2025屆江西省九江同文中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)測試試題含解析

2025屆江西省九江同文中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)測試試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩根相距為l的平行直導(dǎo)軌ab、cd，b、d間連有一定值電阻R，導(dǎo)軌電阻可忽略不計．MN為放在ab和cd上的一導(dǎo)體桿，與ab垂直，其電阻也為R．整個裝置處于勻強磁場中，磁感應(yīng)強度的大小為B，磁場方向垂直于導(dǎo)軌所在平面(指向圖中紙面內(nèi))．現(xiàn)對MN施力使它沿導(dǎo)軌方向以速度v(如圖)做勻速運動．令U表示MN兩端電壓的大小，則()A.U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由b到dB.U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由d到bC.U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由b到dD.U＝Blv，流過定值電阻R的感應(yīng)電流由d到b2、下列物理量中，其運算法則遵從平行四邊形定則的是A.電勢 B.電勢差C.電容 D.磁感應(yīng)強度3、下列關(guān)于磁感應(yīng)強度的說法中正確的是()A.若長為L、電流為I的導(dǎo)線在某處受到的磁場力為F，則該處的磁感應(yīng)強度必為B.磁感應(yīng)強度的方向就是小磁針北極所受磁場力的方向C.由B＝知，B與F成正比，與IL成反比D.由B＝知，磁場中某處的磁感應(yīng)強度的大小隨通電導(dǎo)線中電流I的減小而增大4、某運動員在米跨欄時采用蹲踞式氣泡，發(fā)令槍響后，左腳迅速蹬離起跑器，在向前加速的同時提升身體重力，如圖所示，假設(shè)質(zhì)量為的運動員，在起跑時前進(jìn)的距離內(nèi)，重心上升高度為，獲得的速度為，克服阻力做功為，則在此過程中，下列說法中正確的是（）A.運動員的重力做功為B.運動員機(jī)械能增量為C.運動員的動能增加量D.運動員自身做功為5、如圖所示電路中，當(dāng)滑動變阻器滑片P從a端向b端滑動時，以下判斷正確的是（）A.電壓表讀數(shù)變大，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮B.電壓表讀數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，燈L2變亮C.電壓表讀數(shù)變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗D.電壓表讀數(shù)變小，通過燈L2的電流變大，燈L1變暗6、如圖所示,電荷的速度方向、磁場方向和電荷的受力方向之間關(guān)系正確的是()A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列關(guān)于光學(xué)知識及應(yīng)用的敘述，正確的有A.泊松亮斑是光的干涉現(xiàn)象B.天空的彩虹是不同色光在水汽中折射率不同造成的C.照相機(jī)鏡頭的增透膜利用了光的偏振D.醫(yī)學(xué)上的內(nèi)窺鏡是利用光在光纖的兩層玻璃界面發(fā)生全反射8、如圖所示，電流表A1（0~3A）和A2（0~0.6A）是由兩個相同的電流表改裝而成，現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器，下列說法中正確的是（）A.A1、A2的讀數(shù)之比為1∶1B.A1、A2的讀數(shù)之比為5∶1C.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶1D.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶59、如圖甲所示，電阻為5Ω、匝數(shù)為100匝的線圈（圖中只畫了2匝）兩端A、B與電阻R相連，R=95Ω．線圈內(nèi)有方向垂直于紙面向里的磁場，線圈中的磁通量在按圖乙所示規(guī)律變化．則A.A點的電勢小于B點的電勢B.在線圈位置上感應(yīng)電場沿逆時針方向C.0.1s時間內(nèi)通過電阻R的電荷量為0.05CD.0.1s時間內(nèi)非靜電力所做的功為2.5J10、圖示是某導(dǎo)體的I-U圖線，圖中α=45°，下列說法正確的是A.通過電阻的電流與其兩端的電壓成正比B.此導(dǎo)體的電阻R=2ΩC.I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以電阻R=cot45°=1.0ΩD.