2025屆甘肅省平?jīng)鍪形锢砀呷谝粚W期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

2025屆甘肅省平?jīng)鍪形锢砀呷谝粚W期期中學業(yè)水平測試模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一斜面被兩個小樁A和B固定在光滑的水平地面上，在斜面上放一物體，如圖所示，以下判斷正確的是（）A．若物體靜止在斜面上，則B受到斜面的擠壓B．若物體勻速下滑，則B受到斜面的擠壓C．若物體加速下滑，則A受到斜面的擠壓D．若物體減速下滑，則A受到斜面的擠壓2、如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，小球a、b從高度不同的兩點分別以初速度va和vb沿水平向拋出，經(jīng)過時間ta和tb后落到與兩拋出點水平距離相等的P點。若不計空氣阻力，下列關(guān)系正確的是（）A．ta＞tb，va＜vb B．ta＞tb，va＞vbC．ta＜tb，va＜vb D．ta＜tb，va＞vb3、在如圖所示電路中,電源電動勢和內(nèi)阻恒定,電壓表和電流表均是理想電表,閉合開關(guān)S后,試分析將滑動變阻器的觸頭P向上滑動的過程中,下列敘述正確的是（）A．電壓表和電流表的示數(shù)都增大B．燈L2變暗,燈L1變亮C．通過電阻R0的電流方向向上D．電源的效率增大4、如圖所示。斜面傾角為，且，從斜面上O點與水平方向成45°角以速度v0、2v0分別拋出小球P、Q，小球P、Q剛要落在斜面上A、B兩點時的速度分別為vP、vQ，設(shè)O、A間的距離為s1，O、B間的距離為s2，不計空氣阻力，則（）A．s2=4s1，vP、vQ方向相同B．s2=4s1，vP、vQ方向不同C．2s1＜s2＜4s1，vP、vQ方向相同D．2s1＜s2＜4s1，vP、vQ方向不同5、將質(zhì)量為1.00kg的模型火箭點火升空，50g燃燒的燃氣以大小為600m/s的速度從火箭噴口在很短時間內(nèi)噴出．在燃氣噴出后的瞬間，火箭的動量大小為（噴出過程中重力和空氣阻力可忽略）A．30 B．5.7×102C．6.0×102 D．6.3×1026、某物體在三個共點力的作用下處于靜止狀態(tài)，若把其中一個力F1的方向沿順時針轉(zhuǎn)過60°角而保持其大小不變，其余兩力保持不變，則此時物體所受的合力大小為A．F1B．F1C．2F1D．無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示電路中，閉關(guān)開關(guān)S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2表示，電壓表示數(shù)變化的絕對值分別為△U1、△U2，下列判斷正確的是A．I減小，U1增大，U2增大B．I增大，U1增大，U2增大C．ΔU1<ΔU2D．電源的輸出功率變大，效率也變大8、下列說法正確的是。A．溫度是分子平均動能的標志B．顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無規(guī)則運動，就是碳分子運動的無規(guī)則性C．液晶既像液體一樣具有流動性，又跟某些晶體一樣具有光學性質(zhì)的各向異性D．同一種液體對不同的固體，可能是浸潤的，也可能是不浸潤的E.分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，一定先減小后增大9、地球和火星圍繞太陽的公轉(zhuǎn)可以看作勻速圓周運動。地球的軌道半徑為r1，周期為T1，運行速度為v1，角速度為ω1，加速度為a1,火星的軌道半徑為r2,周期為T2A．ω1ω2=kB．r10、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過程如p-T圖中從a到b的直線所示，在此過程中（）A．氣體的體積減小B．氣體對外界做功C．氣體的內(nèi)能不變D．氣體先從外界吸收熱量，后向外界放出熱量E.外界對氣體做功，同時氣體向外界放出熱量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學采用如圖所示的裝置，進行“探究加速度和力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗：(1)在實驗操作中，下列說法正確的是_____________（填序號）A．實驗時，應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度使拉小車的細繩與木板平行B．實驗時，應(yīng)先放開小車，再接通打點計時器的電源C．每改變一次小車的質(zhì)量時，也要改變木板的傾斜程度D．