河南省洛陽(yáng)市名校2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

河南省洛陽(yáng)市名校2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿(mǎn)、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線(xiàn)條、符號(hào)等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，在傾角為的光滑斜面上，垂直紙面放置一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒中電流為I．要使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，需要外加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值不可能為()A. B.C. D.2、在高度為h的同一位置向水平方向同時(shí)拋出兩個(gè)小球A和B，若A球的初速度vA大于B球的初速度vB，則下列說(shuō)法中不正確的是（）A.A比B先落地B.在飛行過(guò)程中的任一段時(shí)間內(nèi)，A的水平位移總是大于B的水平位移C.若兩球在飛行中遇到一堵豎直墻，A擊中墻的高度大于B擊中墻的高度D.在空中飛行的任意時(shí)刻，A總在B的水平正前方，且A的速率總是大于B的速率3、關(guān)于科學(xué)家在電磁學(xué)中的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法不符合歷史事實(shí)的是（）A.庫(kù)倫測(cè)出了靜電力常量KB.安培提出了左手定則判斷磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力方向C.洛倫茲提出了分子電流假說(shuō)D.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)4、如圖所示的裝置中，子彈A沿水平方向射入木塊B并留在其中，木塊將彈簧壓縮到最短．從子彈開(kāi)始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個(gè)過(guò)程中，不計(jì)木塊與水平面間摩擦，子彈、木塊和彈簧組成的系統(tǒng)（）A.動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B.動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒C.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒D.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒5、如圖所示，三個(gè)線(xiàn)圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，面積.穿過(guò)三個(gè)線(xiàn)圈的磁通量分別為、和，下列判斷正確的是（）A. B.C. D.6、電流表的內(nèi)阻是Rg＝200Ω，滿(mǎn)刻度電流值是Ig＝500μA，現(xiàn)欲把這電流表改裝成量程為2.0V的電壓表，正確的方法是A.應(yīng)串聯(lián)一個(gè)0.05Ω的電阻 B.應(yīng)并聯(lián)一個(gè)0.05Ω的電阻C.應(yīng)串聯(lián)一個(gè)3800Ω的電阻 D.應(yīng)并聯(lián)一個(gè)3800Ω的電阻二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，指紋傳感器半導(dǎo)體基板上陣列了10萬(wàn)金屬顆粒，每一顆粒充當(dāng)電容器的一個(gè)板，當(dāng)手指的指紋與傳感器絕緣表面接觸時(shí)，手指指紋構(gòu)成電容器的另一個(gè)極。由于指紋深淺不同，對(duì)應(yīng)的峪（本義：山谷）和嵴（本義：山脊）與半導(dǎo)體基板上的金屬顆粒間形成一個(gè)個(gè)電容值不同的電容器。其工作過(guò)程是通過(guò)對(duì)電容器感應(yīng)顆粒預(yù)先充電到某一參考電壓，然后對(duì)每個(gè)電容的放電電流進(jìn)行測(cè)量，設(shè)備將采集到不同的數(shù)值匯總，也就完成了指紋的采集。若金屬顆粒與手指指紋間組成的每個(gè)電容電壓保持不變，則（）A.對(duì)比峪，指紋的嵴處形成的電容器的電容小B.對(duì)比峪，指紋的嵴處形成的電容器的電容大C.在手指擠壓絕緣表面時(shí)，電容器電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量增大D.在手指擠壓絕緣表面時(shí)，電容器電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量減小8、如圖所示為氫原子能級(jí)的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干種不同頻率的光．關(guān)于這些光，下列說(shuō)法正確的是()A.最容易表現(xiàn)出波動(dòng)性的光是由n＝4能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的B.這些氫原子最多可輻射出6種不同頻率的光C.若用n＝3能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)輻射出的光照射某金屬恰好發(fā)生光電效應(yīng)，則用n＝4能級(jí)躍遷到n＝3能級(jí)輻射出的光照射該金屬一定能發(fā)生光電效應(yīng)D.用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為3.86eV9、如圖所示，回旋加速器D形盒的半徑為R，用該加速器給質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子加速，狹縫間交變電場(chǎng)的電壓為U、周期為T(mén)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，忽略質(zhì)子通過(guò)盒縫的時(shí)間。下列說(shuō)法正確的有（）A.交變電場(chǎng)的周期為T(mén)＝B.增加電壓U可以增加質(zhì)子離開(kāi)出口的動(dòng)能C.題知條件不變，該加速器可以直接用來(lái)加速氘核D.