廣東省廣州市實(shí)驗(yàn)中學(xué)2025屆高三物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

廣東省廣州市實(shí)驗(yàn)中學(xué)2025屆高三物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，圖中實(shí)線是一簇未標(biāo)明方向的由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線，虛線是某帶電粒子通過該電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，A、B是軌跡上的兩點(diǎn)，若帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過程中只受到靜電力作用，根據(jù)此圖不能作出的正確判斷是()A．帶電粒子在A、B兩點(diǎn)的受力方向B．帶電粒子所帶電荷的正、負(fù)C．帶電粒子在A、B兩點(diǎn)的加速度何處較大D．帶電粒子在A、B兩點(diǎn)的速度何處較大2、如圖所示用三根長(zhǎng)度相同的絕緣細(xì)線將三個(gè)帶電小球連接后懸掛在空中。三個(gè)帶電小球質(zhì)量相等，A球帶負(fù)電，平衡時(shí)三根絕緣細(xì)線都是直的，但拉力都為零.則()A．B球和C球所帶電量不一定相等B．B球和C球所帶電量一定相等C．B球帶負(fù)電荷，C球帶正電荷D．B球帶正電荷，C球帶負(fù)電荷3、如圖所示，一夾子夾住木塊，在力作用下向上提升，夾子和木塊的質(zhì)量分別為、，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為，若木塊不滑動(dòng)，力的最大值是A． B．C． D．4、如圖所示，質(zhì)量分別為mA、mB的A、B兩物塊用輕線連接，放在傾角為θ的斜面上，用始終平行于斜面向上的拉力F拉A，使它們沿斜面勻加速上升，A、B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ。為了增加輕線上的張力，可行的辦法是()A．減小A的質(zhì)量 B．減小B的質(zhì)量C．增大傾角θ D．增大動(dòng)摩擦因數(shù)μ5、如圖所示，重6N的木塊靜止在傾角為300的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向，大小等于4N的力F推木塊，木塊仍保持靜止，則木塊所受的摩擦力大小為A．3NB．4NC．5ND．10N6、如圖所示為兒童蹦床時(shí)的情景，若兒童每次與彈性床相碰后都能回到相同的高度，并重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)，取每次與彈性床的剛接觸的點(diǎn)為原點(diǎn)建立坐標(biāo)系，豎直向上為正方向，下列兒童位置（即坐標(biāo)y）和其速度v的關(guān)系圖象中，能大體描述該過程的是（）A． B． C． D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為半圓的柱狀物體A，A與豎直墻之間放一光滑半圓球B，整個(gè)裝置處于平衡狀態(tài)．已知A、B兩物體的質(zhì)量分別為M和m，則下列說(shuō)法正確的是（）A．A物體對(duì)地面的壓力大小為MgB．A物體對(duì)地面的壓力大小為（M＋m）gC．B物體對(duì)A物體的壓力小于MgD．A物體對(duì)地面的摩擦力可能大于Mg8、如圖所示，水平傳送帶AB的長(zhǎng)度L=1.8m，皮帶輪的半徑R=0.4m，皮帶輪以角速度ω=5rad/s順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（皮帶不打滑），現(xiàn)將一質(zhì)量m=3kg的煤塊（視為質(zhì)點(diǎn)）輕放在傳送帶上的A點(diǎn)，與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.15,g=10m/s1．則下列說(shuō)法正確的是（）A．煤塊到達(dá)B端時(shí)對(duì)滑輪的壓力為mgB．煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所用的時(shí)間為1.3sC．煤塊在傳送帶上留下痕跡長(zhǎng)度是0.8mD．若使煤塊從A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間最短，則傳送帶的角速度ω至少為7.5rad/s9、如圖所示，固定的光滑豎直桿上套一個(gè)滑塊A，與滑塊A連接的細(xì)線繞過光滑的輕質(zhì)定滑輪連接滑塊B，細(xì)線不可伸長(zhǎng)，滑塊B放在粗糙的固定斜面上，連接滑塊B的細(xì)線和斜面平行，滑塊A從細(xì)線水平位置由靜止釋放（不計(jì)輪軸處的摩擦），到滑塊A下降到速度最大（A未落地，B未上升至滑輪處）的過程中A．滑塊A和滑塊B的加速度大小一直相等B．滑塊A減小的機(jī)械能等于滑塊B增加的機(jī)械能C．滑塊A的速度最大時(shí)，滑塊A的速度大于B的速度D．細(xì)線上張力對(duì)滑塊A做的功等于滑塊A機(jī)械能的變化量10、暗物質(zhì)是二十一世紀(jì)物理學(xué)之謎，對(duì)該問題的研究可能帶來(lái)一場(chǎng)物理學(xué)的革命。為了探測(cè)暗物質(zhì)，我國(guó)在2015年12月17日成功發(fā)射了一顆被命名為“悟空”的暗物質(zhì)探測(cè)衛(wèi)星。已知“悟空”在低于同步衛(wèi)星的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t（t小于其運(yùn)動(dòng)周期），運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)為s，與地球中心連線掃過的角度為β（弧度），引力常量為G，則下列說(shuō)法正確的是A．“悟空”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度B．“悟空”的線速度大于第一宇宙速度C．“悟空”的環(huán)繞周期為D．“悟空”的質(zhì)量為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小明對(duì)2B鉛筆芯的導(dǎo)電性能感興趣，于是用伏安法測(cè)量其電阻值：（1）圖1是部分連接好的實(shí)物電路圖，請(qǐng)用電流表外接法完成接線并在圖1中畫出_____；（2）小明用電流表內(nèi)接法和外接法分別測(cè)量了一段2B鉛筆芯的伏安特性，并將得到的電流、電壓數(shù)據(jù)描到U—I圖上，如圖2所示．在圖中，由電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用___（填“О”或“×”）表示的；（3）請(qǐng)你選擇一組數(shù)據(jù)點(diǎn)，在圖2上用作圖法作圖，并求出這段鉛筆芯的電阻為____Ω。12．（12分）在做“研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，為了確定小球在不同時(shí)刻所通過的位置，實(shí)驗(yàn)時(shí)用如圖所示的裝置，先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平木板表面釘上復(fù)寫紙和白紙，并將該木板豎直立于槽口附近處，使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡A；將木板向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡B；又將木板再向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，小球再?gòu)男辈凵暇o靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C．若測(cè)得木板每次移動(dòng)距離x=10.00cm，A、B間距離y1=4.78cm，B、C間距離y2=14.58cm。（g取9.80m/s2）①根據(jù)以上直接測(cè)量的物理量得小球初速度為v0=______（用題中所給字母表示）②小球初速度的測(cè)量值為______m/s。（保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）打印機(jī)是辦公的常用工具，噴墨打印機(jī)是其中的一種．