四川省成都市郫都區(qū)2025屆高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

四川省成都市郫都區(qū)2025屆高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖，勵磁線圈產(chǎn)生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直。電子速度的大小和磁場強弱可分別由電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)。下列說法正確的是（）A．僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束將做勻加速直線運動B．僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C．僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D．僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變小2、如圖為四種電場的電場線的分布圖，一正電荷q僅在電場力作用下由a點向b點做加速運動，且加速度越來越小，則該電荷所在的電場是圖中的()A． B． C． D．3、如圖是電阻R1和R2的伏安特性曲線，把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域，現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)，則并聯(lián)后的總電阻R的伏安特性曲線所在區(qū)域描述正確的是A．特性曲線在Ⅰ區(qū)B．特性曲線在Ⅱ區(qū)C．特性曲線在Ⅲ區(qū)D．特性曲線在這三個區(qū)域以外4、如圖所示，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸．把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開A．此時A帶正電，B帶負電B．此時A、B帶負電C．移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合D．先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合5、兩個點電荷間的相互作用力為F，若每個電荷的帶電量都增大一倍，并把它們之間的距離減少一半，則它們之間的相互作用力變?yōu)?)A．2FB．4FC．8FD．16F6、下列關(guān)于電源的說法,正確的是()A．電源向外提供的電能越多,表示電動勢越大B．電動勢表示電源將正電荷從負極移送到正極時,非靜電力所做的功C．電源的電動勢與外電路有關(guān)D．靜電力移動電荷做正功電勢能減少,非靜電力移動電荷做正功電勢能增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是電阻R的I－U圖象，圖中α＝45°，由此得出()A．歐姆定律適用于該元件B．電阻R＝0.5ΩC．因I－U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故R＝1/tanαD．在R兩端加上6.0V的電壓時，每秒通過電阻橫截面的電荷量是3.0C8、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電小球懸掛在電容器的內(nèi)部，閉合電鍵S給電容器充電，這時懸線偏離豎直方向θ角，若（）A．電鍵S斷開，將A板向B板靠近，則θ增大B．電鍵S斷開，將A板向B板靠近，則θ不變C．保持電鍵S閉合，將A板向B板靠近，則θ變小D．保持電鍵S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大9、下列說法中不正確的是（）A．電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯(lián),電阻不變B．電阻A與導線(不計電阻)并聯(lián),總電阻為零C．并聯(lián)電路中任一支路的電阻都大于總電阻D．并聯(lián)電路某一支路開路,總電阻為無窮大10、安培分子電流假說可用來解釋（）A．運動電荷受磁場力作用的原因 B．兩通電導體有相互作用的原因C．永久磁鐵具有磁性的原因 D．軟鐵棒被磁化的現(xiàn)象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一新材料制成的均勻圓柱體的電阻率ρ.完成下列部分步驟：(1)用游標為20分度的卡尺測量其長度，如圖甲所示，由圖可知其長度為_____mm.甲乙(2)用螺旋測微器測量其直徑，如圖乙所示，由圖可知其直徑為_________mm.(3)用多用電表的電阻“×10”擋按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為________Ω.(4)該同學想用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1(量程0～6mA，內(nèi)阻約50Ω)；電流表A2(量程0～15mA，內(nèi)阻約30Ω)；電壓表V1(量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ)；電壓表V2(量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ)；直流電源E(電動勢4V，內(nèi)阻不計)；滑動變阻器R1(阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A)；滑動變阻器R2(阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流0.5A)；開關(guān)S，導線若干．為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，請在虛線框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號．12．（12分）測定一根粗細均勻的阻值約為10歐的金屬絲的電阻率可供選擇的實驗器材如下：A．伏特表（0~3伏，內(nèi)阻3千歐）B．伏特表（0~15伏，內(nèi)阻20千歐）C．安培表（0~0.6安，內(nèi)阻1歐）D．安培表（0~3安，內(nèi)阻0.2歐）E．滑動變阻器（0~20歐，I額=1.00安）F．滑動變阻器（0~100歐，I額=0.60安）G．6伏電池組H．電鍵、導線若干①電路實驗時應(yīng)選用電流表______（填序號）電壓表_______（填序號）②畫出合理實驗電路圖，宜采用圖________（甲或乙）再按圖所示實物連線。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用細繩的一端系著質(zhì)量為M=0.6kg的物體A（靜止在水平轉(zhuǎn)盤上），細繩另一端通過轉(zhuǎn)盤中心的光滑小孔O吊著質(zhì)量為m=0.3kg的小球B，A的重心到O點的距離為0.2m．若A與轉(zhuǎn)盤問的最大靜摩擦力為Ff=2N，為使小球B保持靜止，求轉(zhuǎn)盤繞中心O旋轉(zhuǎn)的角速度ω的取值范圍．（取g=10m/s2）14．（16分）如圖所示，在真空中有一與x軸平行的勻強電場，一電子由坐標原點O處以速度v0沿y軸正方向射入電場，在運動中該電子通過位于xoy平面內(nèi)的A點，A點與原點O相距L，OA與x軸方向的夾角為θ，已知電子電量q=-1.6×10-19C，電子質(zhì)量m=9×10-31kg，初速度v0=1×107m/s，O與A間距L=10cm、θ=30o．求勻強電場的場強方向和大小．15．（12分）如圖所示，帶電小球B靜止在無限大的光滑絕緣水平面上，帶同種電荷的小球A從很遠處以初速度v0向B球運動，A的速度始終沿著兩球的連線方向．兩球始終未能接觸．A、B間的相互作用視為靜電作用．已知A、B兩球的質(zhì)量分別為m1和m1．求：（1）A、B兩球相互作用的過程中，它們之間電勢能的最大值（1）A、B兩球最終的速度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據(jù)電子所受洛倫茲力的方向結(jié)合右手定則判斷勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=12mv02…①

