貴州畢節(jié)大方縣三中 2025屆物理高二上期中質(zhì)量檢測試題含解析

貴州畢節(jié)大方縣三中2025屆物理高二上期中質(zhì)量檢測試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、把表頭G改裝成大量程電流表時(shí)，下列說法正確的是()A．改裝原理為并聯(lián)電阻能增大通過G的電流B．改裝成電流表后，表頭G本身允許加的電壓增大了C．改裝后，表頭G自身的電阻減小了D．改裝后使用時(shí)，表頭G本身的參量都不改變，整個(gè)并聯(lián)電路允許通過的電流增大了2、安培提出了著名的分子電流假說．根據(jù)這一假說，電子繞核運(yùn)動(dòng)可等效為一環(huán)形電流．設(shè)電量為e的電子以速率v繞原子核沿順時(shí)針方向做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列關(guān)于該環(huán)形電流的說法正確的是A．電流大小為，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針B．電流大小為，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針C．電流大小為，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針D．電流大小為，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針3、如圖所示，為某一電場的電場線和等勢面．已知φa=5v，φc=3v，ab=bc則（）A．φb=4vB．φb＞4vC．φb＜4vD．上述情況都有可能4、關(guān)于元電荷和點(diǎn)電荷的理解正確的是A．元電荷就是電子B．元電荷就是電量的單位C．體積很小的帶電體就是點(diǎn)電荷D．點(diǎn)電荷與元電荷都是一種理想化模型5、關(guān)于物理學(xué)的研究方法，以下說法不正確的是（）A．伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法B．卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測萬有引力常量時(shí)，應(yīng)用了放大法C．電場強(qiáng)度是用比值法定義的，因而電場強(qiáng)度與電場力成正比，與試探電荷的電量成反比D．“平均速度”、“總電阻”、“交流電的有效值”用的是等效替代的方法6、圖中，四盞燈分別標(biāo)為：L1（4V，1.6W），L2（5V，1.25W），L3（6V，1.8W），L4（10V，10W）。那么，將電路兩端接到8V電源上后，它們消耗的電功率P1、P2、P3、P4的關(guān)系是（設(shè)燈的的電阻都不變）（）A．P2>P1>P4>P3B．P1>P2>P3>P4C．P2>P1>P3>P4D．P1>P2>P4>P3二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖甲所示的電路中，電源電動(dòng)勢為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2、L3為3個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。當(dāng)開關(guān)閉合后，下列判斷正確的是A．燈泡L1的電阻為B．燈泡L1消耗的電功率為0.75

C．燈泡L2消耗的電功率為0.30

D．通過燈泡L1的電流為燈泡L2的電流的8、在科學(xué)的發(fā)展過程上，有很多科學(xué)家作出了重大的貢獻(xiàn)，下列的敘述中符合科學(xué)史的是：A．早期的電池（電堆）是伏打發(fā)明的； B．富蘭克林發(fā)明了電燈；C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)； D．鄭和發(fā)明了指南針并用于航海．9、如圖所示，光滑絕緣的水平面內(nèi)存在場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場，長度為L絕緣光滑的擋板AC與電場方向夾角為30°．現(xiàn)有質(zhì)量相等、電荷量均為Q的甲、乙兩個(gè)帶電體從A處出發(fā)，甲由靜止釋放，沿AC邊無摩擦滑動(dòng)，乙垂直于電場方向以一定的初速度運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩個(gè)帶電體都通過C處．則甲、乙兩個(gè)帶電體（

）．A．發(fā)生的位移相等B．通過C處的速度相等C．電勢能減少量都為D．從A運(yùn)動(dòng)到C時(shí)間之比為10、無人機(jī)已在航拍領(lǐng)域被廣泛的應(yīng)用，它利用自身攜帶的小型電機(jī)升空進(jìn)行航拍，如圖為某牌子的無人機(jī)，已知其電池容量16000mAh，電機(jī)額定工作電壓22V，無人機(jī)懸停時(shí)電機(jī)總額定功率352W，則下列說法正確的是()A．無人機(jī)正常工作時(shí)的電流是16

