2025屆甘肅省甘南州卓尼縣柳林中學高三上物理期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆甘肅省甘南州卓尼縣柳林中學高三上物理期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，對于電場線中的A、B、C三點，下列判斷正確的是()A．A點的電勢最低B．B點的電場強度最大C．同一正電荷在A、B兩點受的電場力大小相等D．同一負電荷在C點具有的電勢能比在A點的大2、在如圖所示電路中,電源電動勢和內阻恒定,電壓表和電流表均是理想電表,閉合開關S后,試分析將滑動變阻器的觸頭P向上滑動的過程中,下列敘述正確的是（）A．電壓表和電流表的示數(shù)都增大B．燈L2變暗,燈L1變亮C．通過電阻R0的電流方向向上D．電源的效率增大3、如圖所示，質量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球接觸彈簧并將彈簧壓縮至最低點（形變在彈性限度內），然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后又下落，如此反復，通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出該過程中彈簧彈力F隨時間t變化的圖像，如圖所示，則A．運動過程中小球的機械能守恒B．時刻小球的加速度為零C．這段時間內，小球的動能與重力勢能之和在增加D．這段時間內，小球的動能在逐漸減小4、如圖所示，正在考試中的小明，胳膊不小心把課桌邊緣的橡皮碰到，橡皮豎直下落，落地的瞬時速度最接近（）A．2m/s B．4m/s C．6m/s D．8m/s5、如圖所示,靜止于水平面的物體A和B,它們之間有一被壓縮的輕質細彈簧并通過細繩C連接在一起.當燒斷細繩時,兩物體在彈力作用下反向運動并與彈簧分離,與水平面間的動摩擦因數(shù)相同,已知A滑行的距離比B遠,這是由于()A．彈簧對A的作用力大于對B的作用力B．彈簧對A的作用時間大于對B的作用時間C．兩物體離開彈簧時A的速度大于B的速度D．兩物體與彈簧分離后,A的加速度大于B的加速度6、如圖所示，A、B兩物塊始終靜止在水平地面上，有一輕質彈簧一端連接在豎直墻上P點，另一端與A相連接，下列說法可能正確的是()A．B對A無摩擦力，地面對B可能有摩擦力B．B對A有向左的摩擦力，地面對B有向右的摩擦力C．P點緩慢下移過程中，B對地面的壓力力一定減小D．P點緩慢下移過程中，地面對B的摩擦力可能增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是___________。（填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分）A．一切自然過程總是沿著分子熱運動無序性減小的方向進行B．晶體有一定的熔化溫度，非晶體沒有一定的熔化溫度C．擴散現(xiàn)象和布朗運動的劇烈程度都與溫度有關D．第二類永動機不可能制成，是因為它違反了能量守恒定律E.兩個分子從很遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力先變大后變小，再變大8、利用霍爾效應制作的霍爾元件，廣泛應用于測量和自動控制等領域．如圖所示是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，當元件中通入圖示方向的電流I時，C、D兩側面會形成一定的電勢差U．下列說法中正確的是A．若C側面電勢高于D側面，則元件中形成電流的載流子帶負電B．若C側面電勢高于D側面，則元件中形成電流的載流子帶正電C．在地球南、北極上方測地磁場強弱時，元件工作面豎直放置時U最大D．在地球赤道上方測地磁場強弱時，元件工作面豎直放置且與地球經線垂直時，U最大9、有一個電子原來靜止于平行板電容器的中間，設AB兩板的距離足夠大，今在t=0開始在兩板間加一個交變電壓，使得該電子最后打在A板上，則下列滿足要求的交變電壓有A．B．C．D．10、某同學利用阿特伍德機研究超重和失重現(xiàn)象，其研究步驟如下：如圖所示，輕質定滑輪左側懸掛質量為m的物塊，右側懸掛質量為2m的物塊，彈簧測力計示數(shù)為mg，不計一切阻力，則（）A．若在右側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數(shù)是B．若在右側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數(shù)是C．若在左側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數(shù)是D．若在左側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數(shù)是三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．(1)實驗必須要求滿足的條件是________A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端的切線是水平的C．入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下D．若入射小球質量為m1，被碰小球質量為m2，則m1>m2(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程，然后，把被碰小球m1靜置于軌道的末端，再將入射球m1從斜軌S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復．接下來要完成的必要步驟是________(填選項的符號)A．用天平測量兩個小球的質量m1、m2B．測量小球m1開始釋放高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE．測量平拋射程(3)若兩球相碰前后的動量守恒，則其表達式可表示為_________________(用(2)中測量的量表示)；(4)若ml=45.0g、m2=9.0g，=46.20cm．則可能的最大值為_____cm．12．（12分）某同學利用圖（a）所示實驗裝置即數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a與鉤碼的質量m的對應關系圖，如圖（b）所示，實驗中小車（含發(fā)射器）的質量為200g，實驗時選擇了不可伸長的輕質細繩和輕定滑輪，小車的加速度由位移傳感器及與之相連的計算機得到，回答下列問題：（1）根據該同學的結果，小車的加速度與鉤碼的質量成（填“線性”或“非線性”）的關系．（2）由圖（b）可知，圖線不經過遠點，可能的原因是．（3）若利用本實驗裝置來驗證“在小車質量不變的情況下，小車的加速度與作用力成正比”的結論，并直接以鉤碼所受重力mg作為小車受到的合外力，則實驗中應采取的改進措施是，鉤碼的質量應滿足的條件是．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在建筑裝修中，工人用質量為5.0kg的磨石A對地面和斜壁進行打磨，已知A與地面、A與斜壁之間的動摩擦因數(shù)μ均相同．（g取10m/s2且sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）當A受到與水平方向成θ=37°斜向下的推力F1=50N打磨地面時，A恰好在水平地面上做勻速直線運動，求A與地面間的動摩擦因數(shù)μ．（2）若用A對傾角θ=37°的斜壁進行打磨，當對A加豎直向上推力F2=60N時，則磨石A從靜止開始沿斜壁向上運動2m（斜壁長＞2m）時的速度為多少？14．（16分）一轉動裝置如圖所示，兩根輕桿OA和AB與一小球以及一小環(huán)通過鉸鏈連接，兩輕桿長度相同，球和環(huán)的質量均為m，O端通過鉸鏈固定在豎直的輕質轉軸上，套在轉軸上的輕質彈簧連接在O與小環(huán)之間，原長為L，裝置靜止時，彈簧長為L，轉動該裝置并緩慢增大轉速，小環(huán)緩慢上升。彈簧始終在彈性限度內，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g，求：（1）彈簧的勁度系數(shù)k；（2）AB桿中彈力為零時，裝置轉動的角速度0。15．（12分）如圖所示，水平面上放置一個傾角θ=37°的斜面體，現(xiàn)把一個質量m=10kg的物體放在該斜面體上，當用沿斜面向上大小為40N的拉力F作用于物體上時，物體剛好沿斜面勻速下滑而斜面體保持靜止．求：⑴出物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)μ；⑵若要使物體能沿斜面勻速上滑，拉力F應變?yōu)槎啻?？（斜面體仍保持靜止）（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據順著電場線電勢降低，可知A點的電勢最高，故A錯誤；電場線越密，場強越大，B處電場線最疏，電場強度最小，故B錯誤；A處電場線最密，電場強度最大，同一電荷在A點受到的電場力最大，故C錯誤；將負電荷從A點移到C點電場力做負功，電勢能將增加，所以同一負電荷在C點具有的電勢能比在A點的大，故D正確．所以D正確，ABC錯誤．2、D【解析】

