專題03 常見無機物的性質(zhì)、用途與轉(zhuǎn)化-2024年高考真題和模擬題化學分類匯編（解析版）

2024年高考真題化學試題PAGEPAGE1專題03常見無機物的性質(zhì)、用途與轉(zhuǎn)化考點一常見無機物的性質(zhì)與用途1．（2024·浙江6月卷）下列說法不正確的是A．呈兩性，不能用于治療胃酸過多B．能與反應產(chǎn)生，可作供氧劑C．有還原性，能被氧化成D．見光易分解，應保存在棕色試劑瓶中〖答案〗A〖解析〗A．呈兩性，不溶于水，但可以與胃酸反應生成無毒物質(zhì)，因此其能用于治療胃酸過多，A不正確；B．能與反應產(chǎn)生，該反應能安全發(fā)生且不生成有毒氣體，故可作供氧劑，B正確；C．有還原性，其中Fe元素的化合價為+2，用適當?shù)难趸瘎┛梢詫⑵溲趸筛邇r態(tài)的，C正確；D．見光易分解的物質(zhì)應保存在棕色試劑瓶中；見光易分解，故其應保存在棕色試劑瓶中，D正確；綜上所述，本題選A。2．（2024·浙江6月卷）物質(zhì)微觀結(jié)構(gòu)決定宏觀性質(zhì)，進而影響用途。下列結(jié)構(gòu)或性質(zhì)不能解釋其用途的是選項結(jié)構(gòu)或性質(zhì)用途A石墨呈層狀結(jié)構(gòu)，層間以范德華力結(jié)合石墨可用作潤滑劑B具有氧化性可用作漂白劑C聚丙烯酸鈉()中含有親水基團聚丙烯酸鈉可用于制備高吸水性樹脂D冠醚18-冠-6空腔直徑()與直徑()接近冠醚18-冠-6可識別，能增大在有機溶劑中的溶解度〖答案〗B〖解析〗A．石墨呈層狀結(jié)構(gòu)，層間以范德華力結(jié)合，該作用力較小，層與層容易滑動，石墨可用作潤滑劑，A正確；B．具有漂白性，可用作漂白劑，B錯誤；C．聚丙烯酸鈉()中含有親水基團-COO-，聚丙烯酸鈉可用于制備高吸水性樹脂，C正確；D．冠醚18-冠-6空腔直徑()與直徑()接近，可識別，使K+存在于其空腔中，進而能增大在有機溶劑中的溶解度，D正確；故選B。3．（2024·甘肅卷）化學與生活息息相關，下列對應關系錯誤的是物質(zhì)性質(zhì)用途A次氯酸鈉氧化性衣物漂白B氫氣可燃性制作燃料電池C聚乳酸生物可降解性制作一次性餐具D活性炭吸附性分解室內(nèi)甲醛A．A B．B C．C D．D〖答案〗D〖解析〗A．次氯酸鈉有強氧化性，從而可以做漂白劑，用于衣物漂白，A正確；B．氫氣是可燃氣體，具有可燃性，能被氧氣氧化，可以制作燃料電池，B正確；C．聚乳酸具有生物可降解性，無毒，是高分子化合物，可以制作一次性餐具，C正確；D．活性炭有吸附性，能夠有效吸附空氣中的有害氣體、去除異味，但無法分解甲醛，D錯誤；故本題選D。4．（2024·山東卷）化學品在食品工業(yè)中也有重要應用，下列說法錯誤的是A．活性炭可用作食品脫色劑 B．鐵粉可用作食品脫氧劑C．谷氨酸鈉可用作食品增味劑 D．五氧化二磷可用作食品干燥劑〖答案〗D〖解析〗A．活性炭結(jié)構(gòu)疏松多孔，具有吸附性，能夠吸附一些食品中的色素，故A正確；B．鐵粉具有還原性，能與O2反應，可延長食品的保質(zhì)期，作食品脫氧劑，故B正確；C．谷氨酸鈉是味精的主要成分，能增加食物的鮮味，是一種常用的食品增味劑，故C正確；D．P2O5吸水后的產(chǎn)物有毒，不能用作食品干燥劑，故D錯誤；故選D。5．（2024·山東卷）物質(zhì)性質(zhì)決定用途，下列兩者對應關系錯誤的是A．石灰乳除去廢氣中二氧化硫，體現(xiàn)了的堿性B．氯化鐵溶液腐蝕銅電路板，體現(xiàn)了的氧化性C．制作豆腐時添加石膏，體現(xiàn)了的難溶性D．用氨水配制銀氨溶液，體現(xiàn)了的配位性〖答案〗C〖解析〗A．SO2是酸性氧化物，石灰乳為Ca(OH)2，呈堿性，吸收SO2體現(xiàn)了Ca(OH)2的堿性，A正確；B．氯化鐵溶液腐蝕銅電路板，發(fā)生的反應為，體現(xiàn)了Fe3+的氧化性，B正確；C．制作豆腐時添加石膏，利用的是在膠體中加入電解質(zhì)發(fā)生聚沉這一性質(zhì)，與CaSO4難溶性無關，C錯誤；D．銀氨溶液的配制是在硝酸銀中逐滴加入氨水，先生成白色沉淀AgOH，最后生成易溶于水的Ag(NH3)2OH，Ag(NH3)2OH中Ag+和NH3之間以配位鍵結(jié)合，體現(xiàn)了NH3的配位性，D正確；故選C。6．（2024·黑吉遼卷）家務勞動中蘊含著豐富的化學知識。下列相關解釋錯誤的是A．用過氧碳酸鈉漂白衣物：具有較強氧化性B．釀米酒需晾涼米飯后加酒曲：乙醇受熱易揮發(fā)C．用檸檬酸去除水垢：檸檬酸酸性強于碳酸D．用堿液清洗廚房油污：油脂可堿性水解〖答案〗B〖解析〗A．過碳酸鈉中過碳酸根中有兩個O原子為-1價，易得到電子變成-2價O，因此過碳酸鈉具有強氧化性，可以漂白衣物，A正確；B．酒曲上大量微生物，微生物可以分泌多種酶將化谷物中的淀粉、蛋白質(zhì)等轉(zhuǎn)變成糖、氨基酸。糖分在酵母菌的酶的作用下，分解成乙醇，即酒精。因此，米飯需晾涼，米飯過熱會使微生物失活，B錯誤；C．檸檬酸的酸性強于碳酸，可以將水垢中的碳酸鈣分解為可溶性的鈣離子，用于除水垢，C正確；D．油脂可以在堿性條件下水解成可用于水的甘油和脂肪酸鹽，用于清洗油污，D正確；故〖答案〗選B。7．（2024·浙江1月卷）工業(yè)上將Cl2通入冷的溶液中制得漂白液，下列說法不正確的是A．漂白液的有效成分是 B．ClO-水解生成使漂白液呈酸性C．通入CO2后的漂白液消毒能力增強 D．溶液比溶液穩(wěn)定〖答案〗B〖解析〗A．漂白液的主要成分是次氯酸鈉(NaClO)和氯化鈉(NaCl)，有效成分是次氯酸鈉，A正確；B．ClO-水解生成HClO，水解方程式為ClO-+H2OHClO+OH-，使漂白液呈堿性，B錯誤；C．通入CO2后，發(fā)生反應NaClO+CO2+H2O=NaHCO3+HClO，漂白液消毒能力增強，C正確；D．次氯酸不穩(wěn)定，次氯酸鹽穩(wěn)定，所以熱穩(wěn)定性NaClO＞HClO，D正確；考點二常見無機物的轉(zhuǎn)化8．（2024·安徽卷）下列選項中的物質(zhì)能按圖示路徑在自然界中轉(zhuǎn)化，且甲和水可以直接生成乙的是選項甲乙丙ABCDA．A B．B C．C D．D〖答案〗D〖解析〗A．Cl2與水反應生成HClO和HCl，無法直接生成NaClO，A錯誤；B．SO2與水反應生成亞硫酸而不是硫酸，B錯誤；C．氧化鐵與水不反應，不能生成氫氧化鐵沉淀，C錯誤；D．CO2與水反應生成碳酸，碳酸與碳酸鈣反應生成碳酸氫鈣，碳酸氫鈣受熱分解生成二氧化碳氣體，D正確；故〖答案〗選D。9．（2024·江蘇卷）在給定條件下，下列制備過程涉及的物質(zhì)轉(zhuǎn)化均可實現(xiàn)的是A．HCl制備：溶液和B．金屬Mg制備：溶液C．純堿工業(yè)：溶液D．硫酸工業(yè)：〖答案〗A〖解析〗A．電解氯化鈉溶液可以得到H2和Cl2，H2和Cl2點燃反應生成HCl，故A的轉(zhuǎn)化可以實現(xiàn)；B．氫氧化鎂和鹽酸反應可以得到氯化鎂溶液，但是電解氯化鎂溶液不能得到Mg，電解熔融MgCl2才能得到金屬鎂單質(zhì)，故B的轉(zhuǎn)化不能實現(xiàn)；C．純堿工業(yè)是在飽和食鹽水中通入NH3和CO2先得到NaHCO3，然后NaHCO3受熱分解為Na2CO3，故C的轉(zhuǎn)化不能實現(xiàn)；D．