在R兩端加6.0V電壓時，每秒通過電阻截面的電量是6.0C三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用多用表測量電阻，主要步驟如下：（1）把紅表筆插入_________插孔，黑表筆插入_________插孔；（2）把選擇開關(guān)旋至R×100檔；（3）把紅表筆和黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕進(jìn)行_________；（4）然后測量電阻，多用電表示數(shù)如圖，則該電阻的阻值為_________Ω。12．（12分）為了測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗室中準(zhǔn)備了下列器材：待測干電池E（電動勢約1.5V，內(nèi)阻約1.0Ω）電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻10Ω）電流表A（量程0~0.60A，內(nèi)阻約0.10Ω）滑動變阻器R1（0~20Ω，2A）滑動變阻器R2（0~100Ω，1A）定值電阻R3=990Ω開關(guān)S和導(dǎo)線若干（1）小明同學(xué)在某一次的測量過程中兩電流表的指針偏轉(zhuǎn)如圖（甲）所示，則電流表A的讀數(shù)為____A，電流表G的讀數(shù)為____mA；（2）請在虛線框中畫出他的實驗電路圖。（標(biāo)明所選儀器的符號）______（3）圖（乙）為小明根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的I1-I2圖線（I1為電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù)），由該圖線可得被測干電池的電動勢E=____V，內(nèi)阻r=____Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，軌道ABCD的AB段為一半徑R＝1m的圓形軌道，BC段為高為h＝5m的豎直軌道，CD段為水平軌道。一質(zhì)量為0.2kg的小球由A點運動到B點，離開B點做平拋運動，由于存在摩擦力的緣故小球在圓弧軌道上的速度大小始終為2m/s（g取10m/s2）。求：（取π＝3）(1)小球從A點運動到水平軌道的時間；(2)小球到達(dá)B點時對圓形軌道的壓力的大小和方向。14．（16分）如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v沿垂直磁場方向射入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，在磁場中做勻速圓周運動，不計帶電粒子所受重力：（1）求粒子做勻速圓周運動的半徑R和周期T；（2）為使該粒子做勻速直線運動，還需要同時存在一個與磁場方向垂直的勻強電場，求電場強度E的大小。15．（12分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強電場，電場強度為E，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強磁場.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點射入磁場，最后從y軸負(fù)半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，（P點未畫出）已知ON=2OM,不計粒子重力，求：（1）帶電粒子從N點進(jìn)入磁場時的速度大小和方向？（2）磁感應(yīng)強度大小B？（3）粒子由M點到P點運動時間？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】當(dāng)MN勻速運動時，MN相當(dāng)于電源．由右手定則判斷電流的方向．再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出MN兩端電壓的大小當(dāng)MN沿導(dǎo)軌方向以速度v勻速運動運動時，由法拉第電磁感應(yīng)定律得：，由閉合電路歐姆定律可得：MN兩端電壓大小為，由右手定則可知流過固定電阻R的感應(yīng)電流由b到d．故選A2、D【解析】ABC．電勢、電勢差、電容都是只有大小沒有方向的標(biāo)量，運算時遵循代數(shù)加減法則，故A、B、C錯誤；D．磁感應(yīng)強度是既有大小有方向的矢量，運算法則遵從平行四邊形定則，故D正確；故選D。3、B【解析】A、公式成立的條件是：通電導(dǎo)線必須與磁場方向垂直；錯誤B、磁感應(yīng)強度的方向規(guī)定為小磁針北極所受磁場力的方向；正確CD、公式是磁感應(yīng)強的的定義式，磁感應(yīng)強度由磁場本身決定，與通電導(dǎo)線即其受力無關(guān)；錯誤故選B考點：對磁感應(yīng)強度的理解點評：注意磁感應(yīng)強度是描述磁場的物理量，由場本身的情況決定，與導(dǎo)線長度、電流大小等無關(guān)．方向為小磁針N極受力的方向或小磁針靜止時N極所指的方向4、B【解析】運動員的重心升高量為h，則運動員的重力做功為，故A錯誤；運動員的重心升高量為h，獲得的速度為v，則其機(jī)械能增加量為，故B正確；運動員起跑前處于靜止?fàn)顟B(tài)，起跑后獲得的速度為v，則運動員的動能增加了，故C錯誤；根據(jù)動能定理得，得到，故D錯誤5、B【解析】ABCD．