2025屆內(nèi)蒙古赤峰市翁牛特旗烏丹二中物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試模擬試題含解析

2025屆內(nèi)蒙古赤峰市翁牛特旗烏丹二中物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、公路在通過小型水庫的泄洪閘的下游時，常常要修建凹形橋，也叫“過水路面”．如圖所示，汽車通過凹形橋的最低點時A．車對橋的壓力等于汽車的重力B．車對橋的壓力小于橋?qū)ζ嚨闹С至．汽車所需的向心力就是地面對車的支持力D．為了防止爆胎，車應(yīng)低速駛過2、如下圖所示的均勻磁場中，已經(jīng)標出了電流I和磁場B以及磁場對電流作用力F三者其方向，其中錯誤的是（）A．B．C．D．3、如圖所示，帶等量異種電荷的平行板之間，存在著垂直紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子在電場力和洛倫茲力的作用下，從靜止開始自A點沿曲線ACB運動，到達B點時速度為零，C點是曲線的最低點，不計重力，以下說法正確的是A．這個粒子帶負電荷B．A點和B點必定位于同一水平面上C．在C點洛倫茲力等于電場力D．粒子達到B點后將沿曲線返回A點4、如圖所示，一簇電場線的分布關(guān)于y軸對稱，O是坐標原點，M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的一個圓周上的四個點，其中M、N在y軸上，Q點在x軸上，則下列說法正確的是（）A．M點的電勢比P點的電勢高B．OM間的電勢差小于NO間的電勢差C．一正電荷在O點時的電勢能小于在Q點時的電勢能D．將一負電荷由M點移到P點，電場力不做功5、質(zhì)子和粒子由靜止出發(fā)經(jīng)過同一加速電場加速后，沿垂直磁感線方向進入同一勻強磁場，則它們在磁場中的各運動量間的關(guān)系正確的是（）A．速率之比為B．周期之比為C．半徑之比為∶D．角速度之比為6、如圖是演示小蠟塊在玻璃管中運動規(guī)律的裝置．現(xiàn)讓玻璃管沿水平方向做勻速直線運動，同時小蠟塊從O點開始沿豎直玻璃管向上做勻加速直線運動，那么下圖中能夠大致反映小蠟塊運動軌跡的是A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，三角形邊界ABC的AB邊豎直，三條邊內(nèi)有磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場.已知AB邊的右側(cè)空間有沿水平方向的勻強電場，其余空間均為真空.若一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子(不計重力)以速度從AB邊上某一點N(不包括B點)水平向左射入磁場區(qū)域，最終從BC邊上某點M射出且不再返回，則下列說法中正確的是A．AB邊右側(cè)電場的方向水平向右B．粒子在磁場中走過的最遠路程為C．D．8、如圖所示，在粗糙絕緣的水平面上有一物體A帶正電，另一帶正電的點電荷B沿著以A為圓心的圓弧由P到Q緩慢地從A的上方經(jīng)過，若此過程中A始終保持靜止，A、B兩物體可視為質(zhì)點且只考慮它們之間的庫侖力作用．則下列說法正確的是A．物體A受到地面的支持力先增大后減小B．物體A受到地面的支持力保持不變C．物體A受到地面的摩擦力先減小后增大D．庫侖力對點電荷B先做正功后做負功9、在地球的表面上，通常有一定量的電荷，它在地球的表面上產(chǎn)生一個豎直方向的電場。如果有一個帶負電的粒子，在此電場中恰能懸浮在空中不動，那么正確的是（）A．地球表面所帶的電荷產(chǎn)生的電場的方向豎直向上B．地球表面所帶的電荷產(chǎn)生的電場的方向豎直向下C．地球表面所帶的電荷是正電荷D．地球表面所帶的電荷是負電荷10、如圖是一個多用電表的簡化電路圖為單刀多擲開關(guān)，通過操作開關(guān)，接線柱O可以接通1，也可以接通2、3、4、5或下列說法正確的是A．當(dāng)開關(guān)S分別接1或2時，測量的是電流，其中S接2時量程較小B．當(dāng)開關(guān)S分別接3或4時，測量的是電阻，其中A是黑表筆C．當(dāng)開關(guān)S分別接5或6時，測量的是電壓，其中B是紅表筆D．當(dāng)開關(guān)S分別接5和6時，測量的是電壓，其中S接6時量程較大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在做“驗證平行四邊形定則”實驗時，按照正確實驗步驟，同時用甲、乙兩個彈簧秤將橡皮筋與細繩的結(jié)點拉至O點，在白紙上記錄了O點位置，以及甲、乙兩個彈簧秤拉力方向分別過和點。(1)彈簧秤甲的示數(shù)為2.00N，彈簧秤乙的指針位置如圖所示，其讀數(shù)為______N；(2)請在虛線框中，按標度畫出這兩個共點力的合力；（________）(3)由圖得到______N。12．（12分）下圖中給出的是用螺旋測微器測量一金屬薄板厚度時的示數(shù)，此讀數(shù)應(yīng)為_________mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長的長木板AB質(zhì)量M＝1kg在水平地面上，可視為質(zhì)點的木塊質(zhì)量m＝1kg在長木板的左端A處，木塊與長木板保持相對靜止一起向右運動，當(dāng)右端B經(jīng)過地面上O點時速度為v0＝5m/s，長木板與P點處的擋板瞬間碰撞后立即以原速率反向彈回，而木塊在此瞬間速度不變．已知O點與P點間距離x0＝4.5m，木板與地面間動摩擦因數(shù)μ1＝0.1，木塊與長木板間動摩擦因數(shù)μ1＝0.4，g取10m/s1．（1）求長木板碰擋板時的速度v1的大小；（1）當(dāng)木塊與擋板的距離最小時，木塊與長木板左端A之間的距離．14．（16分）如圖所示的電路中，電源電動勢為E=6.0V，內(nèi)阻r=0.6Ω，電阻R2=0.5Ω，當(dāng)開關(guān)S斷開時，電流表的示數(shù)為1.5A，電壓表的示數(shù)為3.0V，試求：（1）電阻R1和R3的阻值；（2）當(dāng)S閉合后，電壓表的示數(shù)和電阻R2上消耗的電功率；15．（12分）金屬桿MN的質(zhì)量為m，長度為L，其兩端用質(zhì)量可忽略不計的細金屬絲懸掛后置于豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B．當(dāng)金屬桿中通入恒定電流時，金屬桿可在磁場中保持靜止狀態(tài)，且與磁場方向垂直．此時細金屬絲與豎直方向的夾角為θ，如圖所示．若重力加速度為g，則：（1）求金屬桿受到的安培力的大?。?）求金屬桿中電流的大小和方向（3）若保持金屬桿中的電流不變，改變磁場方向，為使金屬桿MN仍能在原位置靜止，求所加磁場磁感應(yīng)強度的最小值

