重慶八中2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題含解析

重慶八中2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子（不計(jì)重力），從靜止開始經(jīng)電壓U加速后，沿水平方向進(jìn)入一垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場B中，帶電粒子經(jīng)過半圓到A點(diǎn)，設(shè)OA＝y(tǒng)，則能正確反映y與U之間的函數(shù)關(guān)系的圖象是（）A.B.C.D.2、圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路。若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下列說法正確的是（）A.線圈a中將產(chǎn)生俯視順時針方向的感應(yīng)電流B.穿過線圈a的磁通量變大C.線圈a有縮小的趨勢D.線圈a對水平桌面的壓力FN將增大3、下列說法正確的是（）A.任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍B.根據(jù)場強(qiáng)的定義式E=，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度和試探電荷的電荷量成反比C.各種材料的電阻率都與溫度有關(guān)，金屬的電阻率隨溫度的升高而減小D.電源的電動勢與外電路有關(guān)，外電路電阻越大，電動勢就越大4、有四個金屬導(dǎo)體，他們的伏安特性曲線如圖所示，將這四個導(dǎo)體串聯(lián)在同一個電路中，兩端電壓最大的導(dǎo)體是A.aB.bC.cD.d5、下列的公式中，既適用于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的靜電場，也適用于勻強(qiáng)電場的有（）①場強(qiáng)②場強(qiáng)③場強(qiáng)④電場力做功A.①③ B.②③C.②④ D.①④6、如圖為質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖，磁場方向如圖，某帶電粒子穿過S′孔打在MN板上的P點(diǎn)．則（）A.該粒子一定帶負(fù)電B.a極板電勢一定比b極板高C.到達(dá)P點(diǎn)粒子的速度大小與ab間電磁場強(qiáng)弱無關(guān)D.帶電粒子的比值越大，PS′間距離越大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知等勢面b的電勢為6V．一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d過程中克服電場力所做的功為6eV．不計(jì)重力，下列說法正確的是（）A.該電子經(jīng)過平面c時，其電勢能為4eVB.該電子可能會到達(dá)平面fC.平面f上的電勢為零D.該電子經(jīng)過平面b時的動能是經(jīng)過d時的2倍8、如圖，理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓相同的燈泡a和b，當(dāng)輸入電壓U為燈泡額定電壓的11倍時，兩燈泡均能正常發(fā)光，下列說法正確的是（）A.原、副線圈匝數(shù)之比為9:1B.原、副線圈匝數(shù)之比為10:1C.此時a和b的電功率之比為1:10D.此時a和b的電功率之比為1:99、如圖所示，A、B是圓心角為120°的一段圓弧的兩個端點(diǎn)，D是圓弧的中點(diǎn)，圓弧的圓心是O，半徑為r，AB與CD相交于C點(diǎn)，電荷量均為Q的兩個正點(diǎn)電荷分別固定于A、B兩點(diǎn)。靜電力常量為k。下列說法正確的是（）A.O、D兩點(diǎn)的電勢相等B.O、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相等C.D點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為D.將一負(fù)點(diǎn)電荷從O沿直線OD移到D，其電勢能先增加后減少10、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可以視為不變），R1和R2為定值電阻，R1=R2=r，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強(qiáng)度的增強(qiáng)而減小．閉合開關(guān)S后，將照射光強(qiáng)度減弱，則（）A.電路路端電壓將減小 B.燈泡L將變暗C.R1兩端的電壓將增大 D.電源的輸出功率減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學(xué)習(xí)小組利用如圖所示的裝置測定磁極間的磁感應(yīng)強(qiáng)度．實(shí)驗(yàn)步驟如下在彈簧測力計(jì)下端掛一n匝矩形線圈，將矩形線圈的短邊完全置于障形磁鐵N、S極之間磁場中并使矩形線圈所在的平面與N、S極的連線______；在電路未接通時，記錄線圈靜止時彈簧測力計(jì)的讀數(shù)；接通電路開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表讀數(shù)為1，記錄線圈靜止時彈簧測力計(jì)的讀數(shù)，F(xiàn)表示的是______用刻度尺測出矩形線圈短邊的長度L；利用上述數(shù)據(jù)可得待測磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度______12．（12分）如圖所示為用多用電表測電路中電流的實(shí)驗(yàn)，圖中多用電表測定的是________(填“甲電阻”“乙電阻”或“總”)的電流，測得電流的大小是________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，坐標(biāo)空間中有場強(qiáng)為E=100N/C的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=10-3T的勻強(qiáng)磁場，y軸為兩種場的分界面，圖中虛線為磁場區(qū)域的右邊界，現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電粒子從電場中坐標(biāo)位置(-1，0)處，以初速度vo=105m/s沿x軸正方向開始運(yùn)動，且已知帶電粒子的比荷=108C/kg，粒子的重力忽略不計(jì)，則：(1)求帶電粒子進(jìn)入磁場的速度大??