2025屆廈門六中 物理高二上期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

2025屆廈門六中物理高二上期中學業(yè)水平測試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物理關系式不僅反映了物理量之間的關系，也確定了單位間的關系。如關系式U=IR，既反映了電壓、電流和電阻之間的關系，也確定了V（伏）與A（安）和Ω（歐）的乘積等效。現(xiàn)有物理量單位：m（米）、s（秒）、N（牛）、J（焦）、W（瓦）、C（庫）、F（法）、A（安）、Ω（歐）和T（特），由他們組合成的單位與電壓單位V（伏）等效的是()A．C/FB．N/CC．C·T·m/sD．T·A·m2、如圖所示，在點電荷Q產生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡。下列說法中正確的是A．電子一定從A向B運動B．點電荷Q一定靠近M端且為正電荷C．電場線方向一定從M指向ND．B點電勢可能高于A點電勢3、如圖是點電荷電場中的一條電場線，下面說法正確的是(僅受電場力)（）A．A點場強一定大于B點場強B．在B點由靜止釋放一個電子，將一定向A點運動C．場源電荷一定帶正電，在A點左側D．正電荷運動中通過A點時，其運動方向一定沿AB4、如圖所示的電路中，電源、電壓表、電流表都是理想的，當滑動變阻器的觸頭由a端向b端滑動時，下列說法正確的是A．電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)增大 B．電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小C．電壓表讀數(shù)不變，電流表讀數(shù)增大 D．電壓表讀數(shù)不變，電流表讀數(shù)增減小5、一個做勻速直線運動的質點，突然受到一個與運動方向垂直的恒力作用時，且原來作用在質點上的力不發(fā)生改變，關于質點的運動說法正確的是（）A．一定做直線運動 B．可能做直線運動，也可能做曲線運動C．可能做勻速圓周運動 D．一定做勻變速運動6、如圖所示，一長直導線AB中通以如圖乙所示的交流電，在導線附近的正下方放置一閉合線圈，線圈平面與導線在同一平面內如圖甲所示，則下列說法中正確的是()A．在t1時刻，線圈內有感應電流 B．在t2時刻，線圈內沒有感應電流C．t>0的任意時刻，線圈內都有感應電流 D．以上說法都不對二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、將上下表面均為正方形、高度相等、用同種材科制成的甲、乙導體串聯(lián)接在電壓為U的電源上，已知電流大小為I，電流方向如圖所示，甲、乙導體上下表面邊長分別為a和b、高均為h，則A．電流沿圖中方向流過兩導體時，甲、乙阻值之比是1∶1B．電流沿圖中方向流過兩導體時，甲、乙阻值之比是a∶bC．導體電阻率為ρ=D．導體電阻率為ρ=8、圖甲為A、B兩電學元件的伏安特性曲線，若把兩元件串聯(lián)并在兩端加上電壓U0，如圖乙，則有（）A．電路中電流I<I0/2B．電路中電流I>I0/2C．元件B分得電壓UB>U0/2D．元件B分得電壓UB<U0/29、如圖所示，在邊長為L的正方形區(qū)域內有垂直于紙面向里的勻強磁場，有一帶正電的電荷，從D點以v0的速度沿DB方向射入磁場，恰好從A點沿BA方向射出，已知電荷的質量為m，帶電荷量為q，不計電荷的重力，則下列說法正確的是（）A．勻強磁場的磁感應強度為B．電荷在磁場中運動的時間為C．若減小電荷的入射速度，使電荷從CD邊界射出，電荷在磁場中運動的時間會減小D．若電荷的入射速度變?yōu)?v0，則粒子會從AB邊的中點射出10、如圖的電路中，電動機M與電爐L串聯(lián)后兩端接上恒定電壓U，電動機M的線圈電阻與電爐的電阻相同，電動機正常工作，下列判斷正確的是（?）A．流過電動機的電流小于流過電爐的電流B．電動機的發(fā)熱功率小于電爐的發(fā)熱功率C．電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓D．電動機的總功率大于電爐的總功率三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小華和小明在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，將實驗數(shù)據(jù)記錄在下表中：電壓U/V0.000.200.400.701.001.301.702.102.50電流I/A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46(1)實驗室有兩種滑動變阻器供選擇：A．滑動變阻器（阻值范圍0~10Ω、額定電流3A）B．滑動變阻器（阻值范圍0~2000Ω、額定電流1A）實驗中選擇的滑動變阻器是________。（填寫字母序號）(2)在圖甲中用筆畫線代替導線，將實驗電路連接完整_______。(3)開關閉合前，滑動變阻器的滑片應滑至________（選填“左”或“右”）端。(4)利用表中數(shù)據(jù)，在圖乙中畫出小燈泡的U－I圖線______。(5)他們在U－I圖像上找到小燈泡工作電壓為2.0V時坐標點，計算此狀態(tài)的電阻值時，小明提出用圖像上該點曲線斜率表示小燈泡的阻值；小華提出該點與坐標原點連線的斜率表示小燈泡的阻值。你認為________的方法正確。12．（12分）為了描繪標有“3V，0.4W”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡電壓能從零開始變化．所給器材如下：A．電流表(0～200mA，內阻0.5Ω);B．電流表(0～0.6A，內阻0.01Ω);C．電壓表(0～3V，內阻5kΩ)；D．電壓表(0～15V，內阻50kΩ);E．滑動變阻器(0～10Ω，0.5A)；F．滑動變阻器(0～1kΩ，0.1A)；G．電源(3V);H．電鍵一個，導線若干．①為了完成上述實驗，實驗中應選擇的儀器是________．②在虛線框中畫出完成此實驗的電路原理圖______，并將實物按電路圖用導線連好______．③此實驗描繪出的I-U圖線是________(填“曲線”或“直線”)，其原因是_________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，長為l的絕緣細線一端懸于O點，另一端系一質量為m、帶電荷+q的小球，小球靜止時處于O′點?，F(xiàn)將此裝置放在水平向右的勻強電場中，小球靜止在A點時細線與豎直方向成θ角。求：(1)該勻強電場的電場強度大?。?2)若將小球求從O′點由靜止釋放，則小球運動到A點時的速度多大？14．（16分）如圖所示，質量為m、所帶電量為q的小球以細線懸吊于O點，并置于水平向右的勻強電場中（電場區(qū)域足夠大），小球靜止于P點，且細線與豎直方向夾角為θ，重力加速度為g，求：（1）小球帶什么電荷（2）勻強電場的場強大小（3）剪斷細線，經時間t小球與P點的距離15．（12分）在如圖所示的電路中，電源的電動勢E=9.0V，內電阻r=1.0Ω，外電路的電阻R=5.0Ω．閉合開關S．求：（1）通過電阻R的電流Ⅰ；（2）電阻R消耗的電功率P．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由U=QC可知，C/F是和電壓單位V等效的，A正確；由F=qE知E=Fq，可知N/C是與電場強度的單位等效的，B錯誤；由F=qvB知，C?T?m/s是力的單位，是與N等效的，C錯誤；由F=BIL可知，2、C【解析】