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

ABC.在最低點，根據(jù)牛頓第二定律知：地面對車的支持力與車的重力的合力提供了向心力，設(shè)橋?qū)嚨闹С至镹，有，所以，根據(jù)牛頓第三定律得：車對橋的壓力等于橋?qū)嚨闹С至Γ攒噷虻膲毫Υ笥谥亓?，ABC錯誤D.為了防止爆胎，應(yīng)減小橋?qū)嚨闹С至，，所以應(yīng)該減小速度，D正確2、C【解析】

ABD．根據(jù)左手定則，ABD正確；C．C項導(dǎo)體棒與磁場平行，不受力，C錯誤。本題選錯誤的，故選C。3、B【解析】

A．離子從靜止開始運動的方向向下，電場強度方向也向下，所以離子必帶正電荷，故A錯誤；B．因為洛倫茲力不做功，只有靜電力做功，A、B兩點速度都為0，則粒子從A到B運動過程中，電場力先做正功，后做負功，總功為零，所以A點和B點在同一高度，故B正確；C．根據(jù)曲線運動條件，在C點洛倫茲力大于電場力時，才會有C到B的運動軌跡，故C錯誤；D．到達B點時速度為零，將重復(fù)剛才ACB的運動，向右運動，不會返回，故D錯誤。4、B【解析】