噴墨打印機(jī)的工作原理簡(jiǎn)化圖如圖所示．其中墨盒可以噴出半徑約為的墨汁微滴，大量的墨汁微滴經(jīng)過帶電室時(shí)被帶上負(fù)電荷，成為帶電微粒．墨汁微滴所帶電荷量的多少由計(jì)算機(jī)的輸入信號(hào)按照文字的排列規(guī)律進(jìn)行控制．帶電后的微滴以一定的初速度進(jìn)入由兩塊平行帶電金屬板形成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，微滴經(jīng)過電場(chǎng)的作用發(fā)生偏轉(zhuǎn)后打在紙面上，顯示出字體．若某種噴墨打印機(jī)的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板長(zhǎng)度為，兩板間的距離為，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板的右端距紙面的距離為，某個(gè)帶電微滴的質(zhì)量為，沿兩板間的中心線以初速度進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)．偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板間電壓為．該微滴離開電場(chǎng)時(shí)的速度大小為，不計(jì)微滴受到的重力和空氣阻力影響，忽略電場(chǎng)邊沿場(chǎng)強(qiáng)的不均勻性．（1）該帶電微滴所帶的電荷量．（2）該帶電微滴到達(dá)紙面時(shí)偏離原入射方向的距離．（3）在微滴的質(zhì)量和所帶電荷量以及進(jìn)入電場(chǎng)的初速度均一定的條件下，分析決定打印在紙上字體大小的因素有哪些？若要使紙上的字體高度放大，可以采取的措施是什么？14．（16分）水平傳送帶左端與長(zhǎng)度為L(zhǎng)=2m的傾斜木板AB的B端緊靠，木板AB與水平方向的夾角記為θ，傳送帶右端與光滑半圓軌道CD的C端緊靠，圓軌道半徑為R=2m；傳送帶左右端點(diǎn)間距為s=4m，其向右傳輸?shù)乃俣葹関=20m/s。質(zhì)量為m=1kg的小物塊與木板AB、傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，小物塊從木板A端以某一初速度沿木板上滑，在B端上方有一小段光滑弧，確保小物塊在經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)，僅使運(yùn)動(dòng)方向變?yōu)樗?，速率不變，滑上傳送帶，小物塊繼續(xù)經(jīng)過傳送帶，沖上半圓軌道后從最高點(diǎn)D水平拋出。（1）若小物塊自D點(diǎn)平拋后恰好落在傳送帶左端B，其速度方向與水平方向的夾角記為α，求tanα的值；（2）若小物塊以另一速度從D點(diǎn)平拋后落在木板A端時(shí)的速度方向與水平方向的夾角也為α，求木板AB與水平方向的夾角θ的大??；（3）若木板A端可處與1/4圓弧A1A2間的任意位置，要保證小物塊都能經(jīng)過D點(diǎn)平拋，求小物塊在A端初速度的最小值.15．（12分）如圖所示，在x＝0處的質(zhì)點(diǎn)O在垂直于x軸方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，形成沿x軸正方向傳播的機(jī)械波。在t＝0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)O開始從平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)0.4s第一次形成圖示波形，P是平衡位置為x＝0.5m處的質(zhì)點(diǎn)。①位于x＝6m處的質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰位置時(shí)，求位于x＝2m處的質(zhì)點(diǎn)A通過的總路程。②若從圖示狀態(tài)開始計(jì)時(shí)，至少要經(jīng)過多少時(shí)間，P點(diǎn)通過平衡位置向上運(yùn)動(dòng)？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