由運動軌跡只能得到電子受力指向凹的一側，不能得到運動走向，故A錯誤；由電場場源為點電荷，又有電子受力指向凹的一側可得：MN上電場線方向向右，故點電荷Q可能是放在M端附近的正電荷，也可能是放在N端附近的負電荷，故B錯誤，C正確；MN上電場線方向向右；根據(jù)沿著電場線電勢降低可得：B點電勢可能低于A點電勢，故D錯誤；故選C。【點睛】沿著電場線電勢降低，但是電勢能和電荷電性相關，故我們一般根據(jù)電場力做功情況來判斷電勢能變化，以避免電性不同，電勢能變化趨勢不同的問題。3、B【解析】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，由于只有一條電場線，不能判斷出電場線的疏密情況，所以不能判斷場強的大小，故A錯誤；電場線的方向向右，當在B點由靜止釋放一個電子時，電子受到的電場力方向向左，所以電子將一定向A點運動，故B正確；只有一條電場線不能判斷場源電荷的情況，所以不能判斷場源電荷是不是正電荷，故C錯誤；正電荷運動中通過A點，此時受到的電場力的方向一定是沿AB方向的，但是電荷的運動的方向不一定沿著AB方向，電荷也可以做曲線運動，故D錯誤．故選B．4、A【解析】

由圖可知，R與并聯(lián)后與串聯(lián)；當滑動變阻器的觸頭由a端向b端滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，內電壓減小，則路端電壓增大，故電壓表V示數(shù)增大；因電路中總電流減小，則兩端的電壓減小，而路端電壓減小，故并聯(lián)部分電壓增大，中電流增大，故電流表讀數(shù)增大，A正確．5、D【解析】