根據(jù)電場線與等勢線垂直特點，在M點所在電場線上找到p點的等勢點，根據(jù)沿電場線電勢降低可知，P點的電勢比M點的電勢高，故A錯誤；根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強度比NO之間的平均電場強度小，故由公式U=Ed可知，OM間的電勢差小于NO間的電勢差，故B正確；O點電勢高于Q點，根據(jù)Ep=φq可知，正電荷在O點時的電勢能大于在Q點時的電勢能，故C錯誤；M點的電勢比P點的電勢低，負電荷從低電勢移動到高電勢電場力做正功，故D錯誤。故選B。【點睛】電場線、電場強度、電勢、電勢差、電勢能等物理量之間的關(guān)系以及大小比較，是電場中的重點和難點，在平時訓(xùn)練中要加強這方面的練習(xí)，以加深對概念的理解．5、B【解析】由動能定理得：qU=mv2-0，解得：v=，因為質(zhì)子和α粒子的電量之比為1：2，質(zhì)量之比為1：4，則速率之比為：1，故A錯誤．粒子在磁場中運動的周期：T=，因為質(zhì)子和α粒子的電量之比為1：2，質(zhì)量之比為1：4，則周期之比為1：2，故B正確．粒子在磁場中運動的半徑：r=，因為質(zhì)子和α粒子的電量之比為1：2，質(zhì)量之比為1：4，則半徑之比為1：，故C錯誤．因為周期之比為1：2，由ω=可知，角速度之比為2：1，故D錯誤．故選B．點睛：解決本題的關(guān)鍵掌握粒子在磁場中的半徑公式和周期公式，并能靈活運用，注意在計算題中，半徑公式和周期公式不能直接運用．6、C【解析】合初速度的方向水平向右，合加速度的方向豎直向上，兩者不在同一條直線上，必然做曲線運動，根據(jù)軌跡每點的切線方向表示速度的方向，軌跡的彎曲的方向大致與所受合力的方向一致，即合力方向指向軌跡的凹向，可知C正確，ABD錯誤．故選C．點睛：解決本題的關(guān)鍵掌握曲線運動的條件和曲線運動的特點以及運動的合成和分解．此題還可以通過軌跡方程來確定軌跡.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A、在磁場中洛倫茲力提供向心力，則，而且，則根據(jù)幾何關(guān)系可以知道：當(dāng)從距離B點最遠的點N入射時與AC邊相切，軌跡如圖所示：則從磁場射入電場后，在電場中做減速運動，速度減為零之后，反向加速再次進入磁場，故AB邊右側(cè)電場方向水平向左，故選項A錯誤；B、如圖所示，在磁場中的軌跡長度為：，故選項B正確；C、由幾何關(guān)系可以得到：，則：由于入射點N是最遠點，其可以向下移動，故，即選項C正確；D、由幾何關(guān)系可以得到：，由于入射點N可以向下移動，故，故選項D正確。點睛：對帶電粒子的勻速圓周運動的求解，關(guān)鍵是畫出勻速圓周運動的軌跡，利用幾何知識找出圓心及相應(yīng)的半徑，從而找到圓弧所對應(yīng)的圓心角，由圓心和軌跡用幾何知識確定半徑是研究帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的重要方法。8、AC【解析】

