上海市青浦高級中學2025屆高二物理第一學期期末學業(yè)水平測試模擬試題含解析

上海市青浦高級中學2025屆高二物理第一學期期末學業(yè)水平測試模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，質(zhì)量為m、帶電量為q的小球B用絕緣細線懸掛，處于固定的帶電體A產(chǎn)生的電場中，A可視為點電荷，B為試探電荷．當小球B靜止時，A、B等高，細線偏離豎直方向的夾角為θ．已知重力加速度為g．則點電荷A在B處所產(chǎn)生的場強大小為（）A. B.C. D.2、如圖所示，當滑動變阻器的滑片P向上端移動時，電表示數(shù)的變化情況是（）A.示數(shù)減小，示數(shù)增大，A示數(shù)增大B.示數(shù)增大，示數(shù)減小，A示數(shù)增大C.示數(shù)增大，示數(shù)增大，A示數(shù)減小D.示數(shù)減小，示數(shù)減小，A示數(shù)減小3、有一種電荷控制式噴墨打印機的打印頭的結(jié)構簡圖如圖所示。其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符。已知偏移量越大打在紙上的字跡越大，現(xiàn)要增大字跡，下列措施可行的是（）A.增大墨汁微粒的比荷B.增大墨汁微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的初動能C.減小偏轉(zhuǎn)極板的長度D.減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓4、圖中小燈泡的規(guī)格都相同，兩個電路中的電池也相同。實驗發(fā)現(xiàn)多個并聯(lián)的小燈泡的亮度明顯比單獨一個小燈泡暗。對這一現(xiàn)象的分析正確的是（）A.燈泡兩端電壓不變，由于并聯(lián)分電流，每個小燈泡分得的電流變小，因此燈泡亮度變暗B.電源電動勢不變，外電路電壓變大，但由于并聯(lián)分電流，每個小燈泡分得的電流變小，因此燈泡亮度變暗C.電源電動勢不變，外電路電壓變小，因此燈泡亮度變暗D.并聯(lián)導致電源電動勢變小，因此燈泡亮度變暗5、如圖所示的勻強磁場中有一閉合矩形導線框，則在圖示時刻能產(chǎn)生感應電流的是A. B.C. D.6、奧斯特實驗說明了（）A.磁場的存在B磁場具有方向性C.通電導線周圍存在磁場D.磁體間有相互作用二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，將滑動變阻器的滑片P向右滑動后，假設電流表A1和電壓表V2兩個電表的示數(shù)變化量的絕對值分別為I1和U2，則在滑片P向右滑動的過程中，下列說法正確的是（）A.V1變大B.A2變大C.V2變大D.不變8、如圖所示是一提升重物用的直流電動機工作時的電路圖，其中電動機內(nèi)電阻r=1Ω，電路中另一電阻R=9Ω，直流電壓U=180V，理想電壓表示數(shù)UV=135V，電動機正以v=1m/s勻速豎直向上提升某重物，g取10m/s2，下列判斷正確的是（）A.通過電動機的電流是18AB.輸入電動機的電功率是675WC.電機的輸出功率是25WD.重物的質(zhì)量是65kg9、如圖所示的閉合電路中，當滑動變阻器的滑片P從左端滑向右端的過程中。兩個電壓表示數(shù)的變化量的大小分別為ΔU1、ΔU2，電流表示數(shù)的變化量為ΔI，則（）A.ΔU1＞ΔU2 B.ΔU1＜ΔU2C.＝ D.＜10、如圖所示，甲、乙為兩個獨立電源(外電路為純電阻)的路端電壓與通過它們的電流I的關系圖線，下列說法中正確的是()A.電源甲的電動勢大于電源乙的電動勢B.電源甲的內(nèi)阻小于電源乙的內(nèi)阻C.路端電壓都為U0時，它們的外電阻相等D.電流都是I0時，兩電源的內(nèi)電壓相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定金屬電阻率的實驗中，所用金屬電阻絲的電阻約為30Ω．現(xiàn)通過以下實驗測量該電阻絲的電阻率(1)用螺旋測微器測出電阻絲的直徑為d(2)實驗中能提供的器材有開關、若干導線及下列器材：電壓表Vl（量程0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約15kΩ）電流表Al（量程0～100mA，內(nèi)阻約5Ω）電流表A2（量程0～0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω）滑動變阻器R1（0～5Ω）滑動變阻器R2（0～1kΩ）電源E（電動勢為4.5V，內(nèi)阻不計）為了便于調(diào)節(jié)電路并能較準確地測出電阻絲的阻值，電流表應選__________，滑動變阻器應選__________。(3)如圖所示，將電阻絲拉直后兩端固定在刻度尺兩端的接線柱a和b上，刻度尺的中間有一個可沿電阻絲滑動的觸頭，觸頭的另一端為接線柱c，當用手按下觸頭時，觸頭才與電阻絲接觸，觸頭的位置可在刻度尺上讀出．