增加電壓U可以縮短質(zhì)子在回旋加速器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間10、如圖所示，有一個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，一半徑為r金屬圓環(huán)放置在磁場(chǎng)中，金屬圓環(huán)所在的平面與磁場(chǎng)垂直．金屬桿Oa一端在O，另一端a擱在環(huán)上金屬桿Oa可繞環(huán)的圓心O旋轉(zhuǎn)，另一金屬桿Ob一端固定在O點(diǎn)，另一端b固定在環(huán)上，．已知Oa桿以角速度ω勻速旋轉(zhuǎn)，所有接觸點(diǎn)接觸良好，Ob不影響Oa的轉(zhuǎn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.流過(guò)Oa的電流方向?yàn)镺指向aB.流過(guò)Oa的電流方向?yàn)閍指向OC.Oa旋轉(zhuǎn)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為Bωr2D.Oa旋轉(zhuǎn)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為Bωr2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)用伏安法測(cè)定待測(cè)電阻Rx的阻值（約為20Ω）除了Rx、開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線(xiàn)外，還有下列器材供選用：A．電壓表（量程0～3V，內(nèi)阻約3KΩ）B．電壓表（量程0～15V，內(nèi)阻約10kΩ）C．電流表（量程0～200mA，內(nèi)阻約5Ω）D．電流表（量程0～3A，內(nèi)阻約0.05Ω）E．電源（電動(dòng)勢(shì)3V，額定電流0.5A，內(nèi)阻不計(jì)）F．電源（電動(dòng)15V，額定電流2.5A，內(nèi)阻不計(jì)）G．滑動(dòng)變阻器R0（阻值范圍0～5Ω，額定電流2A）①為使測(cè)量盡量準(zhǔn)確，電壓表選用________，電流表選用________，電源選用________。（均填器材的字母代號(hào)）②畫(huà)出測(cè)量Rx阻值的實(shí)驗(yàn)電路圖。（）12．（12分）在測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供了合適的的實(shí)驗(yàn)器材(1)甲同學(xué)按電路圖a進(jìn)行測(cè)量實(shí)驗(yàn)，其中R2為保護(hù)電阻，則①請(qǐng)用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)在圖b中完成電路的連接______；②根據(jù)電壓表的讀數(shù)U和電流表的讀數(shù)I，畫(huà)出U-I圖線(xiàn)如圖c所示，可得電源的電動(dòng)勢(shì)E=___________V，內(nèi)電阻r=___________Ω(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(2)乙同學(xué)誤將測(cè)量電路連接成如圖d所示，其他操作正確，根據(jù)電壓表的讀數(shù)U和電流表的讀數(shù)I，畫(huà)出U-I圖線(xiàn)如圖e所示，可得電源的電動(dòng)勢(shì)E=___________V，內(nèi)電阻r=___________Ω(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線(xiàn)上端固定，下端系一個(gè)電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電小球?？臻g存在有豎直向下、場(chǎng)強(qiáng)大小為的勻強(qiáng)電場(chǎng)和水平向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)將小球從絕緣細(xì)線(xiàn)與豎直方向夾角為θ=60°的位置由靜止釋放，小球在垂直于磁場(chǎng)的豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)．己知重力加速度為g，小球的電荷量保持不變，不計(jì)空氣阻力．求：（1）小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，小球速度的大??；（2）小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，細(xì)線(xiàn)拉力F的大??；（3）從小球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到小球第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，小球電勢(shì)能的變化量ΔEp。14．（16分）某控制帶電粒子運(yùn)動(dòng)的儀器原理如圖所示，區(qū)域PP′M′M內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E＝1.0×103V/m，寬度d＝0.05m，長(zhǎng)度L＝0.40m；區(qū)域MM′N(xiāo)′N(xiāo)內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2.5×10－2T，寬度D＝0.05m，比荷＝1.0×108C/kg的帶正電的粒子以水平初速度v0從P點(diǎn)射入電場(chǎng)．邊界MM′不影響粒子的運(yùn)動(dòng)，不計(jì)粒子重力(1)若v0＝8.0×105m/s，求粒子從區(qū)域PP′N(xiāo)′N(xiāo)射出的位置；(2)若粒子第一次進(jìn)入磁場(chǎng)后就從M′N(xiāo)′間垂直邊界射出，求v0的大小；(3)若粒子從M′點(diǎn)射出，求v0滿(mǎn)足的條件15．（12分）如圖所示：寬度的足夠長(zhǎng)的U形金屬框架水平放置，框架處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度，框架導(dǎo)軌上放一根質(zhì)量、電阻的金屬棒ab，棒ab與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)，現(xiàn)用功率恒為6W的牽引力F使棒從靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)棒始終與導(dǎo)軌接觸良好且垂直，當(dāng)棒的電阻R產(chǎn)生熱量時(shí)獲得穩(wěn)定速度，此過(guò)程中，通過(guò)棒的電量框架電阻不計(jì)，g取問(wèn)：棒達(dá)到的穩(wěn)定速度多大？