北京昌平臨川育人學校2025屆高三物理第一學期期中教學質量檢測模擬試題含解析

北京昌平臨川育人學校2025屆高三物理第一學期期中教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一輕質彈簧兩端連著物體A和B，放在光滑的水平面上，物體A被水平速度為v0的子彈射中并且子彈嵌在其中．已知物體A的質量mA是物體B的質量mB的，子彈的質量m是物體B的質量的，彈簧壓縮到最短時B的速度為()A． B． C． D．2、如圖所示，一個質量為ｍ的物體（可視為質點）以某一速度從Ａ點沖上傾角為30°的固定斜面，其運動的加速度大小為0.6g，該物體在斜面上上升的最大高度為ｈ，則在這個過程中物體的（g=10m/s2）A．整個過程中物體機械能守恒B．重力勢能增加了0.5mghC．機械能損失了0.2mghD．動能損失了1.1mgh3、如圖所示為a、b兩顆衛(wèi)星運行的示意圖，a為繞地球做橢圓軌道運動的衛(wèi)星，b為地球同步衛(wèi)星，P為兩衛(wèi)星軌道的切點．P、Q分別為橢圓軌道的遠地點和近地點．衛(wèi)星在各自的軌道上正常運行，下列說法中正確的是A．衛(wèi)星a、b的周期可能相等B．衛(wèi)星a在由近地點Q向遠地點P運行過程中，引力勢能逐漸減小C．衛(wèi)星b經過P點時的速率一定大于衛(wèi)星a經過P點時的速率D．衛(wèi)星b經過P點時的向心力一定等于衛(wèi)星a經過P點時的向心力4、如圖所示是采用動力學方法測量空間站質量的原理圖，若已知飛船質量為，其推進器的平均推力為F。在飛船與空間站對接后，在推進器工作時測出飛船和空間站一起運動的加速度為a，則空間站的質量為（）A． B． C． D．5、如圖所示，在光滑水平面上有一質量為M的木塊，木塊與輕彈簧水平相連，彈簧的另一端連在豎直墻上，木塊處于靜止狀態(tài)，一質量為m的子彈以水平速度擊中木塊，并嵌在其中，木塊壓縮彈簧后在水平面做往復運動木塊自被子彈擊中前到第一次回到原來位置的過程中，木塊受到的合外力的沖量大小為A．B．C．D．6、關于速度和加速度的關系，以下說法正確的是（）A．加速度方向為正，速度一定增加B．加速度方向保持不變，速度方向一定保持不變C．加速度逐漸變大，速度一定逐漸變大D．加速度和速度方向相反，速度一定減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，A、B、C三點的電勢分別為1V、2V、5V．則下列說法中正確的為A．D、E、F三點的電勢分別為6V、5V、2VB．正點電荷在從D點移動到F點的電場力做負功C．D、E、F三點的電勢分別為7V、6V、3VD．負點電荷在從D點移動到C點的電場力做負功8、某運動員練習射箭時，站在同一位置從不同高度先后水平射出兩只箭，射中箭靶上同一豎直線上兩點，如圖所示，A箭的方向與豎直方向的夾角小于B箭與豎直方向的夾角，忽略空氣阻力。已知箭飛行時，箭頭的指向與箭的運動方向相同。則（）A．A箭射出的初速度一定比B箭射出的初速度大B．A箭在空中飛行的時間一定比B箭在空中飛行的時間長C．A箭的射出點一定比B箭的射出點高D．A箭射中箭靶時的速度一定比B箭射中箭靶時的速度大9、如圖所示，足夠長的光滑水平軌道與豎直固定的光滑半圓形勃道相切于a點，一質量為m的物塊可視為質點，以大小為的速度水平向右運動，重力加速度為g，不計空氣阻力．當半圓形軌道半徑取適當值R時，物塊從半圓形軌道最高點b飛出后，在水平軌道的落點與a點間距離最大，最大距離為d．則A． B． C． D．10、如圖所示，一帶電小球自固定斜面頂端A點以速度水平拋出，經時間落在斜面上B點．現在斜面空間加上豎直向下的勻強電場，仍將小球自A點以速度水平拋出，經時間落在斜面上B點下方的C點．不計空氣阻力，以下判斷正確的是A．小球一定帶負電B．小球所受電場力一定小于重力C．小球兩次落在斜面上的速度大小可能不同D．小球兩次落在斜面上的速度方向一定相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，一端帶有定滑輪的長木板上固定有甲、乙兩個光電門，與之相連的計時器可以顯示帶有遮光片的小車在其間的運動時間，與跨過定滑輪的輕質細繩相連的輕質測力計能顯示掛鉤處所受的拉力。不計空氣阻力及一切摩擦。(1)在探究“合外力一定時，加速度與質量的關系”時，要使測力計的示數等于小車所受合外力，操作中必須滿足________________。實驗時，先測出小車質量m，再讓小車從靠近光電門甲處由靜止開始運動，讀出小車在兩光電門之間的運動時間t。