2025屆西藏林芝市第二高級中學物理高二上期末綜合測試試題含解析

2025屆西藏林芝市第二高級中學物理高二上期末綜合測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在粒子散射實驗中，電子對粒子運動的影響可以忽略，這是因為與粒子相比，電子A.電量太小 B.速度太小C.體積太小 D.質量太小2、如圖所示，通電直導線ab位于兩平行導線橫截面MN的連線的中垂線上，當平行導線通以同向等值電流時，以下說法中正確的是：A.ab順時針旋轉B.ab逆時針旋轉C.a端向外，b端向里旋轉D.a端向里，b端向外旋轉3、如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣塊，甲、乙疊放在一起置于光滑的水平地面上，空間存在著水平方向的勻強磁場，在水平恒力F的作用下，甲、乙無相對滑動地一起向左加速運動，在加速運動階段（）A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大B.甲、乙兩物塊間的摩擦力不變C.甲、乙向左運動的加速度不斷減小D.甲對乙的壓力不斷減小4、如圖所示，100匝的線圈兩端M、N與一個理想電壓表V相連。線圈內有方向垂直紙面向內的磁場，線圈中的磁通量按如圖所示規(guī)律變化。則下列說法正確的是（）A.電壓表示數為150V，M端接電壓表正接線柱 B.電壓表示數為150V，N端接電壓表正接線柱C.電壓表示數為50.0V，M端接電壓表正接線柱 D.電壓表示數為50.0V，N端接電壓表正接線柱5、如圖所示，豎直放置的圓環(huán)繞OO′以速轉動，OO′為過圓環(huán)圓心的豎直轉軸，A、B為圓環(huán)上的兩點，用vA，vB分別表示A、B兩點的線速度大小，用ωA、ωB分別表示A，B兩點的角速度大小，則下列關系正確的是（）A.ωA＜ωB B.ωA=ωBC.vA＞vB D.vA=vB6、已知G表的內阻為100Ω，滿偏電流為300μA，若用此表頭改裝成0.6A量程的電流表，則（）A.串聯一個199900Ω電阻 B.串聯一個0.05Ω電阻C.并聯一個199900Ω電阻 D.并聯一個0.05Ω電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，電流表A、電壓表V1、V2的讀數分別為I、U1和U2，C為電容器．在滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離的過程中，電流表A、電壓表V1、V2讀數變化量大小分別是ΔI、ΔU1和ΔU2，下列說法中正確的有A.電源的內阻消耗的電功率變大B.燈泡變亮、電容器所帶電量減少C.等于外電路總電阻，變小D.等于電源的內電阻，不變8、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r．將滑動變阻器的滑片P從圖示位置向右滑動的過程中，關于各電表示數的變化，下列判斷中正確的是（）A.電壓表V的示數變小B.電流表A2的示數變小C.電流表A1的示數變大D.電流表A的示數變大9、如圖甲,電動勢為E,內阻為r的電源與R=6Ω的定值電阻、滑動變阻器Rp、開關S組成串聯回路,已知滑動變阻器消耗的功率P與其接入電路的有效阻值Rp的關系如圖乙,下列說法正確的是A.電源的電動勢E=V,內阻r=4ΩB.定值電阻R消耗的最大功率為0.96WC.圖乙中Rx=25ΩD.調整滑動變阻器Rp的阻值可以得到該電源的最大輸出功率為1W10、某電容式話筒的原理如圖所示，E為電源，R為電阻，薄片P和Q為兩金屬極板，對著話筒說話時，P振動而Q可視為不動，當P、Q間距離增大時，下列判斷中正確的是（）A.P、Q構成的電容器的電容增加 B.P上電荷量保持不變C.有電流自M經R流向N D.PQ間的電場強度減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）螺旋測微器和游標卡尺的示數如圖（a）和圖（b）所示由上圖讀得圓柱體的直徑為________mm，長度為_______cm12．（12分）用10分度游標卡尺測一工件外徑的讀數如圖所示，讀數為____________cm；用螺旋測微器測一圓形工件的直徑讀數如圖所示，讀數為_____________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，在水平方向的勻強電場中，用長為l的絕緣細線，拴住質量為m、帶電量為q的小球，線的上端O固定，開始時將線和球拉成水平，松開后，小球由靜止開始向下擺動，當擺過60°角時，速度又變?yōu)榱悖畣枺海?）A、B兩點的電勢差多大？