棒從靜止到穩(wěn)定速度的時(shí)間為多少？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】通電導(dǎo)線(xiàn)在磁場(chǎng)中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定則來(lái)確定安培力的方向；由三力平衡知識(shí)分析得最小安培力.【詳解】當(dāng)磁場(chǎng)方向垂直于斜面向下時(shí)，此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，有共點(diǎn)力平衡可知：mgsinθ=BIL，解得：，方向垂直于斜面向下；故A、B、C項(xiàng)的值均可能，D項(xiàng)的值不可能.本題選不可能故選D.【點(diǎn)睛】學(xué)會(huì)區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向2、A【解析】?jī)汕蚨甲銎綊佭\(yùn)動(dòng)，由h得：t，則知平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是由豎直高度決定的，AB兩個(gè)球的高度是相同的，所以它們的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也是相同的，同時(shí)落地，故A不正確；由于A球的初速度vA大于B球的初速度vB，所以由公式x＝v0t知，在飛行過(guò)程中的任一段時(shí)間內(nèi)，A球的水平位移總是大于B球的水平位移，故B正確；遇到墻時(shí)，AB兩球的水平位移是相同的，由于A球的初速度vA大于B球的初速度vB，所以A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間要比B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，再根據(jù)h，可知，A下落的距離小，所以A球擊中墻的高度大于B球擊中墻的高度，故C正確；AB兩個(gè)球在豎直方向上的運(yùn)動(dòng)情況是一樣的，豎直方向的速度的大小始終相同，但是A球的初速度vA大于B球的初速度vB，所以在空中飛行的任意時(shí)刻，A球總在B球的水平正前方，A球的速率總是大于B球的速率，故D正確；本題選不正確的，故選A.3、C【解析】A．庫(kù)倫也用類(lèi)似的扭秤裝置測(cè)出了靜電力常量k，故A正確；B．安培提出了左手定則判斷磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力方向，故B正確；C．安培提出了分子電流假說(shuō)，故C錯(cuò)誤；D．奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故D正確。故選C。4、D【解析】在木塊與子彈一起向左運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧的過(guò)程中，由于墻對(duì)彈簧有作用力，則木塊、子彈、彈簧所組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒；在子彈擊中木塊的過(guò)程中，要克服摩擦力做功，系統(tǒng)的部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。【點(diǎn)睛】本題考查了判斷系統(tǒng)動(dòng)量與機(jī)械能是否守恒，知道動(dòng)量與機(jī)械能守恒的條件、分析清楚過(guò)程即可正確解題5、D【解析】因?yàn)槭窃谕粋€(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，所以磁感應(yīng)強(qiáng)度處處相同，根據(jù)可知三個(gè)線(xiàn)圈的面積越大，磁通量越大，故，D正確6、C【解析】把電流表改裝成2V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為：A．與分析不符，故A錯(cuò)誤；B．與分析不符，故B錯(cuò)誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯(cuò)誤；故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】AB．對(duì)比峪，指紋的嵴處與半導(dǎo)體基板上對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離近，根據(jù)電容的決定式得知其電容大，，A錯(cuò)誤B正確；CD、在手指擠壓絕緣表面時(shí)，手指與對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離靠近，電容增大，而電壓一定，則由Q=CU可知，各金屬顆粒電極電量增大，故C正確D錯(cuò)誤。故選BC。8、BD【解析】波長(zhǎng)越短的光越不容易產(chǎn)生波動(dòng)性；大量處于激發(fā)態(tài)n的氫原子，在向低能級(jí)躍遷時(shí)可產(chǎn)生的光子種類(lèi)為個(gè)；處于激發(fā)態(tài)的氫原子的電子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷過(guò)程中，產(chǎn)生的光子能量由前后兩個(gè)能級(jí)的能量差決定，；根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程，電子從金屬表面逸出時(shí)的最大初動(dòng)能【詳解】A、最容易表現(xiàn)出波動(dòng)性的光是波長(zhǎng)較大，即頻率較小的光．根據(jù)，在所有輻射出的光中，只有從n=4能級(jí)到n=3能級(jí)躍遷的能量差最小，波長(zhǎng)最長(zhǎng)，最滿(mǎn)足題意，故A錯(cuò)誤；B、由于是一群氫原子處于n=4能級(jí)，故它們?cè)谙虻湍芗?jí)躍遷過(guò)程中產(chǎn)生的光子種類(lèi)為種，故B正確；C、根據(jù)，從n＝4能級(jí)躍遷到n＝3能級(jí)輻射出的光子的頻率小于從n＝3能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)輻射出的光子的頻率，用頻率的光恰好發(fā)生光電效應(yīng)，則頻率小于該種金屬的極限頻率（截止頻率），無(wú)論光多么強(qiáng)，都不能發(fā)生光電效應(yīng)，C錯(cuò)誤；D、用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光子的能量為；又根據(jù)光電效應(yīng)方程，最大初動(dòng)能，D正確故選BD【點(diǎn)睛】本題考查了能級(jí)躍遷和光電效應(yīng)的綜合運(yùn)用，知道能級(jí)間躍遷輻射的光子頻率與能級(jí)差的關(guān)系以及光電效應(yīng)的條件是解決本題的關(guān)鍵9、AD【解析】A．