2025屆安徽巢湖市物理高二第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題含解析

2025屆安徽巢湖市物理高二第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，人造衛(wèi)星A、B繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．則這兩顆衛(wèi)星相比A.衛(wèi)星A的角速度較大 B.衛(wèi)星A的加速度較大C.衛(wèi)星A的周期較大 D.衛(wèi)星A的線速度較大2、如圖所示，水平桌面上的固定圓形金屬框通過(guò)導(dǎo)線與桌面上的平行金屬導(dǎo)軌相連接，圓形金屬框處在垂直桌面里、感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間如圖乙所示變化的磁場(chǎng)中，平行金屬導(dǎo)軌處于垂直桌面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌上固定一根導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，設(shè)水平向右為安培力的正方向，則導(dǎo)體棒所受的安培力隨時(shí)間變化的圖象正確的是A. B.C. D.3、壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，在升降機(jī)中將重物放在壓敏電阻上，壓敏電阻接在如圖甲所示的電路中，電流表示數(shù)變化情況如圖乙所示，某同學(xué)根據(jù)電流表的示數(shù)變化情況推斷升降機(jī)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)一定勻速運(yùn)動(dòng)B.時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能減速上升C.時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能勻速上升D.時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能勻加速上升4、某同學(xué)將一個(gè)電源分別跟R1和R2串聯(lián)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，電阻兩端的電壓隨電流變化關(guān)系和電源的路端電壓隨電流變化關(guān)系如圖所示，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A.定值電阻R1=3Ω，R2=0.75ΩB.電源電動(dòng)勢(shì)E=9V，內(nèi)阻r=1ΩC.接R1時(shí)，電源的輸出功率為12WD.接R2時(shí)，電源的輸出功率為12W5、下列敘述正確的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律并測(cè)量了萬(wàn)有引力常量B.法拉第發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線能夠在其周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)C.法拉第總結(jié)了通電導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的規(guī)律，并提出分子電流假說(shuō)D.感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果6、下圖是磁流體發(fā)電機(jī)原理示意圖，A、B極板間的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，等離子束從左向右進(jìn)入板間，下述正確的是()A.A板電勢(shì)高于B板，負(fù)載R中電流向上B.B板電勢(shì)高于A板，負(fù)載R中電流向上C.A板電勢(shì)高于B板，負(fù)載R中電流向下D.B板電勢(shì)高于A板，負(fù)載R中電流向下二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、關(guān)于磁感線和電場(chǎng)線，下列說(shuō)法中正確的是（）A.磁感線和電場(chǎng)線都是一些互相平行的直線B.磁感線是閉合曲線，而靜電場(chǎng)線不是閉合曲線C.磁感線起始于N極，終止于S極；電場(chǎng)線起始于正電荷，終止于負(fù)電荷D.電場(chǎng)線和磁感線都可以用其疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱8、如圖所示，光滑絕緣的水平面上M、N兩點(diǎn)各放一電荷量分別為+q和+2q，完全相同的金屬球A和B，給A和B以大小相等的初動(dòng)能E0（此時(shí)動(dòng)量大小均為p0）使其相向運(yùn)動(dòng)剛好能發(fā)生碰撞，碰后返回M、N兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為E1和E2，動(dòng)量大小分別為p1和p2，則()A.，B.，C.碰撞發(fā)生在M、N中點(diǎn)的左側(cè)D.兩球同時(shí)返回M、N兩點(diǎn)9、一條形磁鐵放在水平桌面上，它的上方靠N極一側(cè)吊掛一根與它垂直的導(dǎo)電棒，圖中只畫出此棒的截面圖，電流是流向紙內(nèi)的，逐漸增大導(dǎo)電棒中的電流，磁鐵一直保持靜止。