工業(yè)制備硫酸，首先黃鐵礦和氧氣反應生成SO2，但是SO2和水反應生成H2SO3，不能得到H2SO4，故D的轉(zhuǎn)化不能實現(xiàn)；故選A。10．（2024·黑吉遼卷）分解的“碘鐘”反應美輪美奐。將一定濃度的三種溶液(①溶液；②淀粉、丙二酸和混合溶液；③、稀硫酸混合溶液)混合，溶液顏色在無色和藍色之間來回振蕩，周期性變色；幾分鐘后，穩(wěn)定為藍色。下列說法錯誤的是A．無色→藍色：生成 B．藍色→無色：轉(zhuǎn)化為化合態(tài)C．起漂白作用 D．淀粉作指示劑〖答案〗C〖祥解〗分析該“碘鐘”反應的原理：①在Mn2+的催化下H2O2與IO反應生成I2，在淀粉指示劑的作用下溶液變藍色；②生成的I2又會與H2O2反應生成IO，使溶液變回無色；③生成的I2可以與丙二酸反應生成琥珀色的ICH(COOH)2，溶液最終會變成藍色。〖解析〗A．根據(jù)分析，溶液由無色變?yōu)樗{色說明有I2生成，A正確；B．根據(jù)分析，溶液由藍色變?yōu)闊o色，是將I2轉(zhuǎn)化為IO，I2轉(zhuǎn)化為為化合態(tài)，B正確；C．根據(jù)分析，H2O2在此過程中參加反應，不起到漂白作用，C錯誤；D．在此過程中，因為有I2的生成與消耗，淀粉在這個過程中起到指示劑的作用，D正確；故〖答案〗選C。11．（2024·全國甲卷）四瓶無色溶液，它們之間的反應關系如圖所示。其中a、b、c、d代表四種溶液，e和g為無色氣體，f為白色沉淀。下列敘述正確的是A．a(chǎn)呈弱堿性B．f可溶于過量的b中C．c中通入過量的e可得到無色溶液D．b和d反應生成的沉淀不溶于稀硝酸〖答案〗B〖祥解〗由題意及關系圖可知，a與b反應需要加熱，且產(chǎn)生的e為無色氣體，則a和b分別為和的一種，產(chǎn)生的氣體e為；又由于b和c反應生成白色沉淀f，不會與其他三種溶液產(chǎn)生沉淀，故b為，a為；又由于c既能與b產(chǎn)生沉淀f，又能與d反應產(chǎn)生沉淀f，故c為，d為，生成的白色沉淀為，無色氣體g為。綜上所述，a為溶液，b為溶液，c為溶液，d為溶液，e為，f為，g為?！冀馕觥紸．由分析可知，a為溶液，為強酸弱堿鹽的溶液，水解顯酸性，故a顯弱酸性，A項錯誤B．由分析可知，f為，b為溶液，為兩性氫氧化物，可溶液強堿，故f可溶于過量的b中，B項正確；C．由分析可知，c為溶液，e為，溶液通入會生成沉淀，不溶于弱堿，繼續(xù)通入不能得到無色溶液，C項錯誤；D．由分析可知，b為，d為，二者反應生成沉淀，可溶與稀硝酸，D項錯誤；故選B?？键c一常見無機物的性質(zhì)與用途1．（2024·廣東惠州一模）下列勞動項目與所述化學知識沒有關聯(lián)的是選項勞動項目化學知識A工人常用高鐵酸鉀處理污水高鐵酸鉀具有氧化性和氫氧化鐵膠體具有吸附性B農(nóng)民用廚余垃圾制肥料廚余垃圾含N、P等元素C消防員使用泡沫滅火器滅火碳酸氫鈉受熱易分解D醫(yī)生用聚乳酸作手術縫合線聚乳酸在人體內(nèi)可水解、吸收A．A B．B C．C D．D〖答案〗C〖解析〗A．高鐵酸鉀具有強氧化性，能使蛋白質(zhì)變性達到殺菌消毒的作用，反應生成的鐵離子在溶液中發(fā)生水解反應生成氫氧化鐵膠體，膠體吸附水中懸浮雜質(zhì)而聚沉達到凈水的目的，所以高鐵酸鉀常用于處理水與高鐵酸鉀的氧化性和氫氧化鐵膠體的吸附性有關，A不合題意；B．氮元素和磷元素是氮肥和磷肥的肥效元素，廚余垃圾中含有氮元素和磷元素，所以可用廚余垃圾制肥料，B不合題意；C．泡沫滅火器滅火的原理為：碳酸氫鈉與硫酸鋁發(fā)生雙水解生成氫氧化鋁和二氧化碳，而不是利用碳酸氫鈉受熱易分解的性質(zhì)，C符合題意；D．聚乳酸在人體內(nèi)能夠水解、被吸收，所以醫(yī)生用聚乳酸作手術縫合線，D不合題意；故〖答案〗為：C。2．（2024·廣東高州2月大聯(lián)考）勞動創(chuàng)造未來。下列勞動項目與化學知識沒有對應關系的是選項勞動項目化學知識A將去皮的土豆泡到冷開水中防止變色土豆中一些水溶性的營養(yǎng)物質(zhì)因泡水而丟失B給芒果樹噴灑波爾多液是重金屬離子，可使蛋白質(zhì)變性C蒸餾是釀酒的傳統(tǒng)技藝利用酒精和水的沸點不同進行分離D用水玻璃浸泡紡織品用于防火硅酸鈉不易燃燒，可用于防火A．A B．B C．C D．D〖答案〗A〖解析〗A．去皮土豆浸泡到冷開水中，可隔絕空氣，防止土豆中還原性酚類物質(zhì)與空氣中氧氣反應，A項符合題意；B．波爾多液中的是重金屬離子，可使細菌病毒的蛋白質(zhì)變性，達到殺死病蟲害的目的，B項不符合題意；C．蒸餾是利用酒精和水的沸點不同進行分離，C項不符合題意；D．水玻璃是硅酸鈉溶液，不易燃燒，可用于防火，D項不符合題意；〖答案〗選A。3．（2024·河北衡水部分高中一模）物質(zhì)的性質(zhì)決定用途，下列兩者關系對應不正確的是A．鋁合金質(zhì)量輕、強度大，可用作制造飛機和宇宙飛船的材料B．FeCl3溶液呈酸性，可腐蝕覆銅板制作印刷電路板C．CuS、HgS極難溶，可用Na2S作沉淀劑除去廢水中的Cu2+和Hg2+D．碳化硅硬度大，可用作砂紙、砂輪的磨料〖答案〗B〖解析〗A．合金的密度比成分金屬一般較小，硬度一般比成分金屬要大，故鋁合金質(zhì)量輕、強度大，決定其可用作制造飛機和宇宙飛船的材料，A不合題意；B．用FeCl3溶液腐蝕覆銅板制作印刷電路板的原理為：Cu+2FeCl3=CuCl2+2FeCl2，反應中FeCl3作氧化劑，與其溶液呈酸性無關，B符合題意；C．由于CuS、HgS極難溶，故可用Na2S作沉淀劑除去廢水中的Cu2+和Hg2+，C不合題意；D．碳化硅硬度大，可用作砂紙、砂輪的磨料，D不合題意；故〖答案〗為：B。4．（2024·江蘇泰州中學模擬）可用于生產(chǎn)銨鹽、硝酸等。與都可用作火箭的燃料，下列物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)或物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．極易溶于水，液氨可用作制冷劑B．具有還原性，可用作火箭的燃料C．易分解，可用作化肥D．共價鍵數(shù)目大于，的熱穩(wěn)定性比的高〖答案〗B〖解析〗A．液氨可用作制冷劑，表明氨分子由液態(tài)轉(zhuǎn)化為氣態(tài)時，需要從周圍環(huán)境吸收熱量，也即液氨分子間存在較大的作用力，與氨極易溶于水無關，A不符合題意；B．具有還原性，可被氧化劑氧化，釋放出大量的能量，因此可用作火箭的燃料，物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系，B符合題意；C．可用作化肥，是因為含有氮元素，與易分解無關，C不符合題意；D．N2H4分子內(nèi)含有化學鍵：N-N，導致的熱穩(wěn)定性比的高，與共價鍵數(shù)目無關，D不符合題意；〖答案〗選B。5．（2024·江蘇揚州中學考前模擬）磷酸可與鐵反應，在金屬表面生成致密且難溶于水的磷酸鹽膜。下列物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．氮氣為無色氣體，可用作焊接金屬的保護氣B．硝酸受熱易分解，可用于制NH4NO3C．磷酸難揮發(fā)，可用于保護金屬免受腐蝕D．液氨汽化時吸收大量熱，可用作制冷劑〖答案〗D〖解析〗A．