根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與加速電場(chǎng)的周期相等，交變電場(chǎng)的周期為，故A正確。B．根據(jù)R是D形金屬盒的半徑，知質(zhì)子獲得的最大速度則最大動(dòng)能與加速的電壓無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．由上分析可知，加速電場(chǎng)的周期與加速粒子的比荷有關(guān)，氘核與質(zhì)子的比荷不同，因此加速器不可以直接用來(lái)加速氘核，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)質(zhì)子圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式，T與質(zhì)子的速度大小無(wú)關(guān)，所以若只增加加速電壓U，不會(huì)改變質(zhì)子在回旋加速器中運(yùn)行的周期，但加速次數(shù)減小，則運(yùn)行時(shí)間也會(huì)變小，故D正確。故選AD。10、AD【解析】oa桿以角速度勻速旋轉(zhuǎn)，切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，其余部分為外電路．當(dāng)oa轉(zhuǎn)到最高點(diǎn)時(shí)，外電路總電阻最大，通過(guò)oa的電流最?。划?dāng)oa與ob重合時(shí)，環(huán)的電阻為0，外電路總電阻最小，通過(guò)oa的電流最大．根據(jù)E=BLv和歐姆定律求解，其中v是速度的平均值【詳解】A、B項(xiàng)：根據(jù)右手定則可知，流過(guò)oa電流方向?yàn)橛蒾指向a，故A正確，B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：oa桿切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=，故C錯(cuò)誤，D正確故選AD【點(diǎn)睛】本題一要會(huì)求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由于oa桿上各點(diǎn)切割速度不同，要用平均速度求解；二要知道最大值與最小值的條件，運(yùn)用歐姆定律求解三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.A②.C③.E④.見(jiàn)解析【解析】若選擇量程0～15V，內(nèi)阻約10kΩ的電壓表，選3V電源電動(dòng)勢(shì)會(huì)導(dǎo)致電壓表讀數(shù)不準(zhǔn)確，只能選15V的電源電動(dòng)勢(shì)，最大電流I約為只能選擇量程0～3A的電流表，這樣會(huì)導(dǎo)致讀數(shù)不準(zhǔn)確，故只能選擇量程0～200mA的電流表，量程為0～3V的電壓表，故電源電動(dòng)勢(shì)選3V。因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器的電阻小于待測(cè)電阻的阻值，故只能用分壓式接法，又因?yàn)?，故選用外接法。電路圖如圖12、①.②.2.8③.0.60④.3.0⑤.0.50【解析】解：(1)①根據(jù)原理圖可得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖，如圖所示；②根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：，則由數(shù)學(xué)規(guī)律可知電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻；(2)由乙同學(xué)的電路接法可知左右兩部分并聯(lián)后與串聯(lián)，則可知在滑片移動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電阻先增大后減小，則路端電壓先增大后減小，所以出現(xiàn)圖e所示的圖象，則由圖象可知當(dāng)電壓為2.5V時(shí)，電流為0.5A，此時(shí)兩部分電阻相等，則總電流為；而當(dāng)電壓為2.4V時(shí)，電流分別對(duì)應(yīng)0.33A和0.87A，則說(shuō)明當(dāng)電壓為2.4V時(shí)，干路電流為；則根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，，解得電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻；四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）5mg；（3）【解析】（1）設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度為E，由動(dòng)能定理得：得（2）設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律得F=5mg（3）從小球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到小球第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，由功能關(guān)系知：得14、(1)0.0125m(2)3.6×105m/s.(3)第一種情況：v0＝(其中n＝0、1、2、3、4)第二種情況：v0＝(其中n＝0、1、2、3)【解析】(1)粒子以水平初速度從P點(diǎn)射入電場(chǎng)后，在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)粒子能夠進(jìn)入磁場(chǎng)，則豎直方向得代入數(shù)據(jù)解得t＝1.0×10－6s水平位移x＝v0t代入數(shù)據(jù)解得x＝0.80m因?yàn)閤大于L，所以粒子不能進(jìn)入磁場(chǎng)，