每改變一次小車的質(zhì)量時，也可以改變砝碼的數(shù)量(2)如圖所示，是實驗中用打點計時器得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G為7個相鄰的計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出。測量出相鄰的計數(shù)點之間的距離分別為：sAB=4.22cm、sBC=4.65cm、sCD=5.08cm、sDE=5.49cm、sEF=5.91cm、sFG=6.34cm。已知打點計時器的工作頻率為50Hz，則與紙帶上F點對應(yīng)的小車速度v=________m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。(3)如圖為研究“在外力一定的條件下，小車的加速度與其質(zhì)量的關(guān)系”時所得的實驗圖像，橫坐標m為小車上所加砝碼的質(zhì)量。設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓第二定律成立，則小車的質(zhì)量為_____________。(4)下列實驗中，利用該裝置不能完成的實驗有：____________（填序號）A．探究功和速度的關(guān)系B．驗證機械能守恒定律C．用打點計時器測速度D．探究小車的速度隨時間變化的規(guī)律12．（12分）某同學用如圖甲所示的實驗裝置探究物體的速度與時間的關(guān)系，如圖所示是該同學打得紙帶的一部分，紙帶上標注了幾個計數(shù)點O、A、B、C、D、E、F，并且相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個點沒有畫出，紙帶旁還給出了最小刻度為1mm的刻度尺，已知打點計時器所用交流電頻率為50Hz．（1）請根據(jù)圖中信息，寫出計數(shù)點A對應(yīng)刻度尺上的讀數(shù)___________cm；（2）對應(yīng)于紙帶上的A點，小車的瞬時速度vA=__________m/s(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；（3）由紙帶可以計算出小車的加速度a=_____________m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；（4）若在實際實驗操作時，打點計時器所用交流電頻率為51Hz，某同學未注意到該變化，仍按照頻率為50Hz處理數(shù)據(jù)，則加速的計算結(jié)果與真實值相比__________（填“偏大”、“偏小”或“沒有影響”)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，可看成質(zhì)點的木塊放在長L=1m的木板的右端，木板靜止于水平面上，已知木塊的質(zhì)量和木板的質(zhì)量均為1.0kg，木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1，木板與水平面之間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小視為相等，重力加速度取g=10m/s1．求：（1）木塊與木板不發(fā)生相對滑動的水平恒力F大小要滿足的條件；（1）若從t=0開始，木板受F=16N的水平恒力作用時，木塊和木板的加速度；（3）木塊經(jīng)多長時間從木板上滑下；（4）當t=1s時，木板的速度.14．（16分）如圖所示，豎直平面內(nèi)有一半徑為r、電阻為R1、粗細均勻的光滑半圓形金屬環(huán)，在M、N處與相距為1r、電阻不計的平行光滑金屬軌道ME、NF相接，EF之間接有電阻R1，已知R1＝11R，R1＝4R．在MN上方及CD下方有水平方向的勻強磁場I和Ⅱ，磁感應(yīng)強度大小均為B．現(xiàn)有質(zhì)量為m、電阻不計的導體棒ab，從半圓環(huán)的最高點A處由靜止下落，在下落過程中導體棒始終保持水平，與半圓形金屬環(huán)及軌道接觸良好，設(shè)平行軌道足夠長．已知導體棒ab下落r/1時的速度大小為v1，下落到MN處的速度大小為v1．(1)求導體棒ab從A下落r/1時的加速度大?。?1)若導體棒ab進入磁場Ⅱ后棒中電流大小始終不變，求磁場I和Ⅱ之間的距離h和R1上的電功率P1．(3)若將磁場Ⅱ的CD邊界略微下移，導體棒ab剛進入磁場Ⅱ時速度大小為v3，要使其在外力F作用下做勻加速直線運動，加速度大小為a，求所加外力F隨時間變化的關(guān)系式．15．（12分）在一寬廣的平靜湖面上有相距的兩個波源、，它們都產(chǎn)生上下振動的水波．已知水波在該湖面上的傳播速度為，波源、的振動圖像如圖中的甲.乙所示，在湖面上與相距，與相距處有一觀測點P，時刻讓兩波源同時開始振動．（i）求觀測點P的起振時刻及起振方向；（ii）畫出觀測點P從起振開始一個半周期內(nèi)的振動圖像．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