由圖，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡向左彎曲，說(shuō)明粒子在A、B兩點(diǎn)受到的電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線向左，由于電場(chǎng)線方向不明，無(wú)法確定粒子的電性和產(chǎn)生該電場(chǎng)的點(diǎn)電荷的電性。故A正確，B錯(cuò)誤。A點(diǎn)的電場(chǎng)線比B點(diǎn)密集，則A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)較大，粒子在A點(diǎn)的電場(chǎng)力較大，加速度較大，選項(xiàng)C正確；由A到B，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，故B處的速度小，故D正確。本題選不能判斷的，故選B?！军c(diǎn)睛】本題是電場(chǎng)中粒子的軌跡問題，首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，即受力方向指向軌跡的凹向；電場(chǎng)線的疏密反映場(chǎng)強(qiáng)的大?。?、B【解析】

由題意可知三個(gè)小球均處于共點(diǎn)力平衡狀態(tài)，則對(duì)B、C中的任一小球進(jìn)行受力分析，由共點(diǎn)力的平衡條件可得出B、C所帶的電性及B、C電量的大小關(guān)系。【詳解】B球受重力及A、C對(duì)B球的庫(kù)侖力而受于平衡狀態(tài)；則A與C球?qū)球的庫(kù)侖力的合力應(yīng)與重力大小相等，方向相反；而庫(kù)侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向，故可知A對(duì)B的庫(kù)侖力應(yīng)指向A，C對(duì)B的作用力應(yīng)指向B的左側(cè)；因A帶負(fù)電，則可知B、C都應(yīng)帶正電；故CD錯(cuò)誤；由受力分析圖可知，A對(duì)B的庫(kù)侖力應(yīng)為C對(duì)B庫(kù)侖力的2倍，故C帶電量應(yīng)為A帶電量的一半；同理分析C可知，B帶電量也應(yīng)為A帶電量的一半，故B、C帶電量應(yīng)相同；故A錯(cuò)誤，B正確；故選B。【點(diǎn)睛】庫(kù)侖定律考查一般都是結(jié)合共點(diǎn)力平衡進(jìn)行的，因此解題的關(guān)鍵在于做出受力分析圖，明確庫(kù)侖力的方向；則可利用共點(diǎn)力的平衡條件進(jìn)行解答。3、A【解析】

對(duì)木塊分析得：解得木塊的最大加速度為：對(duì)整體分析得：聯(lián)立解得：A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.與分析不符，故C錯(cuò)誤；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤．4、A【解析】

根據(jù)牛頓第二定律得，對(duì)整體：F-(mA+mB)gsinθ-μ(mA+mB)gcosθ=(mA+mB)a得對(duì)B：T-mBgsinθ-μmBgcosθ=mBa得到，輕線上的張力則要增加T，可減小A物的質(zhì)量，或增大B物的質(zhì)量;故選A。5、C【解析】解：對(duì)木板受力分析，受推力F、重力G、支持力N和靜摩擦力f，

將重力按照作用效果分解為沿斜面向下的分力F′=Gsinθ=3N和垂直斜面向下的分力Gcosθ=3N；

在與斜面平行的平面內(nèi)，如圖有，故選C.6、A【解析】

將兒童蹦床的過程大體上等效為逆過程的自由落體運(yùn)動(dòng)，由v2=2gy可知，兒童位置（即坐標(biāo)y）和其速度v的關(guān)系圖象類似開口向下的拋物線，兒童在上升過程中速度減小，下落過程中速度反向增大．A.由上分析知，圖像與分析一致，故A正確；B.由上分析知，圖像與分析不一致，故B錯(cuò)誤；C.由上分析知，圖像與分析不一致，故C錯(cuò)誤；D.由上分析知，圖像與分析不一致，故D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

以整體為研究對(duì)象，豎直方向整體受重力、壓力F、支持力，水平方向受墻面的彈力和水平面的摩擦力，豎直方向受力平衡，水平方向受力平衡，A物體對(duì)地面的壓力大小為（M+m)gA對(duì)；以B物體為研究對(duì)象，B物體對(duì)A的壓力等于重力和墻面彈力的合力，大于mg，C錯(cuò)；D對(duì)；8、BCD【解析】傳送帶的速度；煤塊的加速度，加速到與傳送帶共速時(shí)的時(shí)間，煤塊的位移；煤塊勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，則煤塊從A端到B端的時(shí)間為1.3s，選項(xiàng)B正確；煤塊加速階段，傳送帶的位移，則煤塊在傳送帶上留下痕跡長(zhǎng)度是，選項(xiàng)C正確；煤塊到達(dá)B端時(shí)，由牛頓第二定律，則煤塊對(duì)滑輪的壓力為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；若使煤塊從A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間最短，則除非煤塊一直被加速，此時(shí)傳送帶的最小速度，則傳送帶的轉(zhuǎn)速，選項(xiàng)D正確；故選BCD.9、CD【解析】