N2的化學性質(zhì)穩(wěn)定，可避免金屬與氧氣接觸發(fā)生氧化反應而作為保護氣，與氮氣為無色氣體無關，A錯誤；B．硝酸為酸，與氨水反應生成硝酸銨，可用于制NH4NO3，與硝酸受熱易分解的性質(zhì)無關，B錯誤；C．磷酸可與鐵反應，在金屬表面生成致密且難溶于水的磷酸鹽膜，所以可用于保護金屬免受腐蝕，與其難揮發(fā)性無關，C錯誤；D．液氨汽化時吸收大量熱，使溫度降低，可用作制冷劑，D正確；故選D。6．（2024·江蘇揚州中學考前模擬）含氮化合物在生產(chǎn)生活中具有重要應用，下列說法不正確的是A．工業(yè)上常以向飽和氨的食鹽水中通入CO2制備NaHCO3和NH4ClB．實驗室可將苯和濃硝酸混合共熱制備硝基苯C．濃硝酸和濃鹽酸以體積比1∶3組成的混合物可用于溶解金、鉑等金屬D．尿素是一種中性肥料，可水解成碳酸銨或碳酸氫銨，緩慢釋放氨氣被作物吸收〖答案〗B〖解析〗A．由于碳酸氫鈉的溶解度小于碳酸氫銨，故工業(yè)上常以向飽和氨的食鹽水中通入CO2制備NaHCO3和NH4Cl，A正確；B．實驗室可將苯、濃硝酸和濃硝酸混合共熱發(fā)生硝化反應制備硝基苯，B錯誤；C．濃硝酸和濃鹽酸以體積比1∶3組成的混合物為王水，可用于溶解金、鉑等金屬，C正確；D．尿素可水解成碳酸銨或碳酸氫銨，緩慢釋放氨氣被作物吸收，D正確；故選B。7．（2024·江蘇南京外國語學校金陵中學海安中學三校聯(lián)考）下列有關物質(zhì)的性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．ClO2具有強氧化性，可用作自來水消毒B．Cl2易液化，可用作生產(chǎn)漂白液C．AgBr呈淡黃色，可用作感光材料D．KIO3易溶于水，可用作食鹽中加碘〖答案〗A〖解析〗A．ClO2具有強氧化性，能夠使蛋白質(zhì)變性，所以可用于自來水消毒劑，A正確；

B．Cl2能與NaOH反應生成NaClO，NaClO具有強氧化性、漂白性，可作漂白劑，與Cl2易液化無關，B錯誤；C．AgBr光照下易分解，因此可做感光材料，與顏色無關，C錯誤；D．KIO3性質(zhì)較穩(wěn)定，可用作食鹽中加碘，與其溶解性無關，D錯誤；故選A。8．（2024·江蘇南京第五高級中學高考熱身測試）氧、硫及其化合物應用廣泛。O2可用作燃料電池的氧化劑。S8在液態(tài)SO2中被AsF5氧化成S，反應方程式為S8+3AsF5S8(AsF6)2+AsF3。氧能形成H2O、H2O2、Na2O2、SO2、V2O5等重要氧化物。SO2是一種重要的工業(yè)原料，可通過煅燒黃鐵礦或加熱無水硫酸鈣、焦炭及二氧化硅的混合物(CaSO4+C+SiO2SO2↑+CO↑+CaSiO3)等方法來制取。SO2在V2O5催化作用下與O2反應生成SO3。下列關于物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)或物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系說法正確的是A．Na2O2具有較高的熔點，可用于潛艇的供氧劑B．SO2易溶于水，可用于漂白羽毛C．H2O2具有強氧化性，可用KMnO4溶液通過滴定法測定其濃度D．焦炭具有還原性，可用于制備晶體硅〖答案〗D〖解析〗A．Na2O2可用于潛艇的供氧劑，是因為與水、二氧化碳反應生成氧氣，與熔點無關，A物質(zhì)性質(zhì)與用途不具有對應關系；B．可用于漂白羽毛是因為SO2有漂白性，B物質(zhì)性質(zhì)與用途不具有對應關系；C．可用KMnO4溶液通過滴定法測定H2O2其濃度是利用H2O2具有強還原性，C物質(zhì)性質(zhì)與用途不具有對應關系；D．焦炭具有還原性，用焦炭還原二氧化硅反應制備晶體硅，D物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系；故選D。9．（2024·江蘇南通3月監(jiān)測）氯及其化合物應用廣泛。易液化，可儲存于鋼瓶中。氯氣可用于生產(chǎn)、、、等化工產(chǎn)品。和的化學性質(zhì)相似，能與反應生成兩種酸。(其中為價)可用于漂白和殺菌消毒，其水解可生成和。下列物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)或物質(zhì)的性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．的鍵能大于，的熱穩(wěn)定性大于B．分子間存在氫鍵，不易分解C．具有弱酸性，可用于殺菌消毒D．溶液呈棕黃色，可用于蝕刻銅制印刷電路板〖答案〗A〖解析〗A．氫氯鍵的鍵能大于氫溴鍵，說明氫氯鍵強于氫溴鍵，所以氯化氫的熱穩(wěn)定性大于溴化氫，故A正確；B．水分子不易分解是因為氧元素的電負性大，非金屬性強所致，與水分子間存在氫鍵無關，故B錯誤；C．次氯酸可用于殺菌消毒是因為次氯酸具有強氧化性所致，與次氯酸具有弱酸性無關，故C錯誤；D．氯化鐵溶液可用于蝕刻銅制印刷電路板是因為鐵離子具有弱氧化性，能與銅反應生成亞鐵離子和銅離子所致，與氯化鐵溶液呈棕黃色無關，故D錯誤；故選A。考點二常見無機物的轉(zhuǎn)化10．（2024·江蘇鹽城11期中）氯及其化合物的轉(zhuǎn)化具有重要應用。下列說法正確的是A．用Fe制?。築．工業(yè)制取苯酚：NaClCl2(g)C6H5ClC6H5OHC．實驗室制?。篋．工業(yè)制取漂白粉：〖答案〗C〖解析〗A．Fe與HCl反應生成氯化亞鐵，不能生成氯化鐵，故A項錯誤；B．氯苯的取代條件應為氫氧化鈉水溶液、加熱，而不是濃硫酸、加熱，故B項錯誤；C．實驗室用二氧化錳與濃鹽酸加熱制備氯氣，化學方程式為：，故C項正確；D．工業(yè)用氯氣與石灰乳反應制備漂白粉，化學方程式為：，故D項錯誤；故本題選C。11．（2024·江蘇泰州中學模擬）鐵及其化合物的轉(zhuǎn)化具有重要應用。在指定條件下，下列物質(zhì)間轉(zhuǎn)化能實現(xiàn)的是A．B．C．D．〖答案〗B〖解析〗A．Fe2O3溶于稀鹽酸生成FeCl3和水，F(xiàn)eCl3為揮發(fā)性酸的弱堿鹽，蒸發(fā)時會發(fā)生水解，轉(zhuǎn)化為Fe(OH)3沉淀，A不正確；B．I2具有弱氧化性，只能將Fe氧化為FeI2，F(xiàn)eI2電離產(chǎn)生的Fe2+和I-都能被Cl2氧化，從而生成FeCl3和I2，B正確；C．FeS2在高溫條件下能被O2氧化，生成Fe2O3和SO2，但Fe2O3難溶于水，與水不能發(fā)生反應，C不正確；D．Fe溶于鹽酸生成FeCl2和H2，SO2具有弱氧化性，不能將Fe2+氧化為Fe3+，D不正確；故選B。12．（2024·甘肅白銀靖遠第一中學模擬預測）從高砷煙塵(主要成分為As2O3、As2O5和Pb5O8，其中Pb5O8中的Pb均為+2價或+4價，As2O3、As2O5均為酸性氧化物)中回收制備砷酸鈉晶體的工藝流程如下，下列說法正確的是

