標(biāo)應(yīng)該為_________A．I1（R0+Rg1）B．I1?R0C．I2（R0+Rg2）D．I1?Rg1四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根足夠長的固定平行光滑金屬導(dǎo)軌間的距離L1=1m，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=，整個導(dǎo)軌平面內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.5T，在導(dǎo)軌的底端連接一個阻值為R=0.5Ω的電阻．一根質(zhì)量m=1kg、電阻不計(jì)、垂直于導(dǎo)軌放置的金屬棒甲通過平行于導(dǎo)軌平面的絕緣輕繩和一個質(zhì)量M=1kg、邊長L2=0.8m、電阻r=0.32Ω的正方形線框乙相連，輕繩繞過固定在天花板的光滑輕質(zhì)定滑輪．線框乙下方存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B=0.5T的有界勻強(qiáng)磁場，線框乙的下邊距離磁場的上邊界h=4.8m，磁場寬度大于線框邊長．開始時用外力作用于金屬棒甲，使整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，然后撤去外力，系統(tǒng)從靜止開始運(yùn)動，線框乙進(jìn)入磁場時恰好做勻速運(yùn)動．已知g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8，求：（1）線框乙剛開始運(yùn)動時輕繩對金屬棒甲的拉力大小；（2）線框乙剛進(jìn)入磁場時的速度大小以及從開始釋放到線框乙剛進(jìn)入磁場的過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）線框乙從剛開始進(jìn)入到完全進(jìn)入磁場的過程中，線框乙中產(chǎn)生的焦耳熱14．（16分）如圖所示，在>0的區(qū)域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E；在<0的區(qū)域存在方向垂直于平面向外的勻強(qiáng)磁場。一個氕核從軸上點(diǎn)射出，速度方向沿軸正方向。已知進(jìn)入磁場時，速度方向與軸正方向的夾角為，并從坐標(biāo)原點(diǎn)O處第一次射出磁場。的質(zhì)量為，電荷量為q。不計(jì)重力。求：(1)第一次進(jìn)入磁場的位置到原點(diǎn)O的距離；(2)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；(3)氕核從y軸射入電場到從O點(diǎn)射出磁場運(yùn)動的時間。15．（12分）如圖所示，直角三角形OAC（）區(qū)域內(nèi)有的勻強(qiáng)磁場，方向如圖所示．兩平行極板M、N接在電壓為U的直流電源上，左板為高電勢．一帶正電的粒子從靠近M板由靜止開始加速，從N板的小孔射出電場后，垂直O(jiān)A的方向從P點(diǎn)進(jìn)入磁場中．帶電粒子的比荷為，OP間距離為．全過程不計(jì)粒子所受的重力（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字），問：(1)粒子從OA邊離開磁場時，粒子在磁場中運(yùn)動時間？(2)粒子從OC邊離開磁場時粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間？(3)若加速電壓U=220V，通過計(jì)算說明粒子從三角形OAC的哪一邊離開磁場？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A．離子在磁場中做圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得因粒子的速率相同，比荷相同，故半徑一定相同，故A錯誤；BD．由圓的性質(zhì)可知，軌跡圓（離子速率較大，半徑較大）與磁場圓相交，當(dāng)軌跡圓的弦長最大時偏向角最大，最長弦長為，故由點(diǎn)飛出的粒子圓心角最大，所對應(yīng)的時間最長，故B正確，D錯誤；C．設(shè)粒子軌跡所對應(yīng)的圓心角為，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為其中所有粒子的運(yùn)動周期相等，由于離子從圓上不同點(diǎn)射出時，軌跡的圓心角不同，所以離子在磁場中運(yùn)動時間不同，故C錯誤。