2025屆河南省名校物理高二上期中檢測模擬試題含解析

2025屆河南省名校物理高二上期中檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，兩板間有一個帶正電的檢驗電荷固定在P點，如圖所示，以C表示電容器的電容，E表示兩板間的場強，表示P點的電勢，表示正電荷在P點的電勢能，若正極板保持不動，將負極板緩慢向右平移一小段距離，則下列各物理量與負極板移動距離x的關系圖像正確的是（）A． B．C． D．2、從空中某一高度同時平拋，自由落下兩個質(zhì)量均為m的小球，不計空氣阻力，在小球落至地面的過程中（）A．它們的動能變化不同，動量變化相同B．它們的動能變化相同，動量變化相同C．它們的動能變化不同，動量變化不同D．它們的動能變化相同、動量變化都不同3、兩個絕緣導體環(huán)AA′、BB′大小相同，環(huán)面垂直，環(huán)中通有相同大小的恒定電流，如圖所示，則圓心O處磁感應強度的方向為（AA′面水平，BB′面垂直紙面）（）A．指向左上方 B．指向右下方 C．豎直向上 D．水平向右4、為了使電爐消耗的電功率減小到原來的一半，應采取下列哪項措施（）A．保持電阻不變，使電流減半；B．保持電阻不變，使電壓減半；C．保持電爐兩端電壓不變，使其電阻減半；D．使電壓和電阻各減半5、一學習小組利用如圖所示的實驗裝置，研究向心力與質(zhì)量、角速度和半徑的關系。同學們所采用的研究方法是（）A．類比法B．科學推理法C．控制變量法D．等效替代法6、通過一個導體電流是5A,經(jīng)過4min通過該導體一個截面的電量是()A．20CB．50CC．1200CD．2000C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，有一帶電物體處在一個斜向上的勻強電場E中，由靜止開始沿天花板向左做勻速直線運動，下列說法正確的是（）A．物體一定帶正電B．物體一定帶負電C．物體不一定受彈力的作用D．物體一定受彈力的作用8、如圖所示，AB、CD為一圓的兩條直徑，且互相垂直，O點為圓心．空間存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行．現(xiàn)有一電子，在電場力作用下（重力不計），先從A點運動至C點，動能減少了W；又從C點運動至B點，動能增加了W，那么關于此空間存在的靜電場可能是A．方向垂直于AB并由C指向O的勻強電場B．方向垂直于AB并由O指向C的勻強電場C．位于O點的正點電荷形成的電場D．位于D點的正點電荷形成的電場9、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時，下面判斷正確的是（）A．L1和L3變亮，L2變暗B．L1變暗，L2變亮，L3亮度不變C．L1中電流變化值小于L3中電流變化值D．L1中電流變化值等于L3中電流變化值10、一電壓表由電流表G與電阻R串聯(lián)而成，如圖所示．若在使用中發(fā)現(xiàn)此電壓表的示數(shù)總是比準確值稍小一些，采取下列哪種措施加以改進？()A．在R上串聯(lián)一比R小得多的電阻B．換用比R大點兒的電阻C．換用比R小點兒的電阻D．在R上并聯(lián)一比R大得多的電阻三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖(a)為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖．圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為480Ω.虛線方框內(nèi)為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連．該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋．(1)圖(a)中的A端與________（填“紅”或“黑”）色表筆相連接．(2)關于R6的使用，下列說法正確的是________（填正確答案標號）．A．在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置C．使用電流擋時，調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置(3)根據(jù)題給條件可得R1＋R2＝________Ω，R4＝________Ω.(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示．若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為________；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為________；若此時B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為________．（結果均保留3位有效數(shù)字）12．（12分）實驗室有一個內(nèi)阻Rg=100Ω，量程為0~0.6mA的小量程電流表，現(xiàn)將該電流表改裝成量程為0~3V的電壓表，則應___________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個R=___________Ω的電阻?，F(xiàn)將改裝后的電壓表測某一電壓，讀數(shù)時指針位置如圖，則所測電壓為___________V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）小型直流電動機其線圈內(nèi)阻為與規(guī)格為“4V4W”的小燈泡并聯(lián),再與阻值為的電阻串聯(lián),然后接至的電源上,如圖所示,小燈泡恰好正常發(fā)光,電動機正常工作,求：（1）電動機的發(fā)熱功率？（2）如果在正常工作時,轉(zhuǎn)子突然被卡住,求此時電動機中的電流？14．（16分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內(nèi)阻r=1Ω，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V6W”的燈泡L和內(nèi)阻r′=0.5Ω的小型直流電動機均恰能正常工作，求：⑴電路中的電流強度；⑵電動機的輸出功率；⑶電源的效率．15．（12分）如圖所示，有一對平行金屬板，兩板相距為0.05m，電壓為10V。兩板之間有勻強磁場，磁感應強度大小為B0=0.1T，方向與金屬板面平行并垂直于紙面向里。圖中右邊有一半徑R為0.1m、圓心為O的圓形區(qū)域內(nèi)也存在勻強磁場，磁感應強度大小為B=33T（1）離子速度v的大小；（2）離子的比荷q/m；（3）離子在圓形磁場區(qū)域中運動時間t。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．由電容器的決定式：可知C與兩極板間距離d成反比，故C與x不是線性關系，故A錯誤；B．電容器充電后與電源斷開，電荷量Q不變，由:可得：所以可知電場強度E是定值，故B錯誤；C．因負極板接地，電勢為零，所以P點電勢為：L為P點到負極板的初始距離，因為E不變，隨x增大而線性減小，故C正確；D．由：可知與成正比，故也隨x增大而線性減小，故D錯誤。故選C。2、B【解析】