AB．電池容量16000mAh

中“mAh”是能量的單位C．無人機(jī)的電機(jī)總電阻是1.375ΩD．無人機(jī)充滿電后一次工作時(shí)間約為1h三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)器材有：“3V1.8W”的小燈泡、電流表A（0-0.6Ａ，內(nèi)阻約為0.1Ω）、電壓表Ｖ（0-3V，內(nèi)阻約為4kΩ）、滑動(dòng)變阻器Ｒ（0-10Ω，2A），以及干電池兩節(jié)、電鍵和導(dǎo)線若干。實(shí)驗(yàn)要求保證器材的安全，燈泡兩端的電壓能從０開始連續(xù)調(diào)節(jié)，測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確。（１）為了盡可能減小誤差，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)采用______（選填“內(nèi)接”或“外接”）法，采用正確的方式測出的小燈泡的電阻值______（選填“大于”“小于”或“等于”）電阻的真實(shí)值。（２）畫出一個(gè)合理的電路圖_______。12．（12分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實(shí)驗(yàn)裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點(diǎn)位置等高。接下來的實(shí)驗(yàn)步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點(diǎn)由靜止?jié)L下，并碰上豎直擋板。重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點(diǎn)由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與（1）同樣的方法標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點(diǎn)與M、P、N三點(diǎn)的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設(shè)球1和球2的質(zhì)量為m1、m2，則關(guān)于步驟2中的說法，正確的是（_____）A．球1、球2的落點(diǎn)分別是N、MB．球1、球2的落點(diǎn)分別是M、NC．如果兩球質(zhì)量相等，則球2的落點(diǎn)介于ON之間D．球1的質(zhì)量應(yīng)該小于球2的質(zhì)量（2）當(dāng)所測物理量滿足下列表達(dá)式（_____）時(shí)，即說明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律。A．B．C．D．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖是“電磁炮”模型的原理結(jié)構(gòu)示意圖。光滑水平金屬導(dǎo)軌M、N的間距L=0.2m,電阻不計(jì)，在導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。裝有彈體的導(dǎo)體棒ab垂直放在導(dǎo)軌M、N上的最左端，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒（含彈體)的質(zhì)量m=0.2kg,在導(dǎo)軌M、N間部分的電阻R=0.8,可控電源的內(nèi)阻r=0.2。在某次模擬發(fā)射時(shí)，可控電源為導(dǎo)體棒ab提供的電流恒為4×103A,不計(jì)空氣阻力導(dǎo)體棒ab由靜止加速到4km/s后發(fā)射彈體，則(1)光滑水平導(dǎo)軌長度至少為多少？(2)該過程系統(tǒng)消耗的總能量為多少？14．（16分）有一個(gè)帶電量q=3×10-6C的正點(diǎn)電荷，從某電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電荷克服靜電力做功9×10-4J，從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，靜電力對電荷做6×10-4J的功，問：(1)AC間電勢差為多少？(2)如以A點(diǎn)電勢為零，則B點(diǎn)的電勢為多少？電荷在B點(diǎn)的電勢能為多少？15．（12分）如圖所示，兩平行金屬板A、B板長L="8"cm，兩板間距離d=8cm，A板比B板電勢高311V，一帶正電的粒子帶電量q=11-11C，質(zhì)量m=11-21kg．沿電場中心線OR垂直電場線飛入電場，初速度v1=2×116m/s，粒子飛出平行板電場后經(jīng)過界面MN、PS間的無電場區(qū)域后，進(jìn)入固定在O點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q形成的電場區(qū)域（設(shè)界面PS右邊點(diǎn)電荷的電場分布不受界面影響，界面MN、PS垂直中心線OR），已知兩界面MN、PS相距為12cm，O點(diǎn)在中心線上距離界面PS為9cm處，粒子穿過界面PS最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上．（靜電力常數(shù)k=9×119N·m2/C2，sin37°=1．6，cos37°=1．8）（1）求粒子穿過界面MN時(shí)偏離中心線OR的距離多遠(yuǎn)?（2）試在圖上粗略畫出粒子運(yùn)動(dòng)的全過程軌跡．（3）確定點(diǎn)電荷Q的電性并求其電量的大?。?/p>