滑動變阻器的觸頭P向上滑動的過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，外電路的總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，總電流變小，L1變暗，由可知，路端電壓變大即電壓表示數(shù)變大，L1兩端電壓變小，所以L2兩端電壓變大，流過L2的電流變大，L2變亮，由于總電流變小，所以電流表的示數(shù)變小，由于電容器與L2并聯(lián)，所以電容器兩端電壓與L2兩端電壓相等，由于L2兩端電壓變大，由公式可知，電容器的電荷量增大，即電容器充電，所以充電電流為向下，電源的效率：，由上面分析可知，路端電壓變，所以電源效率增大，綜上所述，故應選：D．【點睛】本題是電路的動態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”的順序進行分析．電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓．3、C【解析】試題分析：由圖看出，彈簧的彈力在變化，說明運動過程中彈簧的彈性勢能在變化，而小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，則知小球的機械能不守恒，故A錯誤；時刻，彈力最大，彈簧的壓縮量最大，小球運動到最低點，合力不等于零，合力方向向上，所以加速度不等于零，故B錯誤；t2～t3段時間內，小球先向上做加速度減小的加速運動，然后向上做加速度增大的減速運動，由于彈簧的彈性勢能在減小，所以彈性勢能轉化為小球的機械能，故機械能在增大，C正確；這段時間內，小球先向下做加速度減小的加速運動，然后做加速度增大的減速運動，即小球的動能先增大后減小，D錯誤；考點：考查了功能關系，機械能守恒，名師點睛：對于小球、地球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒．通過分析小球的受力情況和運動情況，分析加速度、動能的變化．由系統(tǒng)的機械能守恒，分析小球的動能與重力勢能之和如何變化4、B【解析】

課桌的高度大約為h=0.8m，由v2=2gh

代入數(shù)據解得故選B。5、C【解析】

AB.同一根彈簧的作用力相同，則彈簧對A的作用力等于對B的作用力，且作用時間是相同的，故AB錯誤；CD.兩物體離開彈簧后，都做勻減速直線運動，加速度大小相等，而A滑行的距離比B遠，根據可知，A的初速度大，即離開彈簧時A的速度大于B的速度，故C正確，D錯誤。6、D【解析】