；(2)為使帶電粒子能穿越磁場區(qū)域而不再返回電場中，求磁場的寬度d應(yīng)滿足的條件14．（16分）質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具．如圖所示,設(shè)質(zhì)量為、電荷量為q的離子,從容器A下方的小孔不斷飄入加速電場,其初速度可視為零,然后經(jīng)過小孔垂直于磁場方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中,做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動．離子行進(jìn)半個圓周后離開磁場并被收集,不考慮離子重力及離子間的相互作用（1）求加速電場的電壓U;（2）若容器A中有電荷量同為q、質(zhì)量分別為和的同種元素的兩種離子（設(shè)＞）,它們經(jīng)電場加速后進(jìn)入磁場中會發(fā)生分離.某次實(shí)驗(yàn)時加速電壓的大小在U±ΔU范圍內(nèi)發(fā)生有微小變化．應(yīng)在什么范圍內(nèi)才能使這兩種離子在磁場中運(yùn)動的軌跡不發(fā)生交疊?15．（12分）如圖所示，M為一線圈電阻的電動機(jī)，，電源電動勢當(dāng)S斷開時，電流表的示數(shù)為，當(dāng)開關(guān)S閉合時，電流表的示數(shù)為求：（1）電源內(nèi)阻r；（2）開關(guān)S閉合時流過R電流；（3）開關(guān)S閉合時電動機(jī)輸出的機(jī)械功率

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】粒子在電場中加速，在磁場中做圓周運(yùn)動，應(yīng)用動能定理求出粒子的速度，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑，然后求出y與U間的關(guān)系式，再分析圖示圖象答題【詳解】粒子在電場中加速，由動能定理得：qU=mv2-0，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，由幾何知識得：y=2r，解得：，則y2=U，圖C所示圖象正確；故選C【點(diǎn)睛】本題考查了粒子在電場與磁場中的運(yùn)動，分析清楚粒子的運(yùn)動過程是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動能定理與牛頓第二定律即可解題2、A【解析】AB．當(dāng)滑動觸頭向上滑動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈的電流減小，線圈產(chǎn)生的磁場減弱，故穿過線圈的磁通量減?。桓鶕?jù)中的電流方向和安培定則可知產(chǎn)生的磁場方向向下穿過線圈，根據(jù)楞次定律，中的感應(yīng)電流的磁場要阻礙原來磁場的減小，故的感應(yīng)電流的磁場方向與產(chǎn)生的磁場的方向相同，根據(jù)安培定則可知線圈中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時針方向，故A正確，B錯誤；C．直接根據(jù)楞次定律的第二描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，因?yàn)榛瑒佑|頭向上滑動導(dǎo)致穿過線圈的磁通量減小，故只有線圈面積增大時才能阻礙磁通量的減小，故線圈應(yīng)有擴(kuò)張的趨勢，故C錯誤；D．開始時線圈對桌面的壓力等于線圈的重力，當(dāng)滑動觸頭向上滑動時，線圈的電流減小，線圈產(chǎn)生的磁場減小，根據(jù)楞次定律可知，此時兩線圈互相吸引，故線圈對水平桌面的壓力將減小，故D錯誤；故選A。3、A【解析】A．目前認(rèn)為自然界中任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍，故A正確；B．電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與試探電荷的電荷量無關(guān)，故B錯誤；C．各種材料的電阻率都與溫度有關(guān)，金屬的電阻率隨溫度的升高而增大，故C錯誤；D．電源的電動勢與外電路無關(guān)，故D錯誤。故選A。4、D【解析】圖象的斜率表示電阻，則由圖象可知，d圖象的斜率最大，故d電阻的阻值最大；串聯(lián)在電路中各電阻電流相等，則由歐姆定律可得，d電阻兩端的電壓最大A、A項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故A錯誤；B、B項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故B錯誤；C、C項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故C錯誤；D、D項(xiàng)與上述分析結(jié)論相符，故D正確5、D【解析】是電場強(qiáng)度定義式，適用于一切電場；僅適用于勻強(qiáng)電場；適用于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場；W=qU適用于一切電場。可知既適用于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的靜電場，也適用于勻強(qiáng)電場是①④。故D正確。故選D。6、B【解析】粒子經(jīng)過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向判斷電荷的電性．根據(jù)平衡求出粒子經(jīng)過速度選擇器的速度．