ABC．當(dāng)質(zhì)點B由P點運動到最高點的過程中，對物體A受力分析，如圖，受重力G、地面的支持力N、摩擦力f以及靜電力F；

將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到：Fsinθ-f=0

①N-Fcosθ-mg=0

②由①②兩式可解得：N=mg+Fcosθ；f=Fsinθ；其中G與F不變，θ逐漸減小為零，因而支持力N逐漸變大，f逐漸變?。?/p>

當(dāng)質(zhì)點B由最高點運動到Q點的過程中，再次對物體A受力分析，如下圖，受重力G、地面的支持力N、摩擦力f以及靜電力F；

將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到：Fsinθ-f=0

③N-Fcosθ-mg=0

④由③④兩式可解得：N=mg+Fcosθ；f=Fsinθ；其中G與F不變，θ由零逐漸增大，因而支持力N逐漸變小，f逐漸變大；綜合以上兩個過程可知：物體A受到地面的支持力N先增大后減小，物體A受到地面的摩擦力先減小后增大，故AC正確，B錯誤；D．質(zhì)點A對質(zhì)點B的靜電力與質(zhì)點B的速度總是垂直，因而其瞬時功率一直為零，由W=Pt，A對B不做功，故D錯誤。9、BD【解析】

AB.微粒處于靜止狀態(tài)，所受的電場力與重力平衡，則知電場力方向豎直向上，由于微粒帶負電，則電場強度方向豎直向下，故A錯誤，B正確；CD.電場方向豎直向下，則地球表面所帶的電荷是負電荷，故C錯誤，D正確。10、AD【解析】

多用電表的工作原理是閉合電路的歐姆定律．題圖為一簡易的多用電表原理示意圖．其中1、2兩檔用來測電流，接1時分流電阻相對更小，故接1時電表的量程更大，第1檔為大量程，那么S接2時量程較小，A正確；3、4兩檔用來測電阻，其中黑表筆連接表內(nèi)電池的正極，故B為黑表筆；A與電源的負極相連，故A為紅表筆，B錯誤；要測量電壓，電流表應(yīng)與電阻串聯(lián)，由圖可知當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置5、6時，即5、6兩檔用來測電壓．因為6檔共用一個表頭，所以測電壓時外部電源的正極應(yīng)該接在A表筆上，故A為紅表筆，C錯誤；要測量電壓，電流表應(yīng)與電阻串聯(lián)，由圖可知當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置5、6時；測量電壓，電流表所串聯(lián)的電阻越大，所測量電壓值越大，故當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到6的量程比旋到5的量程大，D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.502.70（2.50~2.90均可）【解析】

(1)[1]彈簧秤乙的分度值是0.1N，所以彈簧秤乙讀數(shù)為3.50N。(2)[2]先按標度畫出這兩個共點力，再用平行四邊形定則將兩力合成如圖：(3)[3]用刻度尺量出合力及標度對應(yīng)線段的長度，兩者對比后可得12、5.624【解析】螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為12.4×0.01mm=0.124mm，所以最終讀數(shù)為5.5mm+0.124mm=5.624mm，由于需要估讀，最后的結(jié)果可以在5.623～5.625之間．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）4m/s（1）4.15m【解析】

（1）對木板和木塊組成的系統(tǒng)運用牛頓第二定律，求出整體的加速度，結(jié)合勻變速直線運動的速度位移公式求出木板碰擋板時的速度大?。?/p>

（1）分別對m和M分析，根據(jù)牛頓第二定律求出m和M的加速度，結(jié)合m和M的運動規(guī)律，當(dāng)木塊速度為零時木塊與擋板的距離最小，結(jié)合運動學(xué)公式求出當(dāng)木塊與擋板的距離最小時，木塊與長木板左端A之間的距離．【詳解】（1）設(shè)木塊與長木板一起向右運動運動過程中加速度大小為a，則μ1(m＋M)g＝(m＋M)a解得a=1m/s1．v1＝4m/s（1）設(shè)碰撞后木塊在長木板上滑動過程中長木板加速度大小為a1，木塊加速度大小為a1，則μ1(m＋M)g+μ1mg=Ma1μ1mg＝ma1解得a1=3.5m/s1，a1＝4m/s1當(dāng)木塊速度為零時木塊與擋板的距離最小，設(shè)從與擋板碰撞到木塊速度為零經(jīng)過的時間為t1，長木板通過