AB．質點受到一個與運動方向垂直的力，速度和合力成90°夾角，由曲線運動的條件，當力和速度不在同一直線上時，質點做曲線運動，AB錯誤；C．勻速圓周運動受到的合外力的方向始終指向圓心，是變力。所以物體在恒力的作用下不可能做勻速圓周運動，C錯誤；D．物體受與初速度方向垂直的恒力作用時，根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知，加速度的大小與方向都不變。將運動分解為：初速度方向物體做勻速直線運動，垂直初速度方向做初速度為零的勻加速直線運動，合運動為勻變速曲線運動，D正確。故選D。6、D【解析】在t1時刻，導線中電流不變，在線圈內沒有感應電流，A錯；在t2時刻導線中電流變化率最大，線圈中電流最大，B錯；同理C錯；D對；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB．由電阻定律可知：可知：兩導體的電阻選項A正確，B錯誤；

CD．兩電阻串聯(lián)，分壓相等，則ab兩端的電壓均為；

由歐姆定律可知：解得：故C正確，D錯誤；8、BD【解析】

A、B項：在電流0～I0之間時，相同的電流，B的電阻更小，由公式I=UR可知，電路中的電流應大于I0C、D項：由圖可知，電流0～I0之間時，相同的電流，B的電壓更小，故元件B分得的電壓應小于U02，故故應選：BD。9、AB【解析】

A.由題意可知電荷做勻速圓周運動的半徑，洛侖茲力提供向心力，則有：從而求出勻強磁場的磁感應強度為，故選項A符合題意；B.電荷在磁場中從到偏轉，所以運動時間，故選項B符合題意；C.若減小電荷的入射速度，但滿足電荷從射出，顯然軌跡是一個半圓，偏轉角一定，但繼續(xù)減小速度，偏轉角不同，時間也不變，故選項C不符合題意；D.若入射的速度增加為，則半徑為，通過畫圖計算，設通過上的點到點的距離為，由幾何關系有：即不可能通過的中點，故選項D不符合題意。10、CD【解析】

電動機M與電爐L串聯(lián)，電流相等，根據(jù)焦耳定律分析放出的熱量關系．電爐L是純電阻電路，電動機是非純電阻電路，根據(jù)歐姆定律分析L的電壓與電流的關系，判斷電動機兩端電壓的關系．根據(jù)能量守恒定律分析消耗的功率關系?！驹斀狻緼項：電動機與電爐串聯(lián)，所以兩者電流相等，故A錯誤；B項：電動機M與電爐L串聯(lián)，電流相等，電阻相等，根據(jù)焦耳定律P=I2R可知，電動機的發(fā)熱功率等于電爐的發(fā)熱功率，故B錯誤；C項：設電動機M線圈電阻與電爐L的電阻均為R，電路中電流為I，根據(jù)歐姆定律得：電爐兩端的電壓UL=IR，電動機是非純電阻電路，其電壓UM＞IR，則有UM＞UL，所以電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓，故C正確；D項：電動機消耗的功率PM=UMI，電爐消耗的功率PL=ULI，UM＞UL，則PM＞UL，即電動機的總功率大于電爐的總功率，故D正確。故應選：CD?！军c睛】本題中電爐是純電阻電路，電動機是非純電阻電路，兩個電路焦耳定律都適用，但歐姆定律只適用于電爐，不適用于電動機。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A左端小華【解析】

(1)[1]由表可知燈泡的電阻大約在幾歐左右，為了便于測量，滑動變阻器選擇0-10Ω的，故選A。(2)[2]由于燈泡的電壓和電流從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法；電流表采用外接法。實物連線圖如圖所示：(3)[3]為了保護測量電路，開關閉合前，滑動變阻器的滑片應滑至最左端。(4)[4]小燈泡的U-I圖線如圖所示：(5)[5]根據(jù)歐姆定律可知，電阻的大小為該點與坐標原點連線的斜率，故小華正確。12、（1）A、C、E、F、G．（2）如圖．（3）曲線，隨著溫度的升高，電阻增大．【解析】試題分析：器材選取的原則需安全精確，根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表、電壓表的量程．燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，通過燈泡電阻的大小分析其是大電阻還是小電阻，確定電流表的內外接．根據(jù)電路圖連接實物圖．燈泡的電阻隨溫度的變化而變化，所以I﹣U圖線是一條曲線．解：（1）燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表的量程選擇3V的誤差較小，額定電流I=≈130mA，所以電流表的量程選擇200mA的，燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器E，另外，還需要電源、電建和導線．故實驗中應選擇的儀器是A、C、E、G、H．（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡正常工作時的電阻R==22.5Ω，遠小于電壓表的內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖和實物連線圖如圖所示．（3）此實線圖2中描繪出的I﹣U圖線是曲線，其原因是由于溫度升高，電阻增大．故答案為（1）A、C、E、F、G．（2）如右圖．（3）曲線，隨著溫度的升高，電阻增大．【點評】解決本題的關鍵掌握器材選擇的原