（2）電場強度多大？14．（16分）如圖所示是一個示波管工作原理圖，電子經電壓U1=4.5×103V加速后以速度v0垂直等間距的進入電壓U2=180V，間距為d=1.0cm，板長?=5.0cm的平行金屬板組成的偏轉電場，離開電場后打在距離偏轉電場s=10.0cm的屏幕上的P點，（e=1.6×10-19C，m=9.0×10-31kg）求：（1）射出偏轉電場時速度的偏角tanθ=？（2）打在屏幕上的側移位移OP=？15．（12分）如圖所示的平面直角坐標系xOy，在第Ⅰ象限內有平行于y軸的勻強電場，方向沿y正方向；在第Ⅳ象限的正三角形abc區(qū)域內有勻強電場，方向垂直于xOy平面向里，正三角形邊長為L，且ab邊與y軸平行。一質量為m、電荷量為q的粒子，從y軸上的P(0,h)點，以大小為的速度沿x軸正方向射入電場，通過電場后從x軸上的a(2h,0)點進入第Ⅳ象限，又經過磁場從y軸上的某點Q進入第Ⅲ象限，且速度與y軸負方向成角，不計粒子所受的重力。求(1)電場強度E的大?。?2)粒子到達a點時速度的大小和方向；(3)abc區(qū)域內磁場的磁感應強度B的最小值；(4)(3)情況下帶電粒子從P點運動到Q點歷經多長時間。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】在α粒子散射實驗中，由于電子的質量太小，電子的質量只有α粒子的，它對α粒子速度的大小和方向的影響就像灰塵對槍彈的影響，完全可以忽略．故D正確，A、B、C錯誤2、C【解析】導線M和N的磁感線都是同心圓。因此對ab上半段，M導線的磁感線指向右下，可以用左手定則判斷：a端受到向外的力。N導線的磁感線指向右上，也使a端受向外的力；同理也可以分析出b端受向里的力。從而使得a端轉向紙外，b端轉向紙里；A．ab順時針旋轉，與結論不相符，選項A錯誤；B．ab逆時針旋轉，與結論不相符，選項B錯誤；C．a端向外，b端向里旋轉，與結論相符，選項C正確；D．a端向里，b端向外旋轉，與結論不相符，選項D錯誤；故選C。3、B【解析】ABC．甲、乙兩物塊間沒有相對的滑動，是靜摩擦力，由于乙與地面之間的沒有摩擦力，整體的加速度不變，所以對于甲來說，靜摩擦力作為合力產生加速度，由于整體的加速度不變，所以甲、乙兩物塊間的摩擦力不變，故A錯誤，B正確，C錯誤；D．甲帶正電，在向左運動的過程中，受到的洛倫茲力的方向向下，所以對乙的壓力變大，故D錯誤。故選B4、C【解析】根據法拉第電磁感應定律得根據楞次定律，M端接電源正極，所以電壓表示數為50.0V，M端接電壓表正接線柱。故選C。5、B【解析】AB．因為A、B兩點同軸轉動，則角速度相同，即ωA=ωB，選項A錯誤，B正確；CD．根據v=ωr，因為rA<rB，則vA<vB，選項CD錯誤；故選B.6、D【解析】把電流表改裝成大量程電流表，需要并聯一個分流電阻，應用并聯電路特點與歐姆定律可以求出并聯電阻阻值解：把電流表改裝成0.6A電流表需要并聯一個分流電阻，分流電阻阻值：R==≈0.05Ω；則D正確，ABC錯誤故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】該電路R1和R2串聯，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓，根據閉合電路的動態(tài)分析即可；【詳解】A、滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離接入電路的的電阻變大，則總電阻變大，總電流變小，根據公式可知電源內阻消耗的電功率變小，故選項A錯誤；B、由于總電阻變大，總電流變小，則內電壓變小，則路端電壓增大，故燈泡變亮，即燈泡的電流變大，則通過電阻的電流變小，即電阻兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，根據公式可知電容器所帶電量減小，故選項B正確；C、電壓表測量路端電壓，根據部分電路歐姆定律可知：，則，通過上面的分析可知總電阻變大，即等于外電路總電阻，變大，故選項C錯誤；D、根據閉合電路歐姆定律可知：，則不變，故選項D正確【點睛】解決本題的關鍵抓住電源的電動勢和內阻不變，利用閉合電路歐姆定律進行動態(tài)分析，特別要理解8、BCD【解析】當滑片向右滑動時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則由U=E-Ir可知，路端電壓增大；則可知電流表A的示數減小，電壓表V的示數增大；故A錯誤，D正確；因路端電壓增大，A1中電流增大；因總電流減小，而R1中電流增大，則A2中電流減小，故BC正確．