通過帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)，根據(jù)半徑的大小判斷粒子比荷的大小【詳解】A項(xiàng)：粒子在里的磁場中向右運(yùn)動，向上偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知粒子帶正電，故A錯誤；B項(xiàng)：由左手定則可知，粒子在選擇器中受向上的洛倫茲力，由qE=qvB，此時粒子受力平衡，電場力的方向向下，所以電場強(qiáng)度的方向也向下，a極板電勢一定比b極板高，故B正確；C項(xiàng)：由qE=qvB可知，粒子的速度：，到達(dá)P點(diǎn)粒子的速度大小與ab間電磁場強(qiáng)弱有關(guān)，故C錯誤；D項(xiàng)：由洛倫茲力提供向心力得：則：知荷質(zhì)比越大，r越小，PS′間距離越小，越靠近狹縫，故D錯誤故應(yīng)選：B【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動，在磁場中做勻速圓周運(yùn)動二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】根據(jù)只有電場力做功，動能與電勢能之和不變，當(dāng)電場力做負(fù)功時，動能轉(zhuǎn)化為電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可一一求解【詳解】虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等一組等勢面，一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增加了6eV，因此等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為6V，由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面f上的電勢為零，故C正確；c等勢面的電勢為4V，則該電子經(jīng)過平面c時，其電勢能為-4eV，選項(xiàng)A錯誤；由上分析可知，電子在a等勢面的電勢能為-8eV，動能為10eV，則總能量為2eV，則若電子能到達(dá)f平面，則動能應(yīng)為2eV，選項(xiàng)B正確；在平面b上電勢為6V，則電子的電勢能為-6eV，則動能為8eV，在平面d上電勢為2V，則電子的電勢能為-2eV，則動能為4eV；即該電子經(jīng)過平面b時的動能是經(jīng)過d時的2倍，故D正確；故選BCD【點(diǎn)睛】考查電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關(guān)鍵8、BC【解析】根據(jù)燈泡電壓與輸入電壓的關(guān)系可明確接在輸入端和輸出端的電壓關(guān)系，則可求得匝數(shù)之比；根據(jù)變壓器電流之間的關(guān)系和功率公式可明確功率之比【詳解】燈泡正常發(fā)光，則其電壓均為額定電壓U，則說明原線圈輸入電壓為10U，輸出電壓為U；則可知，原副線圈匝數(shù)之比為10：1：故A錯誤；B正確；根據(jù)公式，由于小燈泡兩端的電壓相等，所以根據(jù)公式P=U額I可得a和b上的電功率之比為1：10；故C正確，D錯誤；故選BC【點(diǎn)睛】本題考查變壓器原理，要注意明確輸入電壓為燈泡兩端電壓與輸入端電壓之和，從而可以確定輸入端電壓；則可求得匝數(shù)之比9、AC【解析】A．O、D兩點(diǎn)關(guān)于兩等量正電荷對稱，所以兩點(diǎn)電勢相等，A正確；B．根據(jù)場強(qiáng)疊加法則可知O、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度等大反向，B錯誤；C．D點(diǎn)的電場強(qiáng)度疊加示意圖：根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式結(jié)合幾何關(guān)系可知：C正確；D．一負(fù)點(diǎn)電荷從O沿直線OD移到C，電場力做正功，電勢能減小，從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，所以負(fù)點(diǎn)電荷從O沿直線OD移到D，其電勢能先減小后增加，D錯誤。故選AC。10、BD【解析】A.照射光強(qiáng)度減弱時，光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流減小，所以電源內(nèi)阻所占電壓減小，所以路端電壓增大，選項(xiàng)A錯誤；C.因電路中總電流減小，所以R1兩端的電壓減小，選項(xiàng)C錯誤；B.因電路端電壓增大，同時R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則流過R2的電流增大，而總電流減小，所以通過燈泡L的電流減小，所以燈泡L變暗，選項(xiàng)B正確；D、電源的輸出功率（R為外電路的電阻），據(jù)題意知R1、R2為定值電阻且都等于r，所以總電阻一定大于r，故當(dāng)將照射R3的光的強(qiáng)度減弱，總電阻增大，輸出功率變小，選項(xiàng)D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.垂直②.線圈所受安培力與重力的合力③.【解析】根據(jù)共點(diǎn)力平衡即可求得受到的安培力大小，根據(jù)左手定則判斷出安培力方向；有求得磁感應(yīng)強(qiáng)度【詳解】要使矩形線圈所在的平面與N、S極的連線垂直，這樣能使彈簧測力計(jì)保持垂直，方便測出拉力；對線框受力分析知：受重力、安培力、彈簧的拉力，三力平衡，所以F表示的是線圈所受安培力與重力的合力；由安培力公式得：，由平衡條件得：，又

解得：【點(diǎn)睛】本題是簡單的力電綜合問題，結(jié)合安培力公式、平衡條件列式求解12、①.乙電阻②.50.0mA【解析】由電路中連接情況知，多用電表與乙電阻串聯(lián)，故測定的是乙電阻的電流．由圖知選擇量程為100mA，故指針指示讀數(shù)為50.0mA四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)m/s(2)241m【解析】（1）帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，設(shè)運(yùn)動的加速度為a，由牛頓第二定律可得：qE=ma設(shè)粒子出電場、入磁場時的速度大小為v，此時在y方向的分速度為vy，粒子在電場中運(yùn)動的時間為t，則：vy=atl=v0t解得vy=v0（2）設(shè)v的方向與y軸夾角為θ，則有可得θ=450粒子進(jìn)入磁場后在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動，如圖：則有