根據(jù)動能定理知，兩球在整個運動過程中只有重力做功，下降的高度相同，則重力做功相同，動能的變化量相同；因下落的時間相同，根據(jù)動量定理ΔP=mgt可知動量的變化相同，選項B正確，ACD錯誤；故選B。3、A【解析】

根據(jù)安培定則可知：導體環(huán)AA′在O處產(chǎn)生的磁場方向為豎直向上，導體環(huán)BB′在O處產(chǎn)生的磁場方向為水平向左，按平行四邊形定則可知，O處磁感應強度的方向為指向左上方，故A正確，BCD錯誤。4、D【解析】

A、由可知，保持電阻不變，使電流減半，功率變?yōu)樵瓉淼模诲e誤B、由可知，保持電阻不變，使電壓減半，功率變?yōu)樵瓉淼?；錯誤C、由可知，保持電爐兩端電壓不變，使其電阻減半，則功率變?yōu)樵瓉淼?倍；錯誤D、由可知，使電壓和電阻各減半，則功率變?yōu)樵瓉淼?；正確5、C【解析】

在研究物體的“向心力與質(zhì)量、角速度與半徑”的關系時，由于變量較多，因此采用了“控制變量法”進行研究，分別控制一個物理量不變，看另外兩個物理量之間的關系，故ABD錯誤，C正確。6、C【解析】

t=4min=240s，通過導體橫截面的電荷量：Q=It=5A×240s=1200C，故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

AB．物體由靜止向左勻速運動，所以物體在運動過程中受力平衡，由于物體受以地球向下的重力作用，故物體所受電場力有有豎直向上的分量，故電場力沿電場線方向向上，物體帶正電，故A正確，B錯誤．CD．又電場力沿電場方向向上，故電場力有水平方向的分力，而物體在水平方向受力平衡，故物體必受天花板的摩擦力作用，根據(jù)摩擦力的產(chǎn)生條件知，物體與天花板間必有彈力作用；故C錯誤，D正確．【點睛】知道電場方向與正電荷的受力方向相同，與負電荷的受力方向相反，這是解決本題的關鍵，能根據(jù)平衡判定物體所受彈力和摩擦力．8、AD【解析】考點：電勢能；點電荷的場強；勻強電場．專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析：根據(jù)電子的電勢能的變化確定A和B電勢相等．如果是勻強電場，AB連線是等勢線．根據(jù)電子先從A點運動至C點，動能減少了W去判斷A點和C點電勢高低，從而判斷場強方向．如果是點電荷形成的電場，根據(jù)電子先從A點運動至C點，動能減少了W去判斷場強方向．解答：解：現(xiàn)讓一電子先從A點運動至C點，動能減少了W；又從C點運動到B點，動能增加了W，所以A和B電勢相等．A、如果是勻強電場，AB連線是等勢線，勻強電場垂直于AB，由于電子先從A點運動至C點，動能能減少，則電勢能增加，所以A點電勢高于C點電勢，沿著電場線電勢一定降低．所以方向垂直于AB由O點指向C點，故A正確，B錯誤．C、如果位于O點的正點電荷形成的電場，A點電勢等于C點電勢，故C錯誤．D、位于D點的正電荷形成的電場，符合題意，故D正確．故選AD．點評：注意電勢能不僅與電荷有關還與電勢有關，分析時一定要帶入符號進行研究．9、AC【解析】

