2025屆甘肅省武威市民勤一中高二物理第一學(xué)期期中檢測(cè)模擬試題含解析

2025屆甘肅省武威市民勤一中高二物理第一學(xué)期期中檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，小球m在豎直放置的內(nèi)壁光滑的圓形細(xì)管內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)，小球過(guò)最高點(diǎn)速度為v，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．v的最小值為v=B．小球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)一定受到管壁向上的彈力C．若v由減小，則小球在最高點(diǎn)受到的管壁彈力也減小D．若v由增大，則小球在最高點(diǎn)受到的管壁彈力也增大2、兩個(gè)完全一樣的金屬球，A球帶電量為q，B球不帶電，將A球與B球接觸后，A球與B球的帶電量分別為A．0和q B．q和q C．和 D．和3、如圖所示，直線(xiàn)b為電源的U－I圖像，直線(xiàn)a為電阻R的U－I圖像，用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電源的效率分別是（）A．電源的輸出功率為6WB．電源的輸出功率為2WC．電源的效率為33.3%D．電源的效率為66.7%4、如圖所示，電阻R1與R2阻值相等，D為理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無(wú)窮大）。在A、B問(wèn)加一正弦交流電u=10sin100πt（V），則理想電壓表的示數(shù)為A．3.5V B．2.5VC．5V D．7.1V5、如圖所示，B為線(xiàn)段AC的中點(diǎn)，如果在A處放一個(gè)＋Q的點(diǎn)電荷，測(cè)得B處的場(chǎng)強(qiáng)EB＝48N/C，則（）A．EC＝24N/CB．EC＝12N/CC．若要使EB＝0，可在C處放一個(gè)－Q的點(diǎn)電荷D．把q＝10－9C的點(diǎn)電荷放在C點(diǎn)，則其所受電場(chǎng)力的大小為6×10－9N6、如圖所示，閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定后，水平放置的平行金屬板間的帶電質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)。若將滑動(dòng)變阻器R2的滑片向b端移動(dòng)，則（）A．電壓表讀數(shù)減小 B．電流表讀數(shù)增大C．質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng) D．R1消耗的功率減小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，斜面與水平面間的夾角為，從斜面上空A點(diǎn)水平拋出a、b兩個(gè)小球，初速度分別為va、vb，a球恰好垂直打到斜面上M點(diǎn)，而b球落在斜面上的N點(diǎn)，而AN恰好垂直于斜面。已知重力加速度為g。則（）A．a(chǎn)球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為vB．b球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為vC．a(chǎn)、b兩球水平位移之比為vD．a(chǎn)、b兩球下落的高度之比為v8、如圖所示電路中，、是規(guī)格完全一樣的燈泡。閉合電鍵S，調(diào)節(jié)變阻器R，使、亮度相同，再調(diào)節(jié)，使兩燈正常發(fā)光，則以下說(shuō)法正確的是（）A．閉合S時(shí)，逐漸變亮，立即變亮B．閉合S時(shí)，逐漸變亮，立即變亮C．?dāng)嚅_(kāi)S時(shí)，逐漸熄滅，立即熄滅D．?dāng)嚅_(kāi)S時(shí)，通過(guò)電流方向不變，通過(guò)電流方向改變9、如圖所示，實(shí)線(xiàn)表示一簇關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)的等勢(shì)面，在軸上有等間距的A、B、C三點(diǎn)，下列正確的是（??）A．A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B．A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)C．A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向指向x軸正方向D．AB的電勢(shì)差等于BC間的電勢(shì)差10、一燈泡標(biāo)有“220V100W”字樣將其接到110V的電源上(不考慮燈泡電阻的變化)，則有A．燈泡的實(shí)際功率為50W B．燈泡的實(shí)際功率為25WC．通過(guò)燈泡的電流為額定工作電流的 D．通過(guò)燈泡的電流為額定工作電流的三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)儀器如圖．要求測(cè)量時(shí)電壓從很小的值開(kāi)始，在圖中用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)，把實(shí)驗(yàn)儀器連接成完整的實(shí)驗(yàn)電路并畫(huà)出電路圖。12．（12分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過(guò)半徑相同的A、B兩球的碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．（1）實(shí)驗(yàn)中必須滿(mǎn)足的條件是________．A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線(xiàn)必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D．兩球的質(zhì)量必須相等（2）測(cè)量所得入射球A的質(zhì)量為mA，被碰撞小球B的質(zhì)量為mB，圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測(cè)得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測(cè)得平拋射程分別為OM和ON．當(dāng)所測(cè)物理量滿(mǎn)足表達(dá)式_________________時(shí)，即說(shuō)明兩球碰撞中動(dòng)量守恒；如果滿(mǎn)足表達(dá)式_______________時(shí)，則說(shuō)明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．（1）乙同學(xué)也用上述兩球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，但將實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行了改裝：如圖12所示，將白紙、復(fù)寫(xiě)紙固定在豎直放置的木條上，用來(lái)記錄實(shí)驗(yàn)中球A、球B與木條的撞擊點(diǎn)．實(shí)驗(yàn)時(shí)，首先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點(diǎn)為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點(diǎn)P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點(diǎn)分別為M′和N′．測(cè)得B′與N′、P′、M′各點(diǎn)的高度差分別為h1、h2、h1．若所測(cè)物理量滿(mǎn)足表達(dá)式_________________時(shí)，則說(shuō)明球A和球B碰撞中動(dòng)量守恒．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝3V，小燈泡L標(biāo)有“2V、0.4W”，開(kāi)關(guān)S接1，當(dāng)變阻器調(diào)到R＝4Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作。電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為1Ω.求：(1)電源的內(nèi)阻；(2)電動(dòng)機(jī)M的輸出功率；(3)電源的效率。14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長(zhǎng)為L(zhǎng)=8cm，板間距為d=8cm，A板電勢(shì)比B板高300V。一質(zhì)量為m=10–20kg、電荷量為q=10–10C的帶正電粒子（重力不計(jì)）以v0=2×106m/s的初速度沿兩板中心線(xiàn)RO射入電場(chǎng)中；粒子飛出板間電場(chǎng)，經(jīng)過(guò)MN、PS間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域后，進(jìn)入固定在O點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)區(qū)域，該電場(chǎng)不受界面PS影響；粒子最后垂直打在放置于中心線(xiàn)處的熒光屏bc上。已知PS⊥RO，MN、PS相距12cm，O點(diǎn)與界面PS相距9cm，靜電力常量k=9×109N·m2/C2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求粒子穿過(guò)界面MN時(shí)偏離中心線(xiàn)RO的距離。（2）試粗略畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)全過(guò)程的軌跡。（3）求點(diǎn)電荷Q的電性及電荷量大小。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）15．（12分）如圖所示，在E＝3×103V/m的水平向左勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，半圓軌道所在豎直平面與電場(chǎng)線(xiàn)平行，其半徑R＝0.4m，一帶正電荷q＝1×10－4C的小滑塊質(zhì)量為m＝0.04kg，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，取g=10m/s1．要使小滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到半圓軌道的最高點(diǎn)L，求：(1)滑塊在水平軌道上釋放時(shí)離N點(diǎn)的距離x(1)滑塊從釋放到L點(diǎn)過(guò)程中的最大動(dòng)能EKM