根據(jù)沿繩的加速度相同分析兩滑塊的關(guān)系；由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒的條件判斷；由沿繩的速度相等分析兩滑塊的速度關(guān)系；由動(dòng)能定理或能量守恒分析機(jī)械能的變化.【詳解】A、兩滑塊與繩構(gòu)成繩連接體，沿繩方向的加速度相等，則A的分加速度等于B的加速度；故A錯(cuò)誤.B、繩連接體上的一對(duì)拉力做功不損失機(jī)械能，但B受到的斜面摩擦力對(duì)B做負(fù)功，由能量守恒可知滑塊A減小的機(jī)械能等于滑塊B增加的機(jī)械能和摩擦生熱之和；B錯(cuò)誤.C、繩連接體沿繩的速度相等,則A沿繩的分速度等于B的運(yùn)動(dòng)速度，如圖所示，即滑塊A的速度大于B的速度；故C正確.D、對(duì)A受力分析可知，除重力外，只有細(xì)線的張長(zhǎng)對(duì)滑塊做功，由功能原理可知，細(xì)線上張力對(duì)滑塊A做的功等于滑塊A機(jī)械能的變化量；故D正確.故選CD.【點(diǎn)睛】繩連接體抓住五同原理解題.(沿繩的拉力相同，沿繩的加速度相同，沿繩的速度相同，沿繩的功率相同，沿繩的做功相等).10、AC【解析】

由題意可知考查環(huán)繞天體運(yùn)動(dòng)規(guī)律、天體質(zhì)量計(jì)算，根據(jù)萬(wàn)有引力定律、牛頓第二定律分析計(jì)算可得?！驹斀狻緼．“悟空”到地球球心的距離小于同步衛(wèi)星到地球球心的距離，由公式可知“悟空”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，故A正確；B．第一宇宙速度指的是環(huán)繞地球表面轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的速度，取“悟空”為研究對(duì)象，萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律可得因“悟空”軌道半徑大，其線速小于第一宇宙速度，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)“悟空”的環(huán)繞周期為T，由可得T=故C正確；D．設(shè)地球質(zhì)量為M，“悟空”質(zhì)量為m，由牛頓第二定律可得由角速的定義式可得聯(lián)立可得地球的質(zhì)量為M=無(wú)法計(jì)算出“悟空”的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】環(huán)繞規(guī)律：軌道半徑越大，線速度越小、角速度越小、周期越長(zhǎng)、向心加速度越??；利用環(huán)繞天體的軌道半徑、周期只能計(jì)算中心天體的質(zhì)量，無(wú)法計(jì)算環(huán)繞天體的質(zhì)量。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、×用“×”連線求得電阻約為1.1～1.3Ω；用“О”連線求得電阻約為1.5～1.7Ω【解析】

（1）[1]．實(shí)物電路如圖：（2）[2]．因用電流表的外接法，電壓的測(cè)量值偏小，同一電流值，電壓值較小，由圖知得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用“×”表示的；（3）[3]．電流表的外接法測(cè)量數(shù)據(jù)為用“×”表示的，可求其連線直線的斜率約為1.1～1.3Ω；用“О”連線求得電阻約為1.5～1.7Ω。12、x1.0【解析】

①[1]豎直方向：小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)推論△x=aT2得y2-y1=gT2得：T=水平方向：小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)x=v0T，則有v0==x②[2]x=10.00cm=0.1m，A、B間距離y1=4.78cm，B、C間距離y2=14.58cm；將數(shù)據(jù)代入公式：v0=x=0.1×m/s=1.0m/s解得v0=1.0m/s四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）．（2）．（3）見解析．【解析】（1）帶電微滴進(jìn)入電場(chǎng)后，做類平拋運(yùn)動(dòng)，離開電場(chǎng)時(shí)，沿垂直電場(chǎng)方向的速度大小為，沿電場(chǎng)方向的速度大小為．設(shè)帶電微滴在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，根據(jù)牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，又，計(jì)算得出：．（2）帶電微滴離開電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)方向與方向的夾角為，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)．，計(jì)算得出．（3）由（1）問和（2