改變小車質量m，測得多組m、t的值，建立坐標系描點作出圖線。下列能直觀得出“合外力一定時，加速度與質量成反比”的圖線是________。A．B．C．D．(2)如圖抬高長木板的左端，使小車從靠近光電門乙處由靜止開始運動，讀出測力計的示數F和小車在兩光電門之間的運動時間，改變木板傾角，測得多組數據，得到的F－的圖線如圖所示。實驗中測得兩光電門的距離L＝0.80m，砂和砂桶的總質量m1＝0.34kg，重力加速度g取9.8m/s2，則圖線的斜率為________N·s2（結果保留兩位有效數字）；若小車與長木板間的摩擦不能忽略，測得的圖線斜率將________（填“變大”、“變小”或“不變”）。12．（12分）學校物理興趣小組利用如圖甲所示的實驗裝置完成“探究加速度與力的關系”的實驗．他們所用的器材有小車、一端帶有滑輪的導軌、打點計時器和幾個已知質量的鉤碼，另有學生電源和力傳感器(圖中未畫出)．(1)圖乙是實驗中得到的一條紙帶，圖中打相鄰兩計數點的時間間隔為0.1s，由圖中數據可得小車的加速度大小a=____m／s2(結果保留三位有效數字)．(2)實驗小組A、B分別以各自測得的加速度a為縱軸，小車所受的合力F為橫軸，作出圖象如圖丙中圖線1、2所示，則圖線1、2中對應小車(含車內的鉤碼)的質量較大的是圖線________(選填“1”或“2”)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖是某種靜電分選器的原理示意圖，兩個豎直放置的平行金屬板帶有等量異號電荷，形成勻強電場。分選器漏斗的出口與兩板上端處于同一高度，到兩板距離相等?；旌显谝黄鸬腶、b兩種顆粒從漏斗出口下落時，a種顆粒帶上正電,b種顆粒帶上負電。經分選電場后，a、b兩種顆粒分別落到水平傳送帶A、B上。已知兩板間距d=0.1m,板的長度l=0.5m，電場僅局限在平行板之間;各顆粒所帶電量大小與其質量之比均為1×10?5C/kg。設顆粒進入電場時的初速度為零，分選過程中顆粒大小及顆粒間的相互作用力不計。要求兩種顆粒離開電場區(qū)域時，不接觸到極板但有最大偏轉量。重力加速度g=10m/s2（計算結果均保留一位有效數字）。(1)左、右兩板各帶何種電荷?兩極板間的電壓多大?(2)若兩帶電平行板的下端距傳送帶A、B的高度H=0.3m，顆粒落至傳送帶時的速度大小是多少?(3)設顆粒每次與傳送帶碰撞反彈時，沿豎直方向的速度大小為碰撞前豎直方向速度大小的一半，求顆粒第2次與傳送帶碰撞反彈的高度？14．（16分）如圖所示，三個相同的木塊A、B、C質量均為m，置于光滑的水平面上，B、C之間有一輕質彈簧，彈簧的左端與木塊B固連（右端與C不固連），彈簧處于原長狀態(tài)，現使A以初速度2v0沿B、C的連線方向朝B運動，若A與B（1）以后運動過程中彈簧的最大彈性勢能；（2）以后運動過程中C能獲得的最大速度。15．（12分）某物理興趣小組研究物體的多過程運動，其情景如下．如圖所示，在光滑水平面上，建立直角坐標系xoy，有兩根平行線ab與cd（均平行于x軸）將水平面分成三個區(qū)域．自區(qū)域I的A點將質量均為m的小球M、N以相等的初動能水平向右、向左拋出．兩小球在全過程中受到沿水平面向+y方向的恒定外力1.5mg的作用；兩小球經過寬度為H的區(qū)域II時，受到沿+x方向的恒力作用．小球從區(qū)域II的下邊界離開進入區(qū)域III，N球的速度方向垂直cd向下；M球在區(qū)域II做直線運動；M球剛離開區(qū)域II的動能為N球剛離開區(qū)域II的動能的1.64倍．不計空氣阻力．求：（1）M與N在區(qū)域II中平行x軸方向的位移大小之比；（2）A點距平行線ab的距離；（3）區(qū)域II提供的水平向右的恒力．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據題意可知，B的質量mB為4m，A的質量mA為3m，子彈的質量為m，子彈剛射入物塊A時，A具有最大速度v，此過程中子彈與A的動量守恒，以子彈的初速度方向為正，根據動量守恒定律得：mv0=（m+mA）v解得：對子彈、滑塊A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，A、B速度相等時彈簧被壓縮到最短．彈簧壓縮的過程中，根據動量守恒定律可得：（m+mA）v=（m+mA+mB）v′由此解得：A.與計算結果不符，故A錯誤。B.與計算結果不符，故B錯誤。C.與計算結果相符，故C正確。D.與計算結果不符，故D錯誤。2、C【解析】