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

小球在最高點(diǎn)，由于細(xì)管對(duì)小球的彈力可以向上，也可以向下，則v的最小值為零，故A錯(cuò)誤．在最高點(diǎn)，若v＞，細(xì)管對(duì)小球的彈力方向向下，若v＜，細(xì)管對(duì)小球的彈力方向向上，故B錯(cuò)誤．若v由減小，細(xì)管對(duì)小球的彈力方向向上，根據(jù)牛頓第二定律得，mg?F＝m，速度減小，彈力變大，故C錯(cuò)誤．若v由增大，細(xì)管對(duì)小球的彈力方向向下，根據(jù)牛頓第二定律得，mg+F＝m，速度增大，彈力變大，故D正確．故選D．【點(diǎn)睛】小球在圓管中運(yùn)動(dòng)類(lèi)型與輕桿模型相似，屬于有支撐物的類(lèi)型，小球到達(dá)最高點(diǎn)臨界速度為零.2、C【解析】

完全相同的金屬球，接觸時(shí)先中和再平分，所以每個(gè)球帶電Q＝，故C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C3、D【解析】

AB、由圖象可知電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V，短路電流為6A，由兩圖象的交點(diǎn)可知該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)路端電壓為：U=2V，電流為：I=2A，電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，根據(jù)P=UI得：，AB錯(cuò)誤．CD、電源的效率為：，C錯(cuò)誤D正確．4、B【解析】

因?yàn)殡娫词墙涣麟?，所以?dāng)電源在正半軸時(shí)A點(diǎn)電位高于B點(diǎn)電位二極管導(dǎo)通即R1被短路，R1電壓為0；當(dāng)電源在負(fù)半軸時(shí)B點(diǎn)電位高于A點(diǎn)電位二極管截止，R1、R2串聯(lián)分壓，其電壓有效值為：V由電流的熱效應(yīng)求有效值，則有：解得：V，故選B。5、B【解析】