則下列說(shuō)法正確的是A.磁鐵對(duì)桌面的壓力不變 B.磁鐵對(duì)桌面的壓力一定增大C.磁鐵受到摩擦力的方向可能改變 D.磁鐵受到的摩擦力一定增大10、如圖所示，一金屬直桿MN兩端接有導(dǎo)線，懸掛于線圈上方，MN與線圈軸線均處于豎直平面內(nèi)，為使MN垂直紙面向外運(yùn)動(dòng)，可以()A.將a、c端接在電源正極，b、d端接在電源負(fù)極B.將b、d端接在電源正極，a、c端接在電源負(fù)極C.將a、d端接在電源正極，b、c端接在電源負(fù)極D.將b、c端接在電源正極，a、d端接在電源負(fù)極三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）下列說(shuō)法中正確是________A.把調(diào)準(zhǔn)的時(shí)鐘,由北京移至赤道,這個(gè)鐘將變快B.振動(dòng)的頻率越高,則波傳播一個(gè)波長(zhǎng)的距離所用的時(shí)間越短C.1905年愛(ài)因斯坦提出的狹義相對(duì)論是以相對(duì)性原理和光速不變?cè)磉@兩條基本假設(shè)為前提的D.調(diào)諧是電磁波發(fā)射應(yīng)該經(jīng)歷的過(guò)程,調(diào)制是電磁波接收應(yīng)該經(jīng)歷的過(guò)程E.普朗克認(rèn)為原子激發(fā)時(shí)發(fā)出的光的頻率可以是任意值12．（12分）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=40V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R=24Ω，M為一線圈電阻RM=0.4Ω的電動(dòng)機(jī)，電流表為理想電流表，求：（1）當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電源輸出功率P1是多少？（2）當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為4.0A，則通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流及電動(dòng)機(jī)輸出功率P2是多少？四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一束電子（電荷量為e）以速度v垂直射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電子穿出磁場(chǎng)時(shí)速度方向與入射方向的夾角為30，電子的重力忽略不計(jì)，求：(1)電子的質(zhì)量m；(2)穿過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間t。14．（16分）電源是通過(guò)非靜電力做功把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的裝置，在不同的電源中，非靜電力做功的本領(lǐng)也不相同，物理學(xué)中用電動(dòng)勢(shì)來(lái)表明電源的這種特性。如圖所示，固定于水平面的U形金屬框架處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，金屬框兩平行導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，金屬棒ab在外力的作用下，沿框架以速度v向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒始終垂直于兩平行導(dǎo)軌并接觸良好。已知電子的電荷量為e，金屬棒ab的長(zhǎng)度為L(zhǎng)。（1）請(qǐng)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，推導(dǎo)金屬棒ab切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；（2）在金屬棒產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的過(guò)程中，請(qǐng)說(shuō)明是什么力充當(dāng)非靜電力，并求出這個(gè)非靜電力所做的功W的大??；（3）設(shè)單位時(shí)間內(nèi)有N個(gè)電子從a端運(yùn)動(dòng)到b端，求電源的電功率P的大小。15．（12分）如圖所示的平行板器件中，存在相互垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=0．20T,方向垂直紙面向里，電場(chǎng)強(qiáng)度E1=1．0×105V/m,PQ為板間中線．緊靠平行板右側(cè)邊緣xOy坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)，有一邊界AO、與y軸的夾角∠AOy=450，邊界線的上方有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B2=0．25T,邊界線的下方有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E2=5.0×105V/m．一束帶電荷量q=8.0×10-19C、質(zhì)量m=8.0×10-26Kg的正離子從P點(diǎn)射入平行板間，沿中線PQ做直線運(yùn)動(dòng)，穿出平行板后從軸上坐標(biāo)為（0,0．4m）的Q點(diǎn)垂直軸射入磁場(chǎng)區(qū)，多次穿越邊界線OA．求：（1）離子運(yùn)動(dòng)速度；（2）離子從進(jìn)入磁場(chǎng)到第二次穿越邊界線OA所需的時(shí)間；（3）離子第四次穿越邊界線的位置坐標(biāo)