故選B。2、B【解析】根據(jù)動量定理：而F-t圖像的面積等于力F的沖量，等于物體動量的變化。A．則由圖像可知，t=1s時物塊的動量大小為p1=2×1N?s=2kg·m/sA錯誤；B．同理可知，t=2s時物塊的動量大小為p2=2×2N?s=4kg·m/sB正確；C．t=3s時物塊的動量大小為p3=(2×2-1×1)N?s=3kg·m/sC錯誤；D．t=4s時物塊的動量大小為P4=(2×2-1×2)N?s=2kg·m/sD錯誤。故選B。3、A【解析】AD.導(dǎo)線在線框位置產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，當(dāng)在線圈平面內(nèi)向左拉動線圈，逐漸靠近導(dǎo)線，穿過線圈向里的磁場增大，即穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，產(chǎn)生感應(yīng)電流為adcba方向，同理可知線圈向右平動，產(chǎn)生abcda方向的電流，故A正確，D錯誤B.當(dāng)線圈向下平動時，穿過線圈的磁通量不會發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．故B錯誤；C.當(dāng)線圈以ab邊為軸轉(zhuǎn)動，穿過線圈向里的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故產(chǎn)生感應(yīng)電流為順時針，即感應(yīng)電流的方向?yàn)閍bcda．故C錯誤；故選A。4、A【解析】由題可知交流電壓最大值Um=200V，由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，Rt處溫度升高時，阻值減小，根據(jù)負(fù)載電阻的變化，可知電流【詳解】A項(xiàng)：原線圈兩端電壓最大值Um=200V，有效值為：副線圈兩端電壓為：，在當(dāng)前溫度下，副線圈中的電流為：，此時流過保險(xiǎn)絲的電流，故A正確；B項(xiàng)：變壓器不能改變交變電流的頻率，故B錯誤；C項(xiàng)：原線圈兩端電壓最大值Um=200V，所以副線圈兩端的最大電壓為100V，此時電容器被擊穿，故C錯誤；D項(xiàng)：若Rt處的溫度升高時，電阻變小，副線圈中的電流變大，電壓表的示數(shù)不變，原線圈中的電流變大，輸入功率變大，故D錯誤故選A【點(diǎn)睛】根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量，是對學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵5、A【解析】作用力與反作用力屬于物體之間的相互作用力，平衡力是作用在一個物體上，由此分析【詳解】墻面受到的摩擦力與木塊受到的摩擦力是一對作用力與反作用力，故A正確、B錯誤；木塊受到的支持力與墻面受到的壓力是一對作用力與反作用力，故C錯誤；木塊受到的支持力與木塊受到的重力沒有關(guān)系，故D錯誤；故選A【點(diǎn)睛】本題主要是考查作用力與反作用力、平衡力的判斷，知道平衡力是作用在一個物體上，作用力與反作用力作用在兩個物體上6、C【解析】小球離開飛機(jī)后將做平拋運(yùn)動，所以小球在空中的運(yùn)動軌跡是拋物線；小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動，速度大小與飛機(jī)速度相同，所以在空中各個小球應(yīng)在同一條豎直線上，所以C正確ABD錯誤故選C二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】場強(qiáng)表述電場力的性質(zhì)，電勢描述電場能的性質(zhì)，由場本身決定，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．AB對．電勢能，電場力,與檢驗(yàn)電荷有關(guān)，CD錯8、AD【解析】A．由圖可知，當(dāng)U＝5V時，R＝5Ω，根據(jù)歐姆定律得導(dǎo)體的電阻為故A項(xiàng)正確；BC．曲線上某點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)表示電阻，電壓增大時，連線斜率在減小，故電阻逐漸增大，U＝11V時的電阻一定大于5Ω，故B、C錯誤；D．