Q相同，B離點(diǎn)+Q的距離等于C離+Q的距離的一半，則根據(jù)真空中點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=kQ/r2，得EB=4EC；因B處的場(chǎng)強(qiáng)EB=48N/C，則EC=12N/C．故A錯(cuò)誤，B正確；若要使EB=0，可在C處放一個(gè)+Q的點(diǎn)電荷，故C錯(cuò)誤；把q=10-9C的點(diǎn)電荷放在C點(diǎn)，則其受電場(chǎng)力的大小為F=qE=10-9C×12N/C=1.2×10-8N，故D錯(cuò)誤；故選B。6、D【解析】

AB．由圖可知，R1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)；電容器與變阻器并聯(lián)；當(dāng)滑片向b端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減小；路端電壓增大，同時(shí)R1兩端的電壓減小，所以電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小，故AB錯(cuò)誤；D．流過(guò)R1的電流減小，由公式知R1消耗的功率減小，故D正確；C．電容器板間電壓增大，板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故質(zhì)點(diǎn)P受到的向上電場(chǎng)力增大，則重力小于電場(chǎng)力，質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】

A、a球恰好垂直打到斜面上M點(diǎn)，根據(jù)平行四邊形定則知tanθ=vavy，解得vy=vatanθB、b球落在N點(diǎn)，位移與斜面垂直，則位移與水平方向的夾角為90°-θ，設(shè)此時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為α，則tanα=2tan(90°-θ)=2tanθ，又tanα=vy'vb，解得vyC、a球的水平位移為xa=vata=va2gtanθ，bD、a、b兩球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比tatb=va2vb，根據(jù)故選AD?！军c(diǎn)睛】抓住a球垂直打到斜面上，結(jié)合速度方向，運(yùn)用平行四邊形定則求出豎直分速度，從而得出a球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)b球位移的方向，結(jié)合平行四邊形定則求出b球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而得出a、b兩球的水平位移之比，結(jié)合時(shí)間之比求出下落的高度之比。8、AD【解析】

AB．閉合S時(shí)，由于電感的作用，與電感串聯(lián)的逐漸變亮，而則直接連通電路，立即變亮，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．?dāng)嚅_(kāi)S時(shí)，電感具有續(xù)流的作用，通過(guò)電流會(huì)慢慢減小，方向不變，A1和A2形成續(xù)流的回路，通過(guò)電流方向改變。故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。9、BC【解析】

AB.等差等勢(shì)面的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，可知A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)。故A錯(cuò)誤，B正確；C.由圖可知，左側(cè)電勢(shì)高右側(cè)電勢(shì)低，等勢(shì)面關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)，所以電場(chǎng)線(xiàn)沿著x軸正方向，故C正確；D.等差等勢(shì)面的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，則AB之間的電場(chǎng)強(qiáng)度小于BC之間的電場(chǎng)強(qiáng)度，由于AB之間的距離等于BC之間的距離，所以AB間的電勢(shì)差小于BC之間的電勢(shì)差，故D錯(cuò)誤。10、BC【解析】試題分析：根據(jù)可知，當(dāng)電壓減半時(shí)，燈泡的電功率變?yōu)樵瓉?lái)的四分之一，即燈泡的實(shí)際功率為25W，根據(jù)當(dāng)電壓減半時(shí)，通過(guò)燈泡的電流為額定電流的0.5倍，選項(xiàng)BC正確．考點(diǎn)：電功率及歐姆定律．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、【解析】描繪燈泡伏安特性曲線(xiàn)，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法．電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，實(shí)物電路圖如圖所示：

12、BCmA·OP=mA·OM+mB·ONOP+OM=ON【解析】

①A、“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒(méi)有要求，故A錯(cuò)誤；B、要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；故選BC．②小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2；③小球做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上：h=gt2，平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=，設(shè)軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度：vA=，vA′=，vB′=，如果碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則：mAvA=mAvA′+mBvB′，將速度代入動(dòng)量守恒表達(dá)式解得：四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)1Ω(2)0.12W(3)93.3%【解析】(1)開(kāi)關(guān)S接1時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：，代入數(shù)據(jù)解得，r=1Ω；(2)開(kāi)關(guān)S接2時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：解得電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：P=UMI=0.8×0.2W=0.16W發(fā)熱功率為：P熱==0.04W所以輸出功率為：(3)電源的效率為：點(diǎn)睛：小燈泡L正常發(fā)光，其電壓為額定電壓，功率為額定功率，由公式P=UI可求出電路中的電流．根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的電阻；電動(dòng)機(jī)為非純電阻電路，注意公式的應(yīng)用與選取即可14、（1）3cm（2）見(jiàn)下圖（3）帶負(fù)電，1.04×10–8C【解析】

（1）粒子在板間做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，有：y=at2L=v0ta=聯(lián)立解得：y==3cm（2）第一段是拋物線(xiàn)（類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)），第二段是直線(xiàn)（勻速直線(xiàn)運(yùn)