A．“堿浸”時，Pb5O8發(fā)生的反應中氧化產(chǎn)物與還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為1:1B．為加快“氧化”時的反應速率，可將溶液加熱至沸騰C．浸出液“氧化”過程中，溶液的堿性逐漸增強D．系列操作中的洗滌步驟為向漏斗中加水并用玻璃棒攪拌，待水流下重復2~3次〖答案〗A〖祥解〗高砷煙塵(主要成分為As2O3、As2O5和Pb5O8，As2O3、As2O5均為酸性氧化物)，加入氫氧化鈉和硫化鈉進行堿浸，反應后經(jīng)抽濾所得濾渣為PbS和S，浸出液主要成分為Na3AsO4和NaAsO2，加入過氧化氫進行氧化，發(fā)生反應：H2O2+AsO+2OH-=AsO+2H2O，得到Na3AsO4溶液，然后蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾、洗滌、干燥得到砷酸鈉晶體。〖解析〗A．“堿浸”時，Pb5O8與硫化鈉發(fā)生氧化還原反應生成PbS、S和氫氧化鈉，反應的化學方程式為：Pb5O8+8Na2S+8H2O=5PbS+16NaOH+3S，其中PbS是還原產(chǎn)物，S是氧化產(chǎn)物，依據(jù)正負化合價代數(shù)和為0的原則，可知Pb5O8中Pb2+和Pb4+的數(shù)目之比為2:3，結(jié)合方程式可知，氧化產(chǎn)物與還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為1:1，A正確；B．“氧化”時用的氧化劑為過氧化氫，過氧化氫受熱分解速率加快，因此不能將溶液加熱至沸騰，B錯誤；C．浸出液“氧化”過程中，發(fā)生反應：H2O2+AsO+2OH-=AsO+2H2O，消耗了氫氧根離子，溶液的堿性逐漸減弱，C錯誤；D．洗滌過程中，不能用玻璃棒攪拌，易戳破濾紙，應使水剛好浸沒固體，待水自然流下，重復2~3次，D錯誤；故選A。13．（2024·廣東高州2月大聯(lián)考）如圖所示為氯元素的“價-類”二維圖。下列說法正確的是A．分別蘸有①的濃溶液和濃氨水的玻璃棒互相靠近會產(chǎn)生白煙B．⑥中陰離子的空間構(gòu)型為平面四邊形C．④的電子式為D．明礬與③的凈水原理相同〖答案〗A〖祥解〗根據(jù)氯元素的“價-類”二維圖可以得到①是HCl，②是Cl2，③是ClO2，④是HClO，⑤是次磷酸鹽，⑥是HClO4?！冀馕觥紸．蘸有濃鹽酸和濃氨水的玻璃棒靠近會產(chǎn)生白煙，氨氣和氯化氫氣體會反應生成氯化銨，A正確；B．⑥中陰離子的價層電子對數(shù)=，空間構(gòu)型為正四面體形，B錯誤；C．④的電子式為，C錯誤；D．明礬凈水是因為鋁離子水解成的氫氧化鋁膠體具有吸附性可以吸附懸浮雜質(zhì)，二氧化氯凈水是因為二氧化氯有強氧化性，二者凈水原理不相同，D錯誤；故選A。14．（2024·湖北襄陽四中一模）鎂及其合金是用途很廣的金屬材料，可以通過以下步驟從海水中提取鎂下列說法正確的是A．試劑①可以選用石灰石B．加入試劑①后，能夠分離得到沉淀的方法是過濾C．溶液通過蒸發(fā)結(jié)晶可得到無水D．電解熔融所得副產(chǎn)物和混合點燃是工業(yè)制備試劑②的重要方法〖答案〗B〖祥解〗海水（含NaCl和MgSO4等）加入石灰乳，Mg2+可與OH-反應生成難溶于水的Mg(OH)2沉淀，過濾即可，Mg(OH)2加入HCl，酸堿中和反應即可生成MgCl2溶液，經(jīng)過一系列操作，即可得到無水氯化鎂，電解熔融狀態(tài)下的無水氯化鎂即可得到鎂單質(zhì)，據(jù)此回答?！冀馕觥紸．由分析知，試劑①可以選用石灰乳，從而降低成本，直接加入石灰石，無法生成氫氧化鎂，A錯誤；B．根據(jù)分析知，加入試劑①后，能夠分離得到沉淀的方法是過濾，B正確；C．由于易水解，生成的氯化氫易揮發(fā)，進一步促進水解生成氫氧化鎂，溶液通過蒸發(fā)結(jié)晶無法得到無水，C錯誤；D．電解熔融得到鎂和氯氣，即所得副產(chǎn)物為，沒有氫氣，D錯誤；故選B。15．（2024·廣東惠州一模）部分含氮物質(zhì)的分類與相應化合價的關系如圖所示。下列說法不正確的是A．實驗室可用排水法收集eB．屬于人工固氮的過程C．將c和e通入到強堿溶液中，可生成dD．工業(yè)上可用氣體a、空氣和水為原料生產(chǎn)f〖答案〗A〖祥解〗分析價類二維圖可知a為NH3，b為N2，c為NO，d為亞硝酸鹽，e為NO2，f為HNO3?！冀馕觥紸．與水反應生成一氧化氮和硝酸，不可用排水法收集，故A錯誤；B．是合成氨過程，將游離態(tài)的氮轉(zhuǎn)化為化合態(tài)的氮屬于氮的固定，且人工固氮的過程，故B正確；C．和通入溶液中，可生成，故C正確；D．工業(yè)上可利用催化氧化為，再由和、反應生成硝酸，故D正確；故〖答案〗為：A。16．（2024·江蘇南京外國語學校金陵中學海安中學三校聯(lián)考）硫及其化合物的轉(zhuǎn)化具有重要應用。下列說法正確的是A．工業(yè)制硫酸過程中的物質(zhì)轉(zhuǎn)化：FeS2SO2H2SO3H2SO4B．工業(yè)尾氣中的SO2處理：SO2CaSO3CaSO4C．硫代硫酸鈉溶液中滴加稀硫酸：Na2S2O3+2H2SO4=Na2SO4+4SO2↑+3H2OD．鈣基固硫主要反應：2CaO+O2+2SO22CaSO4〖答案〗D〖解析〗A．工業(yè)制硫酸過程中二氧化硫不是直接溶于水，而是轉(zhuǎn)化為三氧化硫，再用硫酸吸收，故A錯誤；B．工業(yè)尾氣中的SO2主要用CaO吸收，不是氯化鈣，故B錯誤；C．硫代硫酸鈉溶液中滴加稀硫酸：Na2S2O3+H2SO4=Na2SO4+SO2↑+S↓+H2O，故C錯誤；D．鈣基固硫是用生石灰來除去生成的SO2，反應的化學方程式2CaO+O2+2SO22CaSO4，故D正確；〖答案〗選D。17．（2024·湖北武漢漢陽部分學校一模）含氯元素物質(zhì)的“價-類”二維圖如圖所示，下列說法錯誤的是A．相同質(zhì)量的乙的消毒效率比甲的高B．可存在甲→戊→已→甲的循環(huán)轉(zhuǎn)化關系C．加熱氯化銅溶液，溶液變?yōu)辄S綠色D．戊→己的轉(zhuǎn)化一定需要加入還原劑才能實現(xiàn)〖答案〗D〖祥解〗由含氯元素物質(zhì)的“價-類”二維圖可知，甲、乙、丙、丁、戊、己分別為Cl2、ClO2、HClO、HClO4、KClO3、KCl?！冀馕觥紸．作消毒劑時，氯元素的化合價由＋4價變?yōu)?1價，即轉(zhuǎn)移5mol電子，作消毒劑時，氯元素的化合價由0價變?yōu)?1價，即轉(zhuǎn)移2mol電子，則相同質(zhì)量的轉(zhuǎn)移的電子更多，所以的消毒效率比的高，故A正確；B．與熱的KOH溶液發(fā)生歧化反應可生成和KCl：，在的作用下受熱分解可生成KCl，惰性陽極電解氯化鉀溶液可以生成氯氣：，故B正確；C．氯化銅溶液中存在平衡：，升高溫度，平衡正向移動，溶液逐漸變?yōu)辄S綠色，故C正確；D．在的作用下受熱分解生成KCl和，因此轉(zhuǎn)化為KCl不需要加入還原劑也可實現(xiàn)，故D錯誤；故〖答案〗為：D。18．（2024·安徽安慶第一中學考試）軟磁材料可由陽極渣和黃鐵礦制得。陽極渣的主要成分為且含有少量Pb、Fe、Cu等元素的化合物。制備流程如下。25℃時，。下列說法錯誤的是A．X可為稀硫酸B．濾渣2成分是和C．“酸浸”時中的鐵元素轉(zhuǎn)化為，該反應中氧化劑與還原劑物質(zhì)的量之比為3:2D．利用替代CaO可優(yōu)化該流程〖答案〗B〖祥解〗黃鐵礦和陽極渣加稀硫酸酸浸，發(fā)生氧化還原反應，過濾，濾渣1為S、PbSO4，濾液中加H2O2和CaO，其中CaO調(diào)溶液pH，將Fe3+和Cu2+轉(zhuǎn)化為Fe(OH)3和Cu(OH)2沉淀，過濾，濾液中加MnF2沉淀Ca2+，過濾得到含MnSO4的濾液，然后經(jīng)過一系列處理得Mn3O4?！