由圖可知，隨著電壓的減小，導(dǎo)體的電阻不斷減小，故D正確。故選AD。9、BD【解析】A.設(shè)導(dǎo)體棒的速度為時，其安培力為因此安培力隨時間減小，故金屬棒做加速度減小的減速運(yùn)動，A錯誤；B.對導(dǎo)體棒，由動能定理可得，其克服安培力做功為CD.由可得，金屬棒發(fā)生的位移為故C錯誤，D正確；故選BD。10、AC【解析】AC．因?yàn)槁鍌惼澚Σ蛔龉?，所以速度大小肯定不變，故AC錯誤B．若開始細(xì)線上無拉力，當(dāng)細(xì)線斷開之后，速率不變，半徑不變，周期不變，故B正確D．細(xì)線上的拉力和洛倫茲力的合力提供向心力，若細(xì)線斷開后，洛倫茲力提供向心力，若向心力變大，因?yàn)樗俾什蛔儯鶕?jù)，可知半徑變小，周期變小，故D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.右偏②.不偏③.右偏【解析】(1)[1]線圈A中磁場方向向上，插入B線圈，故線圈B中磁通量變大，阻礙變大，故感應(yīng)電流的磁場方向向下，故電流從右向左流過電流表，故電流表指針向右偏轉(zhuǎn)；(2)[2]線圈不動，磁通量不變，無感應(yīng)電流，故指針不動；(3)[3]線圈A中磁場方向向上，滑片向左移動，電流變大，故線圈B中磁通量變大，阻礙變大，故感應(yīng)電流的磁場方向向下，故電流從右向左流過電流表，故電流表指針向右偏轉(zhuǎn)。12、①.（1）b②.D③.（2）1.48④.0.84⑤.（3）A【解析】（1）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，電路中電流最大：Im=A=1.5A；故電流表至少應(yīng)選擇0～0.6A量程；故應(yīng)將3mA故應(yīng)將電流表G串聯(lián)一個電阻，改裝成較大量程的電壓表使用．電表流A由于內(nèi)阻較?。还蕬?yīng)采用相對電源來說的外接法；故a、b兩個參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是b；因?yàn)殡娫吹膬?nèi)阻較小，所以應(yīng)該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測量和誤差的減?。瑒幼冏杵鲬?yīng)選D（R1），（2）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)結(jié)合閉合電路歐姆定律知解得：所以圖像的縱坐標(biāo);解得：圖像的斜率解得：（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知U=E﹣Ir，若圖線與縱坐標(biāo)軸的交點(diǎn)等于電動勢的大小，則圖線的縱坐標(biāo)應(yīng)該為路段電壓，而U=I1（R0+Rg1），即圖線的縱坐標(biāo)應(yīng)該為I1（R0+Rg1），故選A點(diǎn)睛：利用數(shù)學(xué)函數(shù)和圖像相結(jié)合的方式求解電源的電動勢和內(nèi)阻四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）8N；（2）4m/s，3.2J；（3）1.6J【解析】(1)設(shè)線框乙剛開始運(yùn)動時輕繩對金屬棒甲的拉力大小為F，系統(tǒng)剛釋放的瞬間，線框乙和金屬棒甲均無速度，故二者均不受安培力作用．分別對線框乙和金屬棒甲受力分析，由牛頓第二定律得Mg?F=MaF?mgsinθ=ma代入數(shù)據(jù)解得F=8N(2)當(dāng)線框乙剛進(jìn)入磁場時，線框乙和金屬棒甲均做勻速運(yùn)動，設(shè)此時系統(tǒng)的速度為v，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，對線框乙：線框乙底邊切割磁感線產(chǎn)生的電動勢E2=BL2v，線框乙中流過的電流線框乙受到的安培力F2=BI2L2，設(shè)此時繩中的張力為T，對線框乙由平衡條件得Mg=T+F2對金屬棒甲：金屬棒甲切割磁感線產(chǎn)生的電動勢E1=BL1v，回路中流過的電流金屬棒甲受到的安培力F1=BI1L1，對金屬棒甲由平衡條件得mgsinθ+F1=T解得v=4m/s對系統(tǒng)由能量守恒定律得(Mg?mgsinθ)h=E0+(m+M)v2解得電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為E0