實驗中改變觸頭與電阻絲接觸的位置，并移動滑動變阻器的滑片，使電流表示數(shù)I保持不變，分別測量出多組接入電路中電阻絲的長度L與對應的電壓U。請在下圖中完成實驗電路的連接，（）部分已連好的線不能改動．(要求：能改變電阻絲的測量長度和進行多次測量)(4)利用測量數(shù)據(jù)畫出U—L圖線，如圖所示，其中（，)是U-L圖線上的一個點的坐標．根據(jù)U—L圖線，用電阻絲的直徑d、電流I和坐標（，)計算得出電阻絲的電阻率ρ=__________。12．（12分）.某電解質(zhì)溶液，如果在1s內(nèi)共有6.0×個二價正離子和2.0×個一價負離子通過某橫截面，那么通過電解質(zhì)溶液的電流強度是__________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的勻強電場中，有A、B兩點，且A、B兩點間的距離為x=0.20m，已知AB連線與電場線夾角為θ=60°，今把一電荷量q=-2×10-8C的檢驗電荷放入該勻強電場中，其受到的電場力的大小為F=4.0×10-4N，方向水平向左．求：（1）電場強度E的大小和方向；（2）若把該檢驗電荷從A點移到B點，電勢能變化了多少；（3）若A點為零電勢點，電荷量q′=-2×10-8C，則q在B點電勢能為多少14．（16分）如圖所示，垂直紙面向里的勻強磁場的磁感應強度為B，紙面內(nèi)有一單匝長方形均勻金屬線框abcd，其ab邊長為L，bc邊長為2L，線框總電阻為R，ab邊與磁場邊界平行，線框在向右方向拉力作用下以速度v做勻速運動。求：(1)當ab邊剛進入磁場時，ab兩端的電勢差Uab(2)線框進入磁場過程中，通過線框橫截面的電荷量q(3)線框進入磁場過程中，bc上產(chǎn)生的熱量Q15．（12分）在如圖（a）所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，閉合開關S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖所示，則：（1）V1表示數(shù)隨電流變化的圖像是甲乙兩條圖線中的哪條？并求出定值電阻R1的阻值；（2）求電源的電動勢和內(nèi)阻大??；（3）求電源效率的最大值和電源最大輸出功率.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】小球處于平衡狀態(tài)，受力如圖：根據(jù)合成法，知電場力：F=mgtanθ解得：E==ABC.由上計算可知，ABC錯誤；D.由上計算可知，D正確2、C【解析】首先弄清電壓表測量的是路端電壓，電壓表測量的是和并聯(lián)電路兩端的電壓，電流表A測量的是通過電阻的電流，再利用閉合電路歐姆定律及串聯(lián)、并聯(lián)電路的特點進行分析．滑片P向上端移動，接入電路的電阻增大，外電阻增大，干路電流I減小，路端電壓增大，從而判定示數(shù)增大；由于I減小，電阻及內(nèi)阻r的電壓減小，故增大，所以示數(shù)增大；由于增大，所在支路的電流增大，通過的電流減小，所以A示數(shù)減小故選C3、A【解析】微粒以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，則有水平方向豎直方向又聯(lián)立解得要增大字跡，就要增大微粒通過偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)量y，由上式分析可知，采用的方法可以有：增大比荷、減小墨汁微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的初動能Ek0、增大極板的長度L、增大偏轉(zhuǎn)極板間的電壓U。選項A正確，BCD錯誤。故選A。4、C【解析】電動勢反映不同電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量。由于使用同一個電源，故電源電動勢不變，故D錯誤；根據(jù)閉合電路的歐姆定律根據(jù)并聯(lián)電阻特點可知多個并聯(lián)的小燈泡小于單個小燈泡內(nèi)阻，電路的總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)阻r消耗的電壓增大，外電路電壓變小，通過各小燈泡的電流減小，故AB錯誤，C正確。故選C。5、B【解析】A．該圖保持線框平面始終與磁感線平行，線框在磁場中向右運動，磁通量一直為零，磁通量不變，無感應電流，故A錯誤；B．該圖保持線框平面始終與磁感線垂直，線框在磁場中向右運動，離開磁場，磁通量減小，有感應電流，故B正確；C．該圖保持線框平面始終與磁感線垂直，線框在磁場中向上運動，磁通量不變，無感應電流，故C錯誤；D．該圖保持線框平面始終與磁感線垂直，線框在磁場中向右運動，故磁通量不變，無感應電流，故D錯誤；故選B6、C【解析】奧斯特將通電導線放于小磁針上方時發(fā)現(xiàn)小磁針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，說明了通電導線周圍存在著磁場A.