若B對A沒有摩擦力，則A對B也沒有摩擦力，因B在水平方向受力平衡，則地面對B也沒有摩擦力，故A錯誤；若B對A有向左的摩擦力，則A對B有向右的摩擦力，由平衡條件知，地面對B有向左的摩擦力，故B錯誤；若彈簧起初處于拉伸狀態(tài)，則在P點緩慢下移的過程中，彈簧對A物塊的拉力減小且拉力在豎直方向的分力減小，則B對A的支持力增大；故C錯誤；P點下降過程中，水平方向彈力可能增大，則對整體分析可知，地面對B的摩擦力可能增大，故D正確；故選D?！军c睛】本題考查共點力平衡條件的應用，解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解，注意整體法和隔離法的運用．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】由熵增加原理知，一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，故A錯誤；晶體有一定的熔化溫度，非晶體沒有一定的熔化溫度，故B正確；擴散現(xiàn)象和布朗運動的劇烈程度都與溫度有關，但擴散現(xiàn)象和布朗運動并不是熱運動，故C正確；第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學第二定律，故D錯誤；兩個分子從很遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力先變大后變小，再變大，E正確。故BCE正確，AD錯誤。8、AD【解析】若元件的載流子是自由電子，由左手定則可知，電子受到的洛倫茲力方向向D側面偏，則C側面的電勢高于D側面的電勢．故A正確；若元件的載流子是正電離子，由左手定則可知，正電離子受到的洛倫茲力方向向D側面偏，則D側面的電勢高于C側面的電勢，故B錯誤；在測地球南、北極上方的地磁場強弱時，因磁場豎直方向，則元件的工作面保持水平時U最大，故C錯誤；地球赤道上方的地磁場方向水平，在測地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持豎直，當與地球經線垂直時U最大．故D正確．故選AD．點睛：解決本題的關鍵知道霍爾效應的原理，知道電子受到電場力和洛倫茲力平衡，注意地磁場赤道與兩極的分布．9、ABD【解析】

A.根據圖像可知，開始A板電勢高，電子先向左加速運動，然后向左減速到零，接著重復以上運動，所以可以打在A板，故A正確。B.根據圖像可知，開始A板電勢高，電子先向左加速運動，然后向左減速到某一值，繼續(xù)向左加速，重復以上運動，可以打在A板，故B正確。C.根據圖像可知，開始電子向左加速，然后向左減速，因為電場力大小相同，所以完成一個周期電子速度向右，然后重復進行，所以不會打在A板，故C錯誤。D.根據圖像及對稱性可知，電子先向左加速運動，然后向左減速到零，接著重復以上運動，所以可以打在A板，故D正確。10、BC【解析】

AB.若在右側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，對整體根據牛頓第二定律得：對左側物塊根據牛頓第二定律得：解得：所以彈簧測力計的讀數(shù)是，選項B正確A錯誤；CD.若在左側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，對整體根據牛頓第二定律得：對左側物塊根據牛頓第二定律得：解得：所以彈簧測力計的讀數(shù)是，選項C正確D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCDADE77.00或77【解析】

（1）因為要驗證碰撞前后動量是否守恒，斜槽軌道不必是光滑的，故A錯誤；本實驗中用平拋運動的性質來驗證動量守恒，故必須保證小球做平拋運動；故斜槽末端必須水平，故B正確；平時為了準確測量落點應取落點的平均位置；并且要求小球每次應從同一點釋放，故C正確；只有讓重球去撞擊輕球時，實驗才能得出正確結果，故D正確．所以滿足的條件BCD．（2）實驗時，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復．測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得，因此實驗需要測量兩球的質量．因此步驟中A、B、E是必須的．（3）如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得．（4）將ml=45.0g、m2=9.0g，=46.20cm代入，當碰撞時沒有能量損失時有最大值，即，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t2得：，聯(lián)立以上解得：=77.00cm．【點睛】本題考查了實驗需要測量的量、實驗原理以及動量守恒表達式，解題時需要知道實驗原理，根據動量守恒定律與平拋運動規(guī)律求出實驗要驗證的表達式是正確答題的前提與關鍵；當碰撞時沒有能量損失時有最大值．12、（1）非線性（2）存在摩擦力（3）調整軌道傾斜度以平衡摩擦力遠小于小車質量【解析】

試題分析：（1）根據該同學描繪的加速度和鉤碼質量的圖象是一條曲線而不是直線，所以是非線性關系．（2）根據圖（b）可知當鉤碼有一定質量，即細線有一定拉力時，小車加速度仍等于0，說明小車合力等于0，所以可能除拉力外小車還受到摩擦力