電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有：eBv0=mv02r…②

T=2πmeB…④

可見：僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束不再受任何作用力，故將做勻速直線運動，故A錯誤；提高電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確，D錯誤；增大勵磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場增強，由④式知周期變小，故C【點睛】本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的應(yīng)用，正確分析出儀器的原理是關(guān)鍵，知道帶電粒子在電場中加速而在磁場中偏轉(zhuǎn)做圓周運動，明確周期公式和半徑公式的推導過程和應(yīng)用．2、B【解析】

A圖中是勻強電場，電場強度不變，則粒子受到的電場力不變，加速度不變，故A錯誤。B.正電荷受電場力向右，粒子加速，電場線變稀疏，電場強度變小，電場力變小，加速度減小，故B正確。C.正電荷受電場力向左，所以粒子減速運動，故C錯誤。D.正電荷受電場力向右，粒子加速，電場線變密集，電場強度變大，電場力變大，加速度變大，故D錯誤。3、A【解析】

把R1和R2并聯(lián)在電路中，并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小，I-U圖像中，斜率的倒數(shù)是電阻的大小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，所以R的伏安特性曲線應(yīng)該Ⅰ區(qū)，故A正確，BCD錯誤。4、C【解析】

帶正電的物體C靠近A附近時，由于靜電感應(yīng)，A端帶上負電，B端帶上正電，故AB錯誤；移去C后，由于電荷間相互作用，重新中和，達電中性狀態(tài)，兩金屬箔均閉合，故C正確；先把AB分開，則A帶負電，B帶正電，移去C后，電荷不能再進行中和，故兩金屬箔仍然張開，故D錯誤．5、D【解析】由庫侖定律知當每個電荷的帶電量都增大一倍，并把它們之間的距離減少一半，則它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼?6倍，故D正確；綜上所述本題答案是：D6、D【解析】

A．電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，與電源向外提供的電能的多少無關(guān)，故A錯誤；B．電動勢表示電源將單位正電荷從負極移送到正極時，非靜電力所做的功，故B錯誤；C．電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，電源的電動勢與外電路無關(guān)，故C錯誤；D、根據(jù)靜電力做功與電勢能變化的關(guān)系可知，靜電力移動電荷做正功電勢能減少，非靜電力移動電荷做正功電勢能增加，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

電阻R的I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R，由數(shù)學知識分析電流與電壓的關(guān)系．對于電阻R，運用斜率求解，但不能根據(jù)直線傾角的正切的倒數(shù)求解．由圖讀出電壓為U=6V時的電流，由q=It求解每秒內(nèi)通過電阻的電荷量．【詳解】根據(jù)數(shù)學知識可知，通過電阻的電流與兩端電壓成正比，歐姆定律適用，故A正確；根據(jù)電阻的定義式，得，故B錯誤；由于I-U圖象中橫縱坐標的標度不同，故不能直接根據(jù)圖象與橫軸的夾角求電阻，故C錯誤；由圖知，當U=6V時，I=3A，則每秒通過電阻橫截面的電荷量是q=It=3×1C=3.0C，故D正確．故選AD．【點睛】本題考查了學生對電阻的定義式的理解與掌握，要注意直線的斜率與直線傾角的區(qū)別．8、BD【解析】