冀馕觥紸．MnO2具有較強氧化性，具有較強還原性，據(jù)流程圖可知，后續(xù)操作得到MnSO4，所以X可為稀硫酸，故A正確；B．濾液中加CaO調(diào)溶液pH，將Fe3+和Cu2+轉(zhuǎn)化為Fe(OH)3和Cu(OH)2沉淀，由于CaSO4微溶，所以濾渣2的成分是、CaSO4和Fe(OH)3，故B錯誤；C．“酸浸”時中的鐵元素轉(zhuǎn)化為，MnO2被還原為MnSO4，反應的離子方程式為，所以該反應中氧化劑與還原劑物質(zhì)的量之比為3:2，故C正確；D．利用替代CaO可避免引入雜質(zhì)Ca2+，即可優(yōu)化該流程，故D正確；故〖答案〗為：B。19．（2024·湖南師范大學附屬中學模擬）一種利用含鈷廢料(主要成分為，還含有少量等雜質(zhì))制備的工藝流程如下。已知：①常溫下，部分金屬離子沉淀的如下表：金屬離子開始沉淀的8.52.23.47.8完全沉淀(金屬離子)的的10.03.04.59.4②的的。下列說法不正確的是A．由流程可知氧化性：B．常溫下加入的溶液顯堿性C．氣體通入氨水至過量后所得溶液可循環(huán)利用D．“高溫焙燒”時的化學方程式：〖答案〗A〖祥解〗鈷廢料(主要成分為，還含有少量等雜質(zhì))中加硫酸、H2O2酸浸，還原為Co2+，轉(zhuǎn)化為對應硫酸鹽，二氧化硅不溶解，濾渣為二氧化硅，濾液中加氨水調(diào)溶液的pH，沉淀Al3+、Fe3+，過濾，濾液中加碳酸氫銨沉鈷，得CoCO3沉淀，然后碳酸鈷和碳酸鋰高溫焙燒生成?！冀馕觥紸．由流程可知，鈷廢料(主要成分為，還含有少量等雜質(zhì))中加硫酸、H2O2酸浸，被H2O2還原為Co2+，所以氧化性：，故A錯誤；B．電離常數(shù)：碳酸的，所以水解常數(shù)，所以溶液顯堿性，故B正確；C．氣體為CO2，通入氨水至過量后所得溶液為溶液，溶液可循環(huán)利用，故C正確；D．“高溫焙燒”時，碳酸鈷和碳酸鋰反應生成，鈷元素化合價升高，則有氧氣參與，反應的化學方程式：，故D正確；故〖答案〗為：A。20．（2024·江蘇南通通州模擬）工業(yè)用鎂還原制備金屬Ti，工藝流程如圖。下列說法不正確的是A．工業(yè)上可通過電解熔融制取金屬MgB．用金屬Mg還原過程中需要通入作保護氣C．“真空蒸餾”的目的是使Mg、氣化，實現(xiàn)與Ti的分離D．制得海綿鈦中含有少量金屬Mg，可以用稀鹽酸浸泡除Mg〖答案〗B〖祥解〗工業(yè)生產(chǎn)一般采用電解熔融的方法制鎂，所得Mg通過“高溫還原”、發(fā)生反應制取金屬鈦，再經(jīng)過真空蒸餾提純鈦等步驟得到鈦產(chǎn)品?！冀馕觥紸．由于MgO的熔點高，電解MgO制備金屬Mg能耗大，工業(yè)生產(chǎn)一般采用電解熔融的方法制鎂，故A正確；B．點燃下金屬鎂和能反應，則用金屬鎂還原過程中不能用作保護氣，可通入Ar作保護氣，故B錯誤；C．真空蒸餾時，需要將金屬Mg、分離除去，由于金屬鈦的熔點很高，因此真空蒸餾的目的是為了降低單質(zhì)Mg和的沸點，使Mg、氣化，實現(xiàn)與Ti的分離，故C正確；D．制得海綿鈦中含有少量金屬Mg，Ti常溫下不與稀鹽酸反應，Mg反應，因此可以用稀鹽酸浸泡除Mg，故D正確；故選B。專題03常見無機物的性質(zhì)、用途與轉(zhuǎn)化考點一常見無機物的性質(zhì)與用途1．（2024·浙江6月卷）下列說法不正確的是A．呈兩性，不能用于治療胃酸過多B．能與反應產(chǎn)生，可作供氧劑C．有還原性，能被氧化成D．見光易分解，應保存在棕色試劑瓶中〖答案〗A〖解析〗A．呈兩性，不溶于水，但可以與胃酸反應生成無毒物質(zhì)，因此其能用于治療胃酸過多，A不正確；B．能與反應產(chǎn)生，該反應能安全發(fā)生且不生成有毒氣體，故可作供氧劑，B正確；C．有還原性，其中Fe元素的化合價為+2，用適當?shù)难趸瘎┛梢詫⑵溲趸筛邇r態(tài)的，C正確；D．見光易分解的物質(zhì)應保存在棕色試劑瓶中；見光易分解，故其應保存在棕色試劑瓶中，D正確；綜上所述，本題選A。2．（2024·浙江6月卷）物質(zhì)微觀結(jié)構(gòu)決定宏觀性質(zhì)，進而影響用途。下列結(jié)構(gòu)或性質(zhì)不能解釋其用途的是選項結(jié)構(gòu)或性質(zhì)用途A石墨呈層狀結(jié)構(gòu)，層間以范德華力結(jié)合石墨可用作潤滑劑B具有氧化性可用作漂白劑C聚丙烯酸鈉()中含有親水基團聚丙烯酸鈉可用于制備高吸水性樹脂D冠醚18-冠-6空腔直徑()與直徑()接近冠醚18-冠-6可識別，能增大在有機溶劑中的溶解度〖答案〗B〖解析〗A．石墨呈層狀結(jié)構(gòu)，層間以范德華力結(jié)合，該作用力較小，層與層容易滑動，石墨可用作潤滑劑，A正確；B．具有漂白性，可用作漂白劑，B錯誤；C．聚丙烯酸鈉()中含有親水基團-COO-，聚丙烯酸鈉可用于制備高吸水性樹脂，C正確；D．冠醚18-冠-6空腔直徑()與直徑()接近，可識別，使K+存在于其空腔中，進而能增大在有機溶劑中的溶解度，D正確；故選B。3．（2024·甘肅卷）化學與生活息息相關，下列對應關系錯誤的是物質(zhì)性質(zhì)用途A次氯酸鈉氧化性衣物漂白B氫氣可燃性制作燃料電池C聚乳酸生物可降解性制作一次性餐具D活性炭吸附性分解室內(nèi)甲醛A．A B．B C．C D．D〖答案〗D〖解析〗A．次氯酸鈉有強氧化性，從而可以做漂白劑，用于衣物漂白，A正確；B．氫氣是可燃氣體，具有可燃性，能被氧氣氧化，可以制作燃料電池，B正確；C．聚乳酸具有生物可降解性，無毒，是高分子化合物，可以制作一次性餐具，C正確；D．活性炭有吸附性，能夠有效吸附空氣中的有害氣體、去除異味，但無法分解甲醛，D錯誤；故本題選D。4．（2024·山東卷）化學品在食品工業(yè)中也有重要應用，下列說法錯誤的是A．活性炭可用作食品脫色劑 B．鐵粉可用作食品脫氧劑C．谷氨酸鈉可用作食品增味劑 D．五氧化二磷可用作食品干燥劑〖答案〗D〖解析〗A．活性炭結(jié)構(gòu)疏松多孔，具有吸附性，能夠吸附一些食品中的色素，故A正確；B．鐵粉具有還原性，能與O2反應，可延長食品的保質(zhì)期，作食品脫氧劑，故B正確；C．谷氨酸鈉是味精的主要成分，能增加食物的鮮味，是一種常用的食品增味劑，故C正確；D．P2O5吸水后的產(chǎn)物有毒，不能用作食品干燥劑，故D錯誤；故選D。5．（2024·山東卷）物質(zhì)性質(zhì)決定用途，下列兩者對應關系錯誤的是A．石灰乳除去廢氣中二氧化硫，體現(xiàn)了的堿性B．氯化鐵溶液腐蝕銅電路板，體現(xiàn)了的氧化性C．制作豆腐時添加石膏，體現(xiàn)了的難溶性D．用氨水配制銀氨溶液，體現(xiàn)了的配位性〖答案〗C〖解析〗A．SO2是酸性氧化物，石灰乳為Ca(OH)2，呈堿性，吸收SO2體現(xiàn)了Ca(OH)2的堿性，A正確；B．氯化鐵溶液腐蝕銅電路板，發(fā)生的反應為，體現(xiàn)了Fe3+的氧化性，B正確；C．制作豆腐時添加石膏，利用的是在膠體中加入電解質(zhì)發(fā)生聚沉這一性質(zhì)，與CaSO4難溶性無關，C錯誤；D．