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

把表頭G改裝成電流表應(yīng)并聯(lián)一個(gè)分流電阻，并聯(lián)電阻后，通過表頭G的最大電流以及表頭兩端的最大電壓均不變，故AB錯(cuò)誤；改裝后，表頭G自身電阻不變，改裝后電流表總電阻減小了，故C錯(cuò)誤；改裝后，表頭參數(shù)，如滿偏電流與內(nèi)阻等參數(shù)不變，整個(gè)并聯(lián)電路允許通過的最大電流增大，故D正確；故選D．【點(diǎn)睛】本題考查了電流表的改裝，把小量程電流表改裝成電流表，應(yīng)并聯(lián)一個(gè)分流電阻，改裝后表頭參數(shù)不變，量程變大．2、D【解析】

電子繞核運(yùn)動(dòng)可等效為一環(huán)形電流，電子運(yùn)動(dòng)周期為，根據(jù)電流的定義式可得電流強(qiáng)度為：，因?yàn)殡娮訋ж?fù)電，所以電流方向與電子定向移動(dòng)方向相反，即沿逆時(shí)針方向，故D正確，ABC錯(cuò)誤．3、C【解析】解：由圖看出，ab段電場線比bc段電場線密，ab段場強(qiáng)較大，根據(jù)公式U=Ed可知，a、b間電勢差Uab大于b、c間電勢差Ubc，即φa﹣φb＞φb﹣φc，得到φb＜=4V．故選C【點(diǎn)評】本題的關(guān)鍵是運(yùn)用勻強(qiáng)電場中場強(qiáng)與電勢差的公式定性分析電勢差的大小．常規(guī)題．4、B【解析】

AB.元電荷的電量等于電子的電量，但不是電子，元電荷是帶電量的最小單元，故A錯(cuò)誤，B正確；C.當(dāng)兩個(gè)帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時(shí)，這兩個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，與體積大小無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D.點(diǎn)電荷實(shí)際不存在，是理想化模型，元電荷不是理想模型，故D錯(cuò)誤；故選B．5、C【解析】

A.

16世紀(jì)末，伽利略對運(yùn)動(dòng)的研究，不僅確立了許多用于描述運(yùn)動(dòng)的基本概念，而且創(chuàng)造了一套對近代科學(xué)發(fā)展極為有益的方法。這些方法的核心是把邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法。故A正確；B.扭秤實(shí)驗(yàn)可以測量微弱的作用，關(guān)鍵在于它把微弱的作用經(jīng)過了兩次放大：一方面微小的力通過較長的力臂可以產(chǎn)生較大的力矩，使懸絲產(chǎn)生一定角度的扭轉(zhuǎn)；另一方面在懸絲上固定一平面鏡，它可以把入射光線反射到距離平面鏡較遠(yuǎn)的刻度尺上，從反射光線射到刻度尺上的光點(diǎn)的移動(dòng)，就可以把懸絲的微小扭轉(zhuǎn)顯現(xiàn)出來。故B正確；C.電場強(qiáng)度是用比值法定義的，但是電場強(qiáng)度是由電場本身的性質(zhì)決定的，與電場力不成正比，與試探電荷的電量不成反比。故C錯(cuò)誤；D.合力與分力”“總電阻”“交流電的有效值”用的是“等效替代”的方法。故D正確。本題選擇不正確的，故選：C。6、A【解析】根據(jù)可得，四個(gè)燈泡的電阻，由電路圖可知，L3與L4并聯(lián)，所以電壓相等，根據(jù)，可知P4＞P3，L1與L2串聯(lián)，電流相等，根據(jù)P=I2R可知，P2＞P1，L1的電流大于L4的電流，根據(jù)P=I2R可知P1＞P4，所以P2＞P1＞P4＞P3；故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】