電容器充電后電鍵S斷開，電容器所帶電量不變，根據(jù)推論分析板間場強是否變化，判斷θ如何變化．保持電鍵S閉合，板間電壓不變，將A板向B板靠近，根據(jù)E=Ud分析板間場強如何變化，判斷【詳解】A、B、電容器充電后電鍵S斷開，電容器所帶電量不變，兩板正對面積和介電常量都不變，根據(jù)推論E=4πkQεrs得知，板間場強E不變，小球所受電場力不變，則將A板向B板靠近時，θ不變；故AC、D保持電鍵S閉合，板間電壓不變，將A板向B板靠近，板間距離d減小，由板間場強E=Ud分析得到場強增大，小球所受電場力增大，由平衡知識qE=mgtanθ知θ增大；故C故選BD.【點睛】電容器所帶電量不變，兩板正對面積和介電常量不變，板間場強不變是重要的推論，要在理解的基礎(chǔ)上加強記憶．9、CD【解析】

A．若電阻與一無窮大的電阻并聯(lián)，則總電阻近似等于A的阻值；故A與題意不相符；B．電阻與導線并聯(lián)時，導線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零；故B與題意不相符；C．并聯(lián)電路中，并聯(lián)的電阻越多，則總電阻越小；總電阻一定小于任一支路中的電阻，故C與題意相符；D．并聯(lián)電路中某一支路開路時，總電阻變大，但絕不會為無窮大；故D與題意相符。10、CD【解析】安培所提出的“分子電流”的假說．安培認為，在原子、分子或分子團等物質(zhì)微粒內(nèi)部，存在著一種環(huán)形電流--分子電流，分子電流使每個物質(zhì)微粒都形成一個微小的磁體．未被磁化的物體，分子電流的方向非常紊亂，對外不顯磁性；磁化時，分子電流的方向大致相同，于是對外界顯示出磁性，故D正確；因此這一假說能夠說明電可以生磁，故A錯誤；兩通電導體有相互作用的原因是通過磁體之間的磁場的作用產(chǎn)生的，故B錯誤；安培提出的分子環(huán)形電流假說，解釋了為什么磁體具有磁性，說明了磁現(xiàn)象產(chǎn)生的本質(zhì)，故C正確．所以CD正確，AB錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.154.700220【解析】(1)游標卡尺的主尺讀數(shù)為50mm，游標讀數(shù)為0.05×3=0.15mm，所以最終讀數(shù)為50.15mm.(2)螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為4.700mm.(3)歐姆表測電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率，即R=22Ω×10=220Ω；(4)根據(jù)歐姆定律，最大電流：I=4/220≈18.2mA，故電流表選擇A2；電源電動勢4V，故電壓表選擇V1；要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，滑動變阻器采用分壓式接法，用小電阻控制大電阻，故滑動變阻器選擇R1。因待測電阻值遠小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)選外接法；電路圖如圖所示：12、CA乙【解析】

(1)因電源電動勢為6V，金屬絲電阻約為10歐，則最大電流為Imax=URx=610A=0.6A，故電流表選用3A量程將不準確，故電流表選擇0.6A的(2)因電測電阻約10歐，故滑動變阻器選20歐方便操作和便于控制，為本實驗中可以采用限流法能有效控制電流；而Rx2【點睛】根據(jù)題目所給出的儀表進行分析，首先找出必需的儀式器，再根據(jù)電源電動勢及電壓表量程間的關(guān)系分析電壓表，粗估電流大小，選擇電路表，根據(jù)實驗要求明確實驗接法，從而選出變阻器；根據(jù)實驗原理分析實驗中滑動變阻器及電流表接法的選擇，要注意安全和準確性原則得出正確電路圖；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、角速度ω在rad/s≤ω≤rad/s范圍內(nèi)【解析】試題分析：當M所受的最大靜摩擦力沿半徑方向向外時，角速度最小，當M所受的最大靜摩擦力沿半徑向內(nèi)時，角速度最大，根據(jù)牛頓第二定律求出角速度的范圍．解：當M所受的最大靜摩擦力沿半徑方向向外時，角速度最小，根據(jù)牛頓第二定律得：mg﹣Ff=Mrω12，解得ω1==rad/s；當M所受的最大靜摩擦力沿半徑向內(nèi)時，角速度最大，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+F