由機械能守恒定律的條件判斷；重力勢能的增加量等于克服重力做的功；動能變化等于合外力做的功；機械能變化量等于除重力外其余力做的功．【詳解】由牛頓第二定律得：mgsin30°+f=m×0.6g，解得摩擦力f=0.1mg，此過程有摩擦力做功，機械能不守恒，故A錯誤；物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢能增加了△EP=mgh，故B錯誤；由功能關系知，機械能的損失量為：△E=fs=0.1mg?2h=0.2mgh，故C正確。由動能定理可知，動能損失量為合外力做的功的大小，即：△Ek=F合?s=mg?0.6?2h=1.2mgh，故D錯誤；故選C?！军c睛】本題關鍵根據功能關系的各種具體形式得到重力勢能變化、動能變化和機械能變化．重力勢能變化與重力做功有關；動能的變化與合力做功有關；機械能的變化與除重力以外的力做功有關．3、C【解析】根據開普勒第三定律，結合b軌道的半徑大于a軌道的半長軸，可知衛(wèi)星b的周期一定大于衛(wèi)星a的周期，A錯誤；衛(wèi)星a在由近地點Q向遠地點P運行過程中，離地越來越高，引力做負功，引力勢能逐漸增大，B錯誤；因為衛(wèi)星在軌道a經過P點要加速做離心運動才能進入軌道b，故衛(wèi)星在b軌道經過P點的時速率大于在a軌道經過P點時的速率，C正確；由于不知道兩顆衛(wèi)星的質量是否相等，所以不能判斷出二者在P點受到的向心力相等，D錯誤．4、A【解析】

以空間站和飛船整體為研究對象，根據牛頓第二定律得：則空間站的質量為：故選A。5、A【解析】

由于子彈射入木塊的時間極短，在瞬間動量守恒，根據動量守恒定律得：，解得

根據動量定理，合外力的沖量，故A正確，BCD錯誤．【點睛】木塊自被子彈擊中前速度為零，第一次回到原來的位置的速度等于子彈擊中木塊后瞬間的速度，根據動量守恒定律求出子彈擊中后的速度，通過動量定理求出合外力的沖量；本題綜合考查了動量守恒定律、動量定理、綜合性較強，對提升學生的能力有著很好的作用．6、D【解析】

A、當加速度方向與速度方向相同時，物體做加速運動，速度增大，加速度方向為正時，若速度方向為負，則速度減?。蔄錯誤；B、加速度方向保持不變，速度方向可能改變，如平拋運動，故B錯誤；C、當加速度方向與速度方向相反時，物體做減速運動，加速度增大，速度減小，故C錯誤，D正確；故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】:AC、設正六邊形的中心為O.設D點電勢為,因為勻強電場中電勢隨距離均勻變化(除等勢面),又因為正六邊形對邊平行,DE間電勢差等于BA間電勢差,EF間電勢差等于CB間電勢差,則有E的電勢為:,F點的電勢為，O點是AD的中點,則O點的電勢為,AC中點的電勢與OB中點重合,根據幾何知識得,計算得出則E點電勢為：,F點的電勢為.故A錯誤，C正確；