由電路圖可知，與L1并聯(lián)，再與L2串聯(lián)，電壓表并聯(lián)在L1兩端。當(dāng)滑動變阻器滑片P從a端向b端滑動時，的阻值變小，分得的電壓變小，電壓表示數(shù)變小，L1兩端的電壓變小，流過L1的電流變小，燈L1變暗，L2兩端電壓變大，流過L2的電流變大，燈L2變亮。故選B。6、D【解析】根據(jù)左手定則可知：A圖中電荷運動方向與磁場方向在一條線上，不受洛倫茲力，故A錯誤；B圖中電荷運動方向與磁場方向在一條線上，不受洛倫茲力，故B錯誤；C圖中洛倫茲力方向向下，C錯誤；D圖中洛倫茲力的方向向下，故D正確；故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，選項A錯誤；天空的彩虹是不同色光在水汽中折射率不同造成的，選項B正確；照相機(jī)鏡頭的增透膜利用了光的干涉現(xiàn)象，選項C錯誤；醫(yī)學(xué)上的內(nèi)窺鏡是利用光在光纖的兩層玻璃界面發(fā)生全反射，選項D正確；故選BD.8、BC【解析】AB．量程不同的電流表讀數(shù)不同，電流表A1的量程為3A，A2的量程為0.6A，當(dāng)偏轉(zhuǎn)角相同時，A1、A2的讀數(shù)之比為5∶1，A錯誤，B正確；CD．圖中的A1、A2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，所以A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶1，C正確，D錯誤。故選BC。9、BCD【解析】線圈相當(dāng)于電源，由楞次定律可知A相當(dāng)于電源的正極，B相當(dāng)于電源的負(fù)極．A點的電勢高于B點的電勢，在線圈位置上感應(yīng)電場沿逆時針方向，選項A錯誤，B正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律得：，由閉合電路的歐姆定律得：，則0.1s時間內(nèi)通過電阻R的電荷量為q=It=0.05C，選項C正確；0.1s時間內(nèi)非靜電力所做的功為W=Eq=50×0.05J=2.5J，選項D正確；故選BCD.10、AB【解析】A.由圖像知通過電阻的電流與其兩端的電壓成正比，故A正確；B.根據(jù)電阻的定義可知：，故B正確C.單位不同，傾角不同，電阻不能通過傾角正切值求得，故C錯誤；D.在R兩端加6.0V電壓時，電流為3A,所以，故D錯誤故選AB三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).正極(2).負(fù)極(3).歐姆調(diào)零（寫調(diào)零即可）(4).【解析】(1)[1][2]根據(jù)多用電表的使用方法，為了操作簡單，紅表筆插入正極，黑表筆插入負(fù)極；(3)[3]使用歐姆表之前要進(jìn)行歐姆調(diào)零；(4)[4]讀數(shù)為22，然后乘以檔位，阻值為12、①.0.22②.1.30③.④.1.47（1.46-1.48都正確）⑤.0.76Ω（0.68-0.88都正確）【解析】（1）根據(jù)電表的量程確定最小分度，則可求得指針的示數(shù)；（2）本實驗中只需得出流過電源的電流及電源的路端電壓即可，分析給出的儀器可知電路的接法及電表的使用；（3）由閉合電路歐姆定律可得出與題目中給出儀器有關(guān)的表達(dá)式，再由數(shù)學(xué)規(guī)律可得出電動勢和內(nèi)電阻?！驹斀狻浚?）[1]電流表量程為0.6A，則最小分度為0.02A，讀數(shù)為0.22A；[2]電流表量程為3mA，最小分度為0.1mA，則指針示數(shù)為1.30mA；（2）[3]本題中可用電流表G與定值電阻串聯(lián)作為電壓表使用，再將滑動變阻器R1與電流表A串接在電源兩端即可，如圖：（3）[4][5]由閉合電路歐姆定律可得變形得由數(shù)學(xué)知可得由圖可知b=1.47k==0.76×10-3故解得E=1.47V（1.46-1.48都正確）r=0.76Ω（0.68-0.88都正確）【點睛】本題要注意電路中采用的是安安法測電動勢和內(nèi)電阻，其本質(zhì)就是用其中的表頭改裝電壓表；另外在解題時要注意一些細(xì)節(jié)，如圖像中的縱坐標(biāo)不是從零開始變化的，并且其單位為mA等，都應(yīng)細(xì)心觀察。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)1.75s；(2)2.8N，方向豎直向下【解析】(1)小球從運動到運動的時間為小球離開點到水平軌道做平拋運動，則有代入數(shù)據(jù)解得所以小球從點運動到水平軌道的時間(2)在點，由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得由牛頓第三定律知小球?qū)壍赖膲毫椋较蜇Q直向下14、（1），；（2）。【解析】（1）粒子在磁場中受洛倫茲力F=qvB，洛倫茲力提供粒子做勻速圓周運動所需的向心力，有則粒子做勻速圓周運動半徑粒子做勻速圓周運動周期可得（2）分析知粒子帶正電，