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力提供向心力，可以根據(jù)牛頓第二定律求解本題【詳解】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力由公式可以隨著高度的增大除了周期在增大以外，線速度、角速度、加速度都在減小，故C對(duì)；ABD錯(cuò)；故選C2、C【解析】根據(jù)題圖和“導(dǎo)體棒所受的安培力隨時(shí)間變化的圖象”可知，考查了電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題；根據(jù)楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律以及安培力的計(jì)算公式進(jìn)行分析求解即可【詳解】在0～1.0s內(nèi)B1磁場(chǎng)方向垂直線框平面向下，且大小變大，則由楞次定律可得線圈感應(yīng)電流的方向是逆時(shí)針，即導(dǎo)體棒的電流方向從b到a．再由左手定則可得安培力方向水平向左，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得線圈感應(yīng)電流的大小是恒定的，即導(dǎo)體棒的電流大小是不變的．再由F=BIL可得安培力大小隨著磁場(chǎng)變化而變化，由于導(dǎo)體棒所在的磁場(chǎng)B2是不變的，則安培力大小不變，此時(shí)只有C選項(xiàng)符合要求，故選C，同理可分析后階段的安培力情況3、B【解析】0～t1時(shí)間內(nèi)，電流不變，則電阻R不變，說(shuō)明重物對(duì)壓敏電阻的壓力不變，則加速度不變，所以升降機(jī)可能勻速運(yùn)動(dòng)，可能減速上升，故A錯(cuò)誤，B正確；t1～t2時(shí)間內(nèi)，電流隨時(shí)間增大，則電阻減小，所以壓力增大，故加速度方向向上，且加速度不斷變大，所以升降機(jī)不可能勻速上升，也不可能勻加速上升，故CD錯(cuò)誤．故選B點(diǎn)睛：本題是信息題，首先要抓住題中信息：壓敏電阻的阻值會(huì)隨所受壓力的增大而減小，其他部分是常規(guī)問(wèn)題4、B【解析】A．電阻的伏安特性曲線的斜率等于電阻阻值，則故A正確；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律，則有及解得電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)接R1時(shí)，電源的輸出功率為故C正確；D．當(dāng)接時(shí)，電源的輸出功率為故D正確。本題選擇錯(cuò)誤的，故選B。5、D【解析】A．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許測(cè)量了萬(wàn)有引力常量，故A錯(cuò)誤；B．奧斯特發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線能夠在其周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；C．安培總結(jié)了通電導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的規(guī)律，并提出分子電流假說(shuō)，故C錯(cuò)誤；D．感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果，故D正確。故選D。6、C【解析】根據(jù)左手定則，正電荷所受洛倫茲力向上，負(fù)電荷所受洛倫茲力向下，所以A板帶正電，為電源正極，B板帶負(fù)電，為電源負(fù)極；所以電流方向從上到下，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】磁感線和電場(chǎng)線都可以是直線，也可以是曲線，且不一定是平行的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；磁感線是閉合曲線，而靜電場(chǎng)線不是閉合曲線，選項(xiàng)B正確；磁感線是閉合的曲線；電場(chǎng)線起始于正電荷，終止于負(fù)電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電場(chǎng)線和磁感線都可以用其疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，選項(xiàng)D正確；故選BD.8、BD【解析】AB．由動(dòng)量觀點(diǎn)看，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，兩球的速度始終等值反向，也可得出結(jié)論：兩球必將同時(shí)返回各自的出發(fā)點(diǎn)，且兩球末動(dòng)量大小和末動(dòng)能一定相等。從能量觀點(diǎn)看，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)?.5q，在相同距離上的庫(kù)侖斥力增大，返回過(guò)程中電場(chǎng)力做的正功大于接近過(guò)程中克服電場(chǎng)力做的功，系統(tǒng)機(jī)械能必然增大，即末動(dòng)能增大。故A錯(cuò)誤，B正確。CD．