銀氨溶液的配制是在硝酸銀中逐滴加入氨水，先生成白色沉淀AgOH，最后生成易溶于水的Ag(NH3)2OH，Ag(NH3)2OH中Ag+和NH3之間以配位鍵結(jié)合，體現(xiàn)了NH3的配位性，D正確；故選C。6．（2024·黑吉遼卷）家務勞動中蘊含著豐富的化學知識。下列相關解釋錯誤的是A．用過氧碳酸鈉漂白衣物：具有較強氧化性B．釀米酒需晾涼米飯后加酒曲：乙醇受熱易揮發(fā)C．用檸檬酸去除水垢：檸檬酸酸性強于碳酸D．用堿液清洗廚房油污：油脂可堿性水解〖答案〗B〖解析〗A．過碳酸鈉中過碳酸根中有兩個O原子為-1價，易得到電子變成-2價O，因此過碳酸鈉具有強氧化性，可以漂白衣物，A正確；B．酒曲上大量微生物，微生物可以分泌多種酶將化谷物中的淀粉、蛋白質(zhì)等轉(zhuǎn)變成糖、氨基酸。糖分在酵母菌的酶的作用下，分解成乙醇，即酒精。因此，米飯需晾涼，米飯過熱會使微生物失活，B錯誤；C．檸檬酸的酸性強于碳酸，可以將水垢中的碳酸鈣分解為可溶性的鈣離子，用于除水垢，C正確；D．油脂可以在堿性條件下水解成可用于水的甘油和脂肪酸鹽，用于清洗油污，D正確；故〖答案〗選B。7．（2024·浙江1月卷）工業(yè)上將Cl2通入冷的溶液中制得漂白液，下列說法不正確的是A．漂白液的有效成分是 B．ClO-水解生成使漂白液呈酸性C．通入CO2后的漂白液消毒能力增強 D．溶液比溶液穩(wěn)定〖答案〗B〖解析〗A．漂白液的主要成分是次氯酸鈉(NaClO)和氯化鈉(NaCl)，有效成分是次氯酸鈉，A正確；B．ClO-水解生成HClO，水解方程式為ClO-+H2OHClO+OH-，使漂白液呈堿性，B錯誤；C．通入CO2后，發(fā)生反應NaClO+CO2+H2O=NaHCO3+HClO，漂白液消毒能力增強，C正確；D．次氯酸不穩(wěn)定，次氯酸鹽穩(wěn)定，所以熱穩(wěn)定性NaClO＞HClO，D正確；考點二常見無機物的轉(zhuǎn)化8．（2024·安徽卷）下列選項中的物質(zhì)能按圖示路徑在自然界中轉(zhuǎn)化，且甲和水可以直接生成乙的是選項甲乙丙ABCDA．A B．B C．C D．D〖答案〗D〖解析〗A．Cl2與水反應生成HClO和HCl，無法直接生成NaClO，A錯誤；B．SO2與水反應生成亞硫酸而不是硫酸，B錯誤；C．氧化鐵與水不反應，不能生成氫氧化鐵沉淀，C錯誤；D．CO2與水反應生成碳酸，碳酸與碳酸鈣反應生成碳酸氫鈣，碳酸氫鈣受熱分解生成二氧化碳氣體，D正確；故〖答案〗選D。9．（2024·江蘇卷）在給定條件下，下列制備過程涉及的物質(zhì)轉(zhuǎn)化均可實現(xiàn)的是A．HCl制備：溶液和B．金屬Mg制備：溶液C．純堿工業(yè)：溶液D．硫酸工業(yè)：〖答案〗A〖解析〗A．電解氯化鈉溶液可以得到H2和Cl2，H2和Cl2點燃反應生成HCl，故A的轉(zhuǎn)化可以實現(xiàn)；B．氫氧化鎂和鹽酸反應可以得到氯化鎂溶液，但是電解氯化鎂溶液不能得到Mg，電解熔融MgCl2才能得到金屬鎂單質(zhì)，故B的轉(zhuǎn)化不能實現(xiàn)；C．純堿工業(yè)是在飽和食鹽水中通入NH3和CO2先得到NaHCO3，然后NaHCO3受熱分解為Na2CO3，故C的轉(zhuǎn)化不能實現(xiàn)；D．工業(yè)制備硫酸，首先黃鐵礦和氧氣反應生成SO2，但是SO2和水反應生成H2SO3，不能得到H2SO4，故D的轉(zhuǎn)化不能實現(xiàn)；故選A。10．（2024·黑吉遼卷）分解的“碘鐘”反應美輪美奐。將一定濃度的三種溶液(①溶液；②淀粉、丙二酸和混合溶液；③、稀硫酸混合溶液)混合，溶液顏色在無色和藍色之間來回振蕩，周期性變色；幾分鐘后，穩(wěn)定為藍色。下列說法錯誤的是A．無色→藍色：生成 B．藍色→無色：轉(zhuǎn)化為化合態(tài)C．起漂白作用 D．淀粉作指示劑〖答案〗C〖祥解〗分析該“碘鐘”反應的原理：①在Mn2+的催化下H2O2與IO反應生成I2，在淀粉指示劑的作用下溶液變藍色；②生成的I2又會與H2O2反應生成IO，使溶液變回無色；③生成的I2可以與丙二酸反應生成琥珀色的ICH(COOH)2，溶液最終會變成藍色?！冀馕觥紸．根據(jù)分析，溶液由無色變?yōu)樗{色說明有I2生成，A正確；B．根據(jù)分析，溶液由藍色變?yōu)闊o色，是將I2轉(zhuǎn)化為IO，I2轉(zhuǎn)化為為化合態(tài)，B正確；C．根據(jù)分析，H2O2在此過程中參加反應，不起到漂白作用，C錯誤；D．在此過程中，因為有I2的生成與消耗，淀粉在這個過程中起到指示劑的作用，D正確；故〖答案〗選C。11．（2024·全國甲卷）四瓶無色溶液，它們之間的反應關系如圖所示。其中a、b、c、d代表四種溶液，e和g為無色氣體，f為白色沉淀。下列敘述正確的是A．a(chǎn)呈弱堿性B．f可溶于過量的b中C．c中通入過量的e可得到無色溶液D．b和d反應生成的沉淀不溶于稀硝酸〖答案〗B〖祥解〗由題意及關系圖可知，a與b反應需要加熱，且產(chǎn)生的e為無色氣體，則a和b分別為和的一種，產(chǎn)生的氣體e為；又由于b和c反應生成白色沉淀f，不會與其他三種溶液產(chǎn)生沉淀，故b為，a為；又由于c既能與b產(chǎn)生沉淀f，又能與d反應產(chǎn)生沉淀f，故c為，d為，生成的白色沉淀為，無色氣體g為。綜上所述，a為溶液，b為溶液，c為溶液，d為溶液，e為，f為，g為。〖解析〗A．由分析可知，a為溶液，為強酸弱堿鹽的溶液，水解顯酸性，故a顯弱酸性，A項錯誤B．由分析可知，f為，b為溶液，為兩性氫氧化物，可溶液強堿，故f可溶于過量的b中，B項正確；C．由分析可知，c為溶液，e為，溶液通入會生成沉淀，不溶于弱堿，繼續(xù)通入不能得到無色溶液，C項錯誤；D．由分析可知，b為，d為，二者反應生成沉淀，可溶與稀硝酸，D項錯誤；故選B?？键c一常見無機物的性質(zhì)與用途1．（2024·廣東惠州一模）下列勞動項目與所述化學知識沒有關聯(lián)的是選項勞動項目化學知識A工人常用高鐵酸鉀處理污水高鐵酸鉀具有氧化性和氫氧化鐵膠體具有吸附性B農(nóng)民用廚余垃圾制肥料廚余垃圾含N、P等元素C消防員使用泡沫滅火器滅火碳酸氫鈉受熱易分解D醫(yī)生用聚乳酸作手術縫合線聚乳酸在人體內(nèi)可水解、吸收A．A B．B C．C D．D〖答案〗C〖解析〗A．高鐵酸鉀具有強氧化性，能使蛋白質(zhì)變性達到殺菌消毒的作用，反應生成的鐵離子在溶液中發(fā)生水解反應生成氫氧化鐵膠體，膠體吸附水中懸浮雜質(zhì)而聚沉達到凈水的目的，所以高鐵酸鉀常用于處理水與高鐵酸鉀的氧化性和氫氧化鐵膠體的吸附性有關，A不合題意；B．氮元素和磷元素是氮肥和磷肥的肥效元素，廚余垃圾中含有氮元素和磷元素，所以可用廚余垃圾制肥料，B不合題意；C．泡沫滅火器滅火的原理為：碳酸氫鈉與硫酸鋁發(fā)生雙水解生成氫氧化鋁和二氧化碳，而不是利用碳酸氫鈉受熱易分解的性質(zhì)，C符合題意；D．聚乳酸在人體內(nèi)能夠水解、被吸收，所以醫(yī)生用聚乳酸作手術縫合線，D不合題意；故〖答案〗為：C。2．（2024·廣東高州2月大聯(lián)考）勞動創(chuàng)造未來。下列勞動項目與化學知識沒有對應關系的是選項勞動項目化學知識A將去皮的土豆泡到冷開水中防止變色土豆中一些水溶性的營養(yǎng)物質(zhì)因泡水而丟失B給芒果樹噴灑波爾多液是重金屬離子，可使蛋白質(zhì)變性C蒸餾是釀酒的傳統(tǒng)技藝利用酒精和水的沸點不同進行分離D用水玻璃浸泡紡織品用于防火硅酸鈉不易燃燒，可用于防火A．