磁場的存在．與結(jié)論不符，故A錯誤；B.磁場具有方向性．與結(jié)論不符，故B錯誤；C.通電導線周圍存在磁場．與結(jié)論相符，故C正確；D.磁體間有相互作用．與結(jié)論不符，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】先由局部電阻RP的變化開始分析，分析全電路的電阻、電流以及路端電壓，然后再逐步分析到局部電路.【詳解】在滑片P向右滑動的過程中，RP變大，則電路的總電阻變大，總電流減小，路端電壓變大，即A1減小，R1的電壓減小，則R3以及與其并聯(lián)的支路電壓變大，A2讀數(shù)變大；V2讀數(shù)變大；R3電流變大，則R2電流減小，則兩端電壓減小，即V1讀數(shù)變小，故選項A錯誤，BC正確；U2=E-I1(R1+r)，可知不變，可知選項D正確；故選BCD.【點睛】分清電路圖，利用等效電阻法結(jié)合總量法，根據(jù)電阻的變化確定比值的變化是解決本題的關鍵8、BD【解析】（1）根據(jù)歐姆定律求出通過R的電流；（2）電動機的輸入功率為P1=U2I；（3）電動機內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為P2=I2r，輸出的機械功率為P3=P1﹣P2．由公式P3=Fv=mgv求解物體的質(zhì)量【詳解】A、通過R的電流為：I==A=5A；故A錯誤；B、電動機的輸入功率為：P1=U2I=135×5W=675W；故B正確；C、電動機內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為：P2=I2r=52×1W=25W，輸出的機械功率為：P3=P1﹣P2=（675﹣25）W=650W；故C錯誤；D、P3=Fv=mgv解得：m==65kg，故D正確；故選BD【點睛】本題考查了機械公式和電功功率以及電功公式的靈活應用，關鍵是知道電動機做功的功率加上線圈的發(fā)熱功率即為電動機消耗電能的功率，難度適中9、BD【解析】AB．閉合電路電壓特點知：E＝U1+U2+Ur其中Ur表示電路的內(nèi)電壓。當滑片向右滑動過程中，變阻器接入電路中的電阻變小，根據(jù)電路中電壓分配原則知，U1變大，U2變小，Ur變大。則有E＝U1+ΔU1+U2﹣ΔU2+Ur+ΔUr得：ΔU2＝ΔU1+ΔUr所以ΔU1＜ΔU2故A錯誤，B正確；CD．根據(jù)上面的分析知所以故C錯誤，D正確。故選BD.10、AC【解析】根據(jù)歐姆定律可知外電阻R路端電壓U與電流I的關系為R=U/I，圖線與U軸交點的坐標值表示電動勢的大小，與I軸交點的坐標值表示電路中的短路電流，圖線的斜率大小表示電源內(nèi)電阻的大?。妱觿菖c短路電流的比值），電源的內(nèi)電壓等于通過電源的電流與電源內(nèi)阻的乘積，即U內(nèi)=Ir【詳解】圖線與U軸交點的坐標值表示電動勢的大小，由圖線可知，甲與U軸交點的坐標值比乙的大，表明甲的電動勢大于乙的電動勢，故A正確．圖線的斜率大小表示電源內(nèi)電阻的大?。妱觿菖c短路電流的比值），圖線甲的斜率大于圖線乙的斜率，表明甲的內(nèi)阻大于乙的內(nèi)阻，故B錯誤．根據(jù)歐姆定律可知外電阻R路端電壓U與電流I的關系為R=U/I，在U-I圖線中甲、乙兩圖線的交點坐標為（I0，U0），說明兩電源的外電阻相等，故C正確．電源的內(nèi)電壓等于通過電源的電流與電源內(nèi)阻的乘積，即U內(nèi)=Ir，因為甲的內(nèi)阻較乙的內(nèi)阻大，所以當電流都為I0時，甲電源的內(nèi)電壓較大，故D錯誤．故選AC【點睛】本題利用圖象考查了閉合電路歐姆定律，要特別注意圖象與兩軸交點分別表示電動勢和短路電流，圖象斜率表示內(nèi)阻大小分卷II三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A1②.R1③.見解析④.【解析】（2）[1][2]由于電源電動勢為4.5V，所以電壓表應選V1，根據(jù)歐姆定律可知，通過待測電阻的最大電流為：，所以電流表應選A1；滑動變阻器應選R1，且應采用分壓式接法；（3）[3]由于待測電阻滿足RX2＜RARV，可知電流表應用外接法，又變阻器應采用分壓式接法，連線圖如圖所示（4）[4]根據(jù)歐姆定律應有：，根據(jù)電阻定律應有聯(lián)立得：，據(jù)函數(shù)斜率概念應有解得12、12A【解析】本題計算出1s內(nèi)通過截面正離子與負離子電量絕對值之和，根據(jù)電流的定義式求解電流【詳解】1s內(nèi)通過截面正離子的電量為q1=2n1e，負離子的電量絕對值為q2=n2e，則電流為，將n1=6.0×1018個，n2=2.0×1019個，e=1.6×10-19C，代入解得：I=5.12A【點睛】本題是電流定義式的應用，關鍵確定通過導體截面的電量，當電流由正負離子向相反方向定向移動形成時，電量等于正離子與負離子電量絕對值之和四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求