當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡L1的電壓等于3V，由圖讀出其電流，由歐姆定律求出電阻，并求出其電功率，燈泡L2、L3【詳解】A、當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖乙讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻R1=U1I1=30.25Ω=12Ω，功率P1=U1I1=0.75W【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵抓住電源的內(nèi)阻不計(jì)，路端電壓等于電動(dòng)勢，來確定三個(gè)燈泡的電壓，讀圖能力是基本功。8、AC【解析】

早期的電池（電堆）是伏打發(fā)明的，選項(xiàng)A正確；美國科學(xué)家富蘭克林發(fā)明了避雷針，愛迪生發(fā)明了白熾燈，故B錯(cuò)誤．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，選項(xiàng)C正確；北宋時(shí)期我國就發(fā)明了指南針，并開始用于航海事業(yè)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC．9、AC【解析】

對于兩個(gè)帶電體，由于初、末位置相同，故二者的位移相同，故選項(xiàng)A正確；兩個(gè)帶電體通過C點(diǎn)的速度方向不同，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系，電勢能的變化等于電場力的功則：，故選項(xiàng)C正確；對于甲帶電體：，則：；對于乙?guī)щ婓w：，則：，整理可以得到：，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題是關(guān)于豎直線對稱的，但是不是圖形的對稱，而是需要力矩的對稱，同樣的一個(gè)力，需要在左邊和右邊時(shí)力臂是一樣的．10、ACD【解析】

電池容量是指電池的存儲(chǔ)電量，根據(jù)題目可知正常工作時(shí)的電壓，根據(jù)I=PU【詳解】A、額定工作電壓22V，額定功率352W，根據(jù)P=UI知電流I=PU=35222A=16A，故A正確；

B、題中“mAh”是電荷量的單位，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)U=IR【點(diǎn)睛】本題是信息給予題，要求同學(xué)們能從題目中獲取有用信息，知道電池容量是指電池儲(chǔ)存電量的大小。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）外接小于（2）如圖；【解析】（1）燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻R==5Ω，燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，則電流表采用外接法，

采用外接法時(shí)，通過燈泡實(shí)際電流小于電表讀數(shù)，根據(jù)歐姆定律得測出的電阻值小于電阻的真實(shí)值．

（2）電壓與電流從零開始變化，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電路圖如圖所示

點(diǎn)睛：對電學(xué)實(shí)驗(yàn)題目應(yīng)明確：①根據(jù)待測電阻的額定電壓和額定電流來選擇電壓表和電流表的量程；②若電阻大小滿足時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，否則應(yīng)用內(nèi)接法；③當(dāng)電路要求電流從零調(diào)時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇全電阻小的變阻器以方便調(diào)節(jié)．12、BA【解析】

（１）[1]．AB、小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：小球在豎直方向的位移為：由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2的落點(diǎn)分別是：M、N，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、如果兩球質(zhì)量相等，兩球發(fā)生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運(yùn)動(dòng)，球2的落點(diǎn)為P，故C錯(cuò)誤；

D、為防止入射球反彈，球1的質(zhì)量應(yīng)大于球2的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；

（2）[2]．小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，

水平方向：d=v0t豎直方向：解得：由題意可知，碰撞前球1的速度為：碰撞后球1的速度為：碰撞后球2的速度為：碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2整理得：故選A.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)20m(2)l.76×l06J【解析】

（1）由安培力公式有F=BIL=8×l04N.彈體由靜止加速到4km/s，由動(dòng)能定理知Fx=mv2.則軌道長度至少為：x==20m（2）導(dǎo)體棒ab做勻加速運(yùn)動(dòng)，由F=mav=at解得該過程需要時(shí)間：t=l×l0-2s該過程中產(chǎn)生焦耳熱：Q=I2（R+r）t=1.6×l05J彈體和導(dǎo)體棒ab增加的總動(dòng)能：Ek=mv2=1.6×l06J.系統(tǒng)消耗總能量：E=Ek+Q=l.76×l06J