A B．B C．C D．D〖答案〗A〖解析〗A．去皮土豆浸泡到冷開水中，可隔絕空氣，防止土豆中還原性酚類物質(zhì)與空氣中氧氣反應，A項符合題意；B．波爾多液中的是重金屬離子，可使細菌病毒的蛋白質(zhì)變性，達到殺死病蟲害的目的，B項不符合題意；C．蒸餾是利用酒精和水的沸點不同進行分離，C項不符合題意；D．水玻璃是硅酸鈉溶液，不易燃燒，可用于防火，D項不符合題意；〖答案〗選A。3．（2024·河北衡水部分高中一模）物質(zhì)的性質(zhì)決定用途，下列兩者關系對應不正確的是A．鋁合金質(zhì)量輕、強度大，可用作制造飛機和宇宙飛船的材料B．FeCl3溶液呈酸性，可腐蝕覆銅板制作印刷電路板C．CuS、HgS極難溶，可用Na2S作沉淀劑除去廢水中的Cu2+和Hg2+D．碳化硅硬度大，可用作砂紙、砂輪的磨料〖答案〗B〖解析〗A．合金的密度比成分金屬一般較小，硬度一般比成分金屬要大，故鋁合金質(zhì)量輕、強度大，決定其可用作制造飛機和宇宙飛船的材料，A不合題意；B．用FeCl3溶液腐蝕覆銅板制作印刷電路板的原理為：Cu+2FeCl3=CuCl2+2FeCl2，反應中FeCl3作氧化劑，與其溶液呈酸性無關，B符合題意；C．由于CuS、HgS極難溶，故可用Na2S作沉淀劑除去廢水中的Cu2+和Hg2+，C不合題意；D．碳化硅硬度大，可用作砂紙、砂輪的磨料，D不合題意；故〖答案〗為：B。4．（2024·江蘇泰州中學模擬）可用于生產(chǎn)銨鹽、硝酸等。與都可用作火箭的燃料，下列物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)或物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．極易溶于水，液氨可用作制冷劑B．具有還原性，可用作火箭的燃料C．易分解，可用作化肥D．共價鍵數(shù)目大于，的熱穩(wěn)定性比的高〖答案〗B〖解析〗A．液氨可用作制冷劑，表明氨分子由液態(tài)轉(zhuǎn)化為氣態(tài)時，需要從周圍環(huán)境吸收熱量，也即液氨分子間存在較大的作用力，與氨極易溶于水無關，A不符合題意；B．具有還原性，可被氧化劑氧化，釋放出大量的能量，因此可用作火箭的燃料，物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系，B符合題意；C．可用作化肥，是因為含有氮元素，與易分解無關，C不符合題意；D．N2H4分子內(nèi)含有化學鍵：N-N，導致的熱穩(wěn)定性比的高，與共價鍵數(shù)目無關，D不符合題意；〖答案〗選B。5．（2024·江蘇揚州中學考前模擬）磷酸可與鐵反應，在金屬表面生成致密且難溶于水的磷酸鹽膜。下列物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．氮氣為無色氣體，可用作焊接金屬的保護氣B．硝酸受熱易分解，可用于制NH4NO3C．磷酸難揮發(fā)，可用于保護金屬免受腐蝕D．液氨汽化時吸收大量熱，可用作制冷劑〖答案〗D〖解析〗A．N2的化學性質(zhì)穩(wěn)定，可避免金屬與氧氣接觸發(fā)生氧化反應而作為保護氣，與氮氣為無色氣體無關，A錯誤；B．硝酸為酸，與氨水反應生成硝酸銨，可用于制NH4NO3，與硝酸受熱易分解的性質(zhì)無關，B錯誤；C．磷酸可與鐵反應，在金屬表面生成致密且難溶于水的磷酸鹽膜，所以可用于保護金屬免受腐蝕，與其難揮發(fā)性無關，C錯誤；D．液氨汽化時吸收大量熱，使溫度降低，可用作制冷劑，D正確；故選D。6．（2024·江蘇揚州中學考前模擬）含氮化合物在生產(chǎn)生活中具有重要應用，下列說法不正確的是A．工業(yè)上常以向飽和氨的食鹽水中通入CO2制備NaHCO3和NH4ClB．實驗室可將苯和濃硝酸混合共熱制備硝基苯C．濃硝酸和濃鹽酸以體積比1∶3組成的混合物可用于溶解金、鉑等金屬D．尿素是一種中性肥料，可水解成碳酸銨或碳酸氫銨，緩慢釋放氨氣被作物吸收〖答案〗B〖解析〗A．由于碳酸氫鈉的溶解度小于碳酸氫銨，故工業(yè)上常以向飽和氨的食鹽水中通入CO2制備NaHCO3和NH4Cl，A正確；B．實驗室可將苯、濃硝酸和濃硝酸混合共熱發(fā)生硝化反應制備硝基苯，B錯誤；C．濃硝酸和濃鹽酸以體積比1∶3組成的混合物為王水，可用于溶解金、鉑等金屬，C正確；D．尿素可水解成碳酸銨或碳酸氫銨，緩慢釋放氨氣被作物吸收，D正確；故選B。7．（2024·江蘇南京外國語學校金陵中學海安中學三校聯(lián)考）下列有關物質(zhì)的性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．ClO2具有強氧化性，可用作自來水消毒B．Cl2易液化，可用作生產(chǎn)漂白液C．AgBr呈淡黃色，可用作感光材料D．KIO3易溶于水，可用作食鹽中加碘〖答案〗A〖解析〗A．ClO2具有強氧化性，能夠使蛋白質(zhì)變性，所以可用于自來水消毒劑，A正確；

B．Cl2能與NaOH反應生成NaClO，NaClO具有強氧化性、漂白性，可作漂白劑，與Cl2易液化無關，B錯誤；C．AgBr光照下易分解，因此可做感光材料，與顏色無關，C錯誤；D．KIO3性質(zhì)較穩(wěn)定，可用作食鹽中加碘，與其溶解性無關，D錯誤；故選A。8．（2024·江蘇南京第五高級中學高考熱身測試）氧、硫及其化合物應用廣泛。O2可用作燃料電池的氧化劑。S8在液態(tài)SO2中被AsF5氧化成S，反應方程式為S8+3AsF5S8(AsF6)2+AsF3。氧能形成H2O、H2O2、Na2O2、SO2、V2O5等重要氧化物。SO2是一種重要的工業(yè)原料，可通過煅燒黃鐵礦或加熱無水硫酸鈣、焦炭及二氧化硅的混合物(CaSO4+C+SiO2SO2↑+CO↑+CaSiO3)等方法來制取。SO2在V2O5催化作用下與O2反應生成SO3。下列關于物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)或物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系說法正確的是A．Na2O2具有較高的熔點，可用于潛艇的供氧劑B．SO2易溶于水，可用于漂白羽毛C．H2O2具有強氧化性，可用KMnO4溶液通過滴定法測定其濃度D．焦炭具有還原性，可用于制備晶體硅〖答案〗D〖解析〗A．Na2O2可用于潛艇的供氧劑，是因為與水、二氧化碳反應生成氧氣，與熔點無關，A物質(zhì)性質(zhì)與用途不具有對應關系；B．可用于漂白羽毛是因為SO2有漂白性，B物質(zhì)性質(zhì)與用途不具有對應關系；C．可用KMnO4溶液通過滴定法測定H2O2其濃度是利用H2O2具有強還原性，C物質(zhì)性質(zhì)與用途不具有對應關系；D．焦炭具有還原性，用焦炭還原二氧化硅反應制備晶體硅，D物質(zhì)性質(zhì)與用途具有對應關系；故選D。9．（2024·江蘇南通3月監(jiān)測）氯及其化合物應用廣泛。易液化，可儲存于鋼瓶中。氯氣可用于生產(chǎn)、、、等化工產(chǎn)品。和的化學性質(zhì)相似，能與反應生成兩種酸。(其中為價)可用于漂白和殺菌消毒，其水解可生成和。