物體靜止或者勻速下滑時，物塊和斜面組成得系統(tǒng)合外力為零，因此在水平方向不受力，因此和物塊A，B之間沒有作用力，AB錯誤；物塊加速下滑，物塊加速度沿斜面向下，有水平向左得分量，因此物塊和斜面得整體受到水平向左得力，為B物塊施加得，因此C錯誤；物塊減速下滑，物塊得加速度沿斜面向上，有水平向右得分量，因此整體受到向右得力，為A物塊施加得，D正確2、A【解析】

平拋運動的運動時間是由豎直的高度決定的，由于a的高度比b的大，所以由于ab的水平的位移相等，而ta＞tb，所以故選A。3、D【解析】

滑動變阻器的觸頭P向上滑動的過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，外電路的總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，總電流變小，L1變暗，由可知，路端電壓變大即電壓表示數(shù)變大，L1兩端電壓變小，所以L2兩端電壓變大，流過L2的電流變大，L2變亮，由于總電流變小，所以電流表的示數(shù)變小，由于電容器與L2并聯(lián)，所以電容器兩端電壓與L2兩端電壓相等，由于L2兩端電壓變大，由公式可知，電容器的電荷量增大，即電容器充電，所以充電電流為向下，電源的效率：，由上面分析可知，路端電壓變，所以電源效率增大，綜上所述，故應(yīng)選：D．【點睛】本題是電路的動態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”的順序進行分析．電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓．4、A【解析】

設(shè)拋出的速度為v，則水平分速度為豎直速度為根據(jù)位移關(guān)系有解得則落點與拋出點的距離為則由題意可知初速度為v0、2v0分別拋出小球P、Q，則有s2=4s1落到斜面上的速度方向與水平方向的夾角滿足即速度方向均為水平，所以vP、vQ方向相同，故A正確，BCD錯誤。故選A。5、A【解析】開始總動量為零，規(guī)定氣體噴出的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得，0=m1v1+p，解得火箭的動量，負號表示方向，故A正確，BCD錯誤；【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握動量守恒定律的條件，以及知道在運用動量守恒定律時，速度必須相對于地面為參考系．6、A【解析】

力平衡中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，故除F1外的兩個力的合力大小等于F1，方向與F1反向，故等效成物體受兩個互成120°的大小等于F1的力作用；根據(jù)平行四邊形定則可知，兩個大小相等且互成120°的力合成時，合力在兩個分力的角平分線上，大小等于分力，故此時物體所受到的合力大小為F1；

A．F1，與結(jié)論相符，選項A正確；B．F1，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．2F1，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．無法確定，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB.P下滑，R1增加則總電阻增加，則總電流減小，內(nèi)壓減小，外壓增大，電壓表U1的讀數(shù)增大，R1兩端電壓增加，該支路電流增大，總電流減小，電流表讀數(shù)I減小，流過R3的電流減小，由U=IR可知R3兩端的電壓減小，而路端電壓增加，所以電壓表示數(shù)U1增加，故A正確B錯誤。C.由串聯(lián)電路的特點可知：U1=U1+UR3由以上的分析可知，U1增大，U1增大，但R3兩端的電壓減小，則：△U1=△U1-△UR3所以△U1＜△U1．故C正確；D.因為不清楚電源內(nèi)阻與外電阻關(guān)系，所以無法判斷電源的輸出功率如何變化，故D錯誤。8、ACD【解析】