故選BCD9、BC【解析】將R看成電源內阻，當電源的內外電阻相等時RP的功率最大，由圖讀出RP的功率最大值及對應的阻值，即可求得電源的內阻，根據功率公式求出電源的電動勢．根據滑動變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時消耗的功率相等列式，可求得Rx．當RP=0時電路中電流最大，R消耗的功率最大．根據內外電阻相等時電源的輸出功率最大求該電源的最大輸出功率【詳解】由圖乙知，當RP=R+r=10Ω時，滑動變阻器消耗的功率最大，R=6Ω，可得內阻r=4Ω最大功率P==0.4W，解得E=4V，故A錯誤．滑動變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時消耗的功率相等，有4Rx=（R+r）2，解得Rx=25Ω，故C正確．當回路中電流最大時，定值電阻R消耗的功率最大，故最大功率為Pmax=()2R=0.96W，故B正確．當外電路電阻與電阻相等時，電源的輸出功率最大．本題中定值電阻R的阻值大于內阻的阻值，故滑動變阻器RP的阻值為0時，電源的輸出功率最大，最大功率為P出max=()2R=0.96W，故D錯誤．故選BC【點睛】解決本題的關鍵是掌握推論：當外電路電阻與電阻相等時，電源的輸出功率最大．對于定值電阻，當電流最大時其消耗的功率最大．對于變阻器的最大功率，可采用等效法研究10、CD【解析】A．電容式話筒與電源串聯，電壓保持不變。在PQ間距增大過程中，根據電容決定式得電容減小，故A錯誤；BCD．根據電容定義式得電容器所帶電量減小，電容器的放電電流通過R的方向由M到N，再根據場強知場強變小，故CD正確，B錯誤。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.844②.4.240【解析】螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數；游標卡尺主尺與游標尺的示數之和是游標卡尺的示數；【詳解】螺旋測微器：不動刻度為1.5mm，可動刻度為，則讀數為；游標卡尺的主尺讀數為，游標尺上第8個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數為，所以最終讀數為：；12、①.3.27cm;②.;【解析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【詳解】游標卡尺的主尺讀數為：3.2cm，游標尺上第7個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為0.1×7mm=0.7mm，所以最終讀數為：3.2cm+0.7mm=3.27cm螺旋測微器的固定刻度為1.5mm，可動刻度為0.01×5.8mm=0.058mm，所以最終讀數為1.558mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）AB兩點的電勢差UAB為﹣；（2）勻強電場的場強大小是【解析】（1）小球從A到B的過程中，重力做正功mgLsin60°，電場力做功為qUAB，動能的變化量為零，根據動能定理求解電勢差UAB；（2）根據電場強度與電勢差的關系U=Ed求解場強．式中d是AB沿電場線方向的距離，d=L﹣Lcos60°解：（1）小球由A到B過程中，由動能定理得：mgLsin60°+qUAB=0，解得：UAB=﹣；（2）BA間電勢差為：UBA=﹣UAB=，則場強：E==；答：（1）AB兩點的電勢差UAB為﹣；（2）勻強電場的場強大小是【點評】本題是帶電體在電場中平衡和圓周運動的問題，需要正確分析小球的運動過程和小球的受力情況，根據動能定理和平衡條件，以及電場知識綜合求解14、(1)0.1(2)1.25cm【解析】(1)設電子經加速電場U1加速后以速度v0進入偏轉電場，由動能定理有：代入數據解得：；進入偏轉電場后做類平拋運動，在電場線方向有：經時間t1飛出電場有：沿電場方向的速度：設射出偏轉電場時速度的偏角為，則：(2)飛出電場時偏轉量為：由以上各式代入數據得：設電子從偏轉場穿出時，沿y方向的速度為vy，穿出后到達屏S所經歷的時間為t2，在此時間內電