AB、當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故L1變亮；電路中總電流增大，故內(nèi)電壓及R0、L1兩端的電壓增大，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故L2變暗；因L2中電流減小，干路電流增大，故流過L3的電流增大，故L3變亮，A正確B錯誤．CD、因L1中電流增大，L3中電流增大，而L2中電流減小；開始時有：I1=I2+I3，故L3上電流變化量大于LI上的電流變化量，C正確D錯誤．10、CD【解析】試題分析：電流表與電流表都是由表頭改裝成的，電壓表是本題與分壓電阻串聯(lián)成的，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知，若電壓表讀數(shù)總比準確值小，說明通過本題的電流較小，應減小分壓電阻的大小，根據(jù)并聯(lián)電阻需要任一支路電阻可知，應在R上并聯(lián)一個比R大得多的電阻．解：電壓表的讀數(shù)總比準確值稍小一些，說明通過電流表G的電流偏小，串聯(lián)的電阻R偏大，為減小串聯(lián)電阻R的阻值需在R上并聯(lián)一個比R大得多的電阻，所以D正確；故選D【點評】電流表、電壓表的改裝，實質(zhì)上是電阻的串、并聯(lián)問題，只要分清分電流、總電流，分電壓、總電壓，應用歐姆定律就能解決三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、黑B1608801.47mA1.10×103Ω2.95V【解析】

(1)[1]歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，即紅進黑出，端與電池正極相連，電流從端流出，端與黑表筆相連；(2)[2]由電路圖可知只在測量電阻時才接入電路，故其作用只能進行歐姆調(diào)零，不能進行機械調(diào)零，同時在使用電流檔時也不需要調(diào)節(jié)；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析不符，故C錯誤；(3)[3]端與“1”“2”相連時，該多用電表擋位分別為直流2.5mA擋、直流1mA擋，如圖所示由電表的改裝原理可知端與“2”相連時，有：解得：[4]端與“4”相連時，如圖所示多用電表為直流電壓1V擋，表頭并聯(lián)部分電阻：(4)[5]端與“1”相連時，電表讀數(shù)為1.47mA；[6]端與“3”相連時，多用電表為歐姆×100Ω擋，讀數(shù)為：[7]端與“5”相連時，多用電表為直流電壓5V擋，讀數(shù)為：12、串聯(lián)49002.30【解析】

[1][2]設改裝成電壓表要串聯(lián)電阻的R，則

有：代入數(shù)據(jù)有：解得：R=4900Ω[3]因最小分度為0.1，則要估讀到下0.01位，則讀數(shù)為2.30V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解析】

(1)流經(jīng)燈泡的電流流經(jīng)電阻R的電流流經(jīng)電動機的電流電動機的發(fā)熱功率(2)如果在正常工作時,轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機相當于純電阻，燈泡的電阻為燈泡與電動機并聯(lián)的電阻為由歐姆定律可得，總電流為由所以流過電動機的電流為14、（1）2A（2）12W（3）90%【解析】解：（1）燈泡正常發(fā)光，電路流為：I=IL==A=2A；（2）電動機的額定工作電壓為：UM=E﹣I（R+r）﹣UL1=20﹣2×（4+1）﹣3=7V電動機的輸出功率為：P輸=U2I﹣I2r′=7×2﹣22×0.5=12W（3）電動機的電功率為：P電=UI=7×2W=14W