由牛頓定律的觀點(diǎn)看，兩球的加速度大小始終相同，相同時(shí)間內(nèi)的位移大小一定相同，必然在連線中點(diǎn)相遇，又同時(shí)返回出發(fā)點(diǎn)。故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。9、BD【解析】根據(jù)條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在位置磁場(chǎng)方向，如圖，在根據(jù)左手定則判斷安培力方向，如圖，根據(jù)牛頓第三定律，電流對(duì)磁體的作用力向左下方，選取磁鐵為研究的對(duì)象，磁鐵始終靜止，根據(jù)平衡條件，可知通電后支持力變大，靜摩擦力變大，方向不變，故BD正確。故選BD。10、AB【解析】運(yùn)用安培定則判斷電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，根據(jù)左手定則判斷安培力方向.將選項(xiàng)逐一代入檢驗(yàn)，選擇符合題意的.【詳解】A、將a、c端接在電源正極，b、d端接在電源負(fù)極，根據(jù)安培定則可知，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上，再根據(jù)左手定則可知MN受到的安培力向外，則MN垂直紙面向外運(yùn)動(dòng)，符合題意;故A正確.B、將b、d端接在電源正極，a、c端接在電源負(fù)極，根據(jù)安培定則可知，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向下，再根據(jù)左手定則可知MN受到的安培力向外，則MN垂直紙面向外運(yùn)動(dòng)，符合題意;故B正確.C、將a、d端接在電源正極，b、c端接在電源負(fù)極，根據(jù)安培定則可知，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向下，再根據(jù)左手定則可知MN受到的安培力向里，則MN垂直紙面向里運(yùn)動(dòng)，不符合題意;故C錯(cuò)誤.D、將b、c

端接在電源正極，a、d

端接在電源負(fù)極，根據(jù)安培定則可知，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上，再根據(jù)左手定則可知MN受到的安培力向里，則MN垂直紙面向里運(yùn)動(dòng)，不符合題意;故D錯(cuò)誤.故選AB.【點(diǎn)睛】本題考查了右手螺旋定則和左手定則的應(yīng)用，要判斷準(zhǔn)電流方向和磁場(chǎng)方向.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、BC【解析】A．因?yàn)槌嗟捞幹亓铀俣容^小，根據(jù)，把調(diào)準(zhǔn)的時(shí)鐘由北京移至赤道，則周期變大，這個(gè)鐘將變慢，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．振動(dòng)的頻率越高，周期越小，則波傳播一個(gè)波長(zhǎng)的距離所用的時(shí)間越短，選項(xiàng)B正確；C．1905年愛(ài)因斯坦提出的狹義相對(duì)論是以相對(duì)性原理和光速不變?cè)磉@兩條基本假設(shè)為前提的，選項(xiàng)C正確；D．調(diào)諧是電磁波接收應(yīng)該經(jīng)歷的過(guò)程；調(diào)制是電磁波發(fā)射應(yīng)該經(jīng)歷的過(guò)程，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；E．普朗克認(rèn)為原子激發(fā)時(shí)發(fā)出的光的頻率是不連續(xù)的，呈現(xiàn)量子化，選項(xiàng)E錯(cuò)誤；故選BC.12、(1)61.44W；(2)87.5W；【解析】（1）當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流：電源輸出功率為：P1=I2R=1.62×24=61.44W；（2）開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為4.0A，故路端電壓為：U=E-Ir=40-4×1=36V，通過(guò)電阻R的電流：故流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為：I2=I-I1=4-1.5=2.5A，故電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為：P2=UI2-I22RM=36×2.5-2.52×0.4=87.5W；四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)【解析】(1)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，只受洛倫茲力作用，故其軌跡是圓弧的一部分，又因?yàn)镕洛⊥v，故圓心在電子穿入和穿出磁場(chǎng)時(shí)受到洛倫茲力指向的交點(diǎn)上，設(shè)為O點(diǎn)，由幾何知識(shí)可知，所對(duì)圓心角OB為半徑r，則又由得得(2)由于所對(duì)圓心角是，因此穿過(guò)時(shí)間由于，則14、(1)(2)(3)【解析】(1)如圖1所示，在一小段時(shí)間△t內(nèi)，金屬棒ab的位移為這個(gè)過(guò)程中線框的面積的變化量為穿過(guò)閉合電路的磁通量的變化量為根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律(2)如圖2所示，棒