B、由于D點電勢高于F點電勢，正電荷受力方向和電場線方向一致，所以正點電荷在從D點移動到F點電場力做正功，故B錯誤；D

由于D點電勢高于C點電勢，負電荷受力方向和電場線相反，所以把負電荷從D點移動到C點電場力做負功、故D正確；綜上所述本題答案是：CD8、BC【解析】

B．設飛鏢與豎直方向的夾角為，運動時間為，則水平位移如圖所示根據速度的合成與分解可得解得由于A飛鏢的方向與豎直方向的夾角小于B飛鏢與豎直方向的夾角，水平位移相同，所以B正確；A．根據水平位移相同，，所以，即A飛鏢擲出的初速度一定比B飛鏢擲出的初速度小，A錯誤；C．根據因為，A箭的射出點一定比B箭的射出點高，C正確；D．飛鏢在豎直方向的分速度因為，所以則箭射中箭靶時的速度因為，則無法比較兩支箭射中箭靶的速度，D錯誤。故選BC。9、AC【解析】

繩—球模型構成的圓周運動滿足機械能守恒，平拋運動有分運動公式，建立水平距離d關于R的函數求出最大值.【詳解】設小球經過a點的速度為，小球沿著光滑的軌道從b到a的過程只有重力做功，由機械能守恒定律：；而小球從a點做平拋運動，，；聯立各式可得：，可知根號下的表達式為R作自變量的二次函數，則當時，即，水平距離有最大值；故選AC.【點睛】本題考查機械能守恒定律與平拋運動規(guī)律的應用，要注意明確物理過程，正確選擇物理規(guī)律結合數學函數求極值的方法準確求解．10、ABD【解析】

試題分析：不加電場時，小球做平拋運動，加電場時，小球做類平拋運動，根據，則，因為水平方向上做勻速直線運動，可知t2＞t1，則a＜g，可知小球一定帶負電，所受的電場力向上，且小于重力的大小，故A、B正確．因為做類平拋運動或平拋運動時，小球在某時刻的速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，由于位移方向相同，則小球兩次落在斜面上的速度方向一定相同．根據平行四邊形定則知，初速度相同，則落在斜面上的速度大小相等，故C錯誤，D正確．故選ABD．考點：平拋運動【名師點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動和類平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，并且要記住平拋運動某時刻的速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，結合運動學公式靈活求解，難度中等．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、小車與滑輪間的細繩與長木板平行C0.54不變【解析】

(1)[1]小車受重力、支持力，拉力、摩擦力，其中要使測力計的示數等于小車所受的合外力，即合力方向平行長木板，則必須保證小車與滑輪間的細繩與長木板平行；[2]小車從靠近甲光電門處由靜止開始做勻加速運動，位移；改變小車質量m，測得多組m、t的值，所以加速度，位移不變，所以a與t2成反比，若t2與m成正比，則合外力一定時，加速度與質量成反比，AB．若t2與m成正比，則合外力一定時，加速度與質量成反比，而兩圖像中的函數關系為t與m的關系，AB錯誤；C．圖中t2與m成正比，則合外力一定時，加速度與質量成反比，C正確；D．圖中t2與m不成正比，D錯誤；(2)[3]小車由靜止開始做勻加速運動，位移，；根據牛頓第二定律，對于沙和沙桶有：，變形可得：；則圖線的斜率為；[4]若小車與長木板間的摩擦不能忽略，則，即，k與摩擦力是否存在無關，若小車與長木板間的摩擦不能忽略，圖示測得圖線斜率將不變。12、（1）0.195（2）1【解析】

（1）根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量，運用逐差法求出小車的加速度．（2）根據牛頓第二定律得出a與F的關系式即可分析質量較大的圖線．【詳解】（1）根據△x=aT2，運用逐差法得：，（2）根據牛頓第二定律得F=ma，變形得：，即a-F圖線的斜率表示質量的倒數，則斜率越小質量越大，故1圖線的質量較大．【點睛】掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用．在該實驗中，知道當鉤碼的質量遠遠小于小車質量時，鉤碼的重力才能近似等于小車的合力．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)1×104V(