下列物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)或物質(zhì)的性質(zhì)與用途具有對應關系的是A．的鍵能大于，的熱穩(wěn)定性大于B．分子間存在氫鍵，不易分解C．具有弱酸性，可用于殺菌消毒D．溶液呈棕黃色，可用于蝕刻銅制印刷電路板〖答案〗A〖解析〗A．氫氯鍵的鍵能大于氫溴鍵，說明氫氯鍵強于氫溴鍵，所以氯化氫的熱穩(wěn)定性大于溴化氫，故A正確；B．水分子不易分解是因為氧元素的電負性大，非金屬性強所致，與水分子間存在氫鍵無關，故B錯誤；C．次氯酸可用于殺菌消毒是因為次氯酸具有強氧化性所致，與次氯酸具有弱酸性無關，故C錯誤；D．氯化鐵溶液可用于蝕刻銅制印刷電路板是因為鐵離子具有弱氧化性，能與銅反應生成亞鐵離子和銅離子所致，與氯化鐵溶液呈棕黃色無關，故D錯誤；故選A?？键c二常見無機物的轉(zhuǎn)化10．（2024·江蘇鹽城11期中）氯及其化合物的轉(zhuǎn)化具有重要應用。下列說法正確的是A．用Fe制?。築．工業(yè)制取苯酚：NaClCl2(g)C6H5ClC6H5OHC．實驗室制取：D．工業(yè)制取漂白粉：〖答案〗C〖解析〗A．Fe與HCl反應生成氯化亞鐵，不能生成氯化鐵，故A項錯誤；B．氯苯的取代條件應為氫氧化鈉水溶液、加熱，而不是濃硫酸、加熱，故B項錯誤；C．實驗室用二氧化錳與濃鹽酸加熱制備氯氣，化學方程式為：，故C項正確；D．工業(yè)用氯氣與石灰乳反應制備漂白粉，化學方程式為：，故D項錯誤；故本題選C。11．（2024·江蘇泰州中學模擬）鐵及其化合物的轉(zhuǎn)化具有重要應用。在指定條件下，下列物質(zhì)間轉(zhuǎn)化能實現(xiàn)的是A．B．C．D．〖答案〗B〖解析〗A．Fe2O3溶于稀鹽酸生成FeCl3和水，F(xiàn)eCl3為揮發(fā)性酸的弱堿鹽，蒸發(fā)時會發(fā)生水解，轉(zhuǎn)化為Fe(OH)3沉淀，A不正確；B．I2具有弱氧化性，只能將Fe氧化為FeI2，F(xiàn)eI2電離產(chǎn)生的Fe2+和I-都能被Cl2氧化，從而生成FeCl3和I2，B正確；C．FeS2在高溫條件下能被O2氧化，生成Fe2O3和SO2，但Fe2O3難溶于水，與水不能發(fā)生反應，C不正確；D．Fe溶于鹽酸生成FeCl2和H2，SO2具有弱氧化性，不能將Fe2+氧化為Fe3+，D不正確；故選B。12．（2024·甘肅白銀靖遠第一中學模擬預測）從高砷煙塵(主要成分為As2O3、As2O5和Pb5O8，其中Pb5O8中的Pb均為+2價或+4價，As2O3、As2O5均為酸性氧化物)中回收制備砷酸鈉晶體的工藝流程如下，下列說法正確的是

A．“堿浸”時，Pb5O8發(fā)生的反應中氧化產(chǎn)物與還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為1:1B．為加快“氧化”時的反應速率，可將溶液加熱至沸騰C．浸出液“氧化”過程中，溶液的堿性逐漸增強D．系列操作中的洗滌步驟為向漏斗中加水并用玻璃棒攪拌，待水流下重復2~3次〖答案〗A〖祥解〗高砷煙塵(主要成分為As2O3、As2O5和Pb5O8，As2O3、As2O5均為酸性氧化物)，加入氫氧化鈉和硫化鈉進行堿浸，反應后經(jīng)抽濾所得濾渣為PbS和S，浸出液主要成分為Na3AsO4和NaAsO2，加入過氧化氫進行氧化，發(fā)生反應：H2O2+AsO+2OH-=AsO+2H2O，得到Na3AsO4溶液，然后蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾、洗滌、干燥得到砷酸鈉晶體?！冀馕觥紸．“堿浸”時，Pb5O8與硫化鈉發(fā)生氧化還原反應生成PbS、S和氫氧化鈉，反應的化學方程式為：Pb5O8+8Na2S+8H2O=5PbS+16NaOH+3S，其中PbS是還原產(chǎn)物，S是氧化產(chǎn)物，依據(jù)正負化合價代數(shù)和為0的原則，可知Pb5O8中Pb2+和Pb4+的數(shù)目之比為2:3，結(jié)合方程式可知，氧化產(chǎn)物與還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為1:1，A正確；B．“氧化”時用的氧化劑為過氧化氫，過氧化氫受熱分解速率加快，因此不能將溶液加熱至沸騰，B錯誤；C．浸出液“氧化”過程中，發(fā)生反應：H2O2+AsO+2OH-=AsO+2H2O，消耗了氫氧根離子，溶液的堿性逐漸減弱，C錯誤；D．洗滌過程中，不能用玻璃棒攪拌，易戳破濾紙，應使水剛好浸沒固體，待水自然流下，重復2~3次，D錯誤；故選A。13．（2024·廣東高州2月大聯(lián)考）如圖所示為氯元素的“價-類”二維圖。下列說法正確的是A．分別蘸有①的濃溶液和濃氨水的玻璃棒互相靠近會產(chǎn)生白煙B．⑥中陰離子的空間構(gòu)型為平面四邊形C．④的電子式為D．明礬與③的凈水原理相同〖答案〗A〖祥解〗根據(jù)氯元素的“價-類”二維圖可以得到①是HCl，②是Cl2，③是ClO2，④是HClO，⑤是次磷酸鹽，⑥是HClO4?！冀馕觥紸．蘸有濃鹽酸和濃氨水的玻璃棒靠近會產(chǎn)生白煙，氨氣和氯化氫氣體會反應生成氯化銨，A正確；B．⑥中陰離子的價層電子對數(shù)=，空間構(gòu)型為正四面體形，B錯誤；C．④的電子式為，C錯誤；D．明礬凈水是因為鋁離子水解成的氫氧化鋁膠體具有吸附性可以吸附懸浮雜質(zhì)，二氧化氯凈水是因為二氧化氯有強氧化性，二者凈水原理不相同，D錯誤；故選A。14．（2024·湖北襄陽四中一模）鎂及其合金是用途很廣的金屬材料，可以通過以下步驟從海水中提取鎂下列說法正確的是A．試劑①可以選用石灰石B．加入試劑①后，能夠分離得到沉淀的方法是過濾C．溶液通過蒸發(fā)結(jié)晶可得到無水D．電解熔融所得副產(chǎn)物和混合點燃是工業(yè)制備試劑②的重要方法〖答案〗B〖祥解〗海水（含NaCl和MgSO4等）加入石灰乳，Mg2+可與OH-反應生成難溶于水的Mg(OH)2沉淀，過濾即可，Mg(OH)2加入HCl，酸堿中和反應即可生成MgCl2溶液，經(jīng)過一系列操作，即可得到無水氯化鎂，電解熔融狀態(tài)下的無水氯化鎂即可得到鎂單質(zhì)，據(jù)此回答?！冀馕觥紸．由分析知，試劑①可以選用石灰乳，從而降低成本，直接加入石灰石，無法生成氫氧化鎂，A錯誤；B．根據(jù)分析知，加入試劑①后，能夠分離得到沉淀的方法是過濾，B正確；C．由于易水解，生成的氯化氫易揮發(fā)，進一步促進水解生成氫氧化鎂，溶液通過蒸發(fā)結(jié)晶無法得到無水，C錯誤；D．電解熔融得到鎂和氯氣，即所得副產(chǎn)物為，沒有氫氣，D錯誤；故選B。15．（2024·廣東惠州一模）部分含氮物質(zhì)的分類與相應化合價的關系如圖所示。下列說法不正確的是A．實驗室可用排水法收集eB．屬于人工固氮的過程C．將c和e通入到強堿溶液中，可生成dD．工業(yè)上可用氣體a、空氣和水為原料生產(chǎn)f〖答案〗A〖祥解〗分析價類二維圖可知a為NH3，b為N2，c為NO，d為亞硝酸鹽，e為NO2，f為HNO3?！冀馕觥紸．與水反應生成一氧化氮和硝酸，不可用排水法收集，故A錯誤；B．是合成氨過程，將游離態(tài)的氮轉(zhuǎn)化為化合態(tài)的氮屬于氮的固定，且人工固氮的過程，故B正確；C．和通入溶液中，可生成，故C正確；D．工業(yè)上可利用催化氧化為