A．溫度是分子平均動能的標志。故A符合題意。B．顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無規(guī)則運動，是由于受到液體分子撞擊力不平衡產(chǎn)生的，這反映了液體分子運動的無規(guī)則性。故B不符合題意。C．液晶是一種特殊的物態(tài)，它既像液體一樣具有流動性，又跟某些晶體一樣具有光學性質(zhì)的各向異性。故C符合題意。D．同一種液體對不同的固體，可能是浸潤的，也可能是不浸潤的，故D符合題意。E．當分子間距離為r0時，分子間作用力最小，所以當分子從大于r0處增大時，分子力先增大后減小。故D不符合題意。9、AB【解析】根據(jù)GMmr2=m4π2T2r，得T=2πr3GM，由T2=kT1，得T2T1=r23r【點睛】根據(jù)萬有引力提供向心力得出周期的表達式，結(jié)合周期之比得出軌道半徑之比，根據(jù)周期之比得出角速度之比．根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合線速度、向心加速度的表達式得出線速度和向心加速度之比．10、ACE【解析】

A．由圖示圖線可知，由a到b過程氣體溫度保持不變而氣體壓強p增大，由玻意耳定律可知氣體體積V減小，故A正確；B．氣體體積減小，外界對氣體做功，W>0，故B錯誤；C．由圖示圖線可知，從a到b過程氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，，故C正確；DE．由熱力學第一定律可知氣體向外界放出熱量，故D錯誤，E正確。故選ACE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A0.61B【解析】

（1）[1]A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，否則拉力不會等于合力，A正確；B．實驗開始時先接通打點計時器的電源待其平穩(wěn)工作后再釋放木塊，而當實驗結(jié)束時應(yīng)先控制木塊停下再停止打點計時器，B錯誤；C．平衡摩擦力之后，每改變一次小車的質(zhì)量時，不需要在次進行調(diào)節(jié)木板的傾斜程，C錯誤；D．每次只能改變一個變量，改變一次小車的質(zhì)量時，不可以改變砝碼的數(shù)量，D錯誤。故選A。（2）[2]打點計時器的工作頻率為50Hz，則每個相鄰的點的時間間隔相鄰兩個計數(shù)點的時間間隔F點對應(yīng)的小車速度。（3）[3]小車的質(zhì)量為，可得可得且則有可得。（4）[4]A．該套裝置可以通過計算拉力的做功和速度來探究功和速度的關(guān)系，A錯誤；B．該套裝置可以通過計算動能的增加量，但是無法準確計算出重力勢能的變化量，無法探究機械能的守恒，B正確；C．該實驗可以用打點計時器測速度，C錯誤；D．該實驗可以通過打點計時器測速度來探究速度隨時間的變化，D錯誤。故選B。12、5.800.582.0偏小【解析】

(1)[1]按刻度尺的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)，要估讀到最小刻度1mm的下一位，因此A對應(yīng)刻度尺上的讀數(shù)為：5.80cm．(2)[2]勻變速直線運動中某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，因此有：(3)[3]根據(jù)勻變速直線運動的判別式△x=aT2，結(jié)合逐差法有：(4)[4]如果在某次實驗中，交流電的頻率51Hz，f＞50Hz，那么實際打點周期變小，根據(jù)運動學公式△x=at2得：真實的加速度值就會偏大，所以測量的加速度值與真實的加速度值相比是偏小.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）F≤12N（1）2m/s2；4m/s【解析】

（1）對物體A：μ解得：a=2m/s對整體：F-μ代入數(shù)據(jù)計算得出:F=11N則保持相對靜止F≤11N（1）木板受F=16N的水平恒力作用時木板和木塊產(chǎn)生相對滑動，根據(jù)牛頓第二定律，對B：F-對A：μ代入數(shù)據(jù)計算得出:aA=2m/s（3）設(shè)物體A經(jīng)時間t從木板B上滑下，此時A的位移:x1=12aAx2-x1=L

聯(lián)立以上三式，代入數(shù)據(jù)得:t=1s

（4）因為t=1s時，A已經(jīng)滑落木板，之后對B:

設(shè)B的加速度為aB′，根據(jù)牛頓第二定律得:F-μ2mBg=mv【點睛】本題是一道典型的板塊模型力學綜合題，分析清楚物體運動過程是解題的關(guān)鍵，要分析出隱含的臨界條件，即兩物體剛好產(chǎn)生相對滑動時的F值，應(yīng)用牛頓第二定律與運動學公式可以解題．14、（1）