2025屆吉林省延邊高三上物理期中監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆吉林省延邊高三上物理期中監(jiān)測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在光滑水平面上，有兩個相互接觸的物體，如圖，已知M＞m，第一次用水平力F由左向右推M，物體間的相互作用力為F1；第二次用同樣大小的水平力F由右向左推m，物體間的相互作用力為F2，則（）A． B．C． D．無法確定2、用細線將籃球拴在升降機光滑的側壁上，當升降機加速下降時，出現(xiàn)如圖所示的情形．四位同學對此現(xiàn)象做出了分析與判斷，其中可能正確的是()A．升降機的加速度大于g，側壁對球無擠壓B．升降機的加速度小于g，側壁對球有擠壓C．升降機的加速度等于g，側壁對球無擠壓D．升降機的加速度等于g，側壁對球有擠壓3、許多科學家對物理學的發(fā)展做出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、模型法、類比法和科學假說法，等等。以下關于物理學史和所用物理學方法的敘述正確的是（）A．牛頓巧妙地運用扭秤測出引力常量，采用了放大法B．伽利略運用理想實驗法說明了力是維持物體運動的原因C．在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法叫假設法D．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法4、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷．t=0時，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運動．此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動（整個運動過程中沒有接觸），它們運動的v-t圖像分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示．則由圖線可知()A．兩電荷的電性一定相反B．t1時刻兩電荷的電勢能最大C．0~t3時間內，兩電荷的動量變化相同D．0~t3時間內，甲的動能一直增大，乙的動能一直減小5、如圖所示預角θ=30°的斜面固定在地面上，長為L、質量為m、粗細均勻、質量分布均勻的軟繩AB置于斜面上，與斜面間動摩擦因數(shù)，其A端與斜面頂端平齊，用細繩將質量也為m的物塊與軟繩連接，給物塊向下的初速度使軟繩B端到達斜面頂端(此時物塊未到達地面)。在此過程中，不正確的是（）A．軟繩上滑L時速度最小B．軟繩重力勢能共減少了mgL，其機械能一定增加C．軟繩減少的重力勢能一定小于其增加的動能與克服摩擦力所做的功之和D．物塊重力勢能的減少等于軟繩克服摩擦力所做的功與物塊動能增加之和6、物體從某一高度自由下落，第1s內就通過了全程的一半，物體還要下落多少時間才會落地（）A．1sB．1.5sC．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一質量為1kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示,則A．t=1s時物塊的速率為1m/sB．t=2s時物塊的動量大小為4kg?m/sC．t=3s時物塊的動量大小為3kg?m/sD．t=4s時物塊的速度為1m/s8、如圖，一固定容器的內壁是半徑為R的半球面；在半球面水平直徑的一端有一質量為m的質點P.它在容器內壁由靜止下滑到最低點的過程中，克服摩擦力做的功為W.重力加速度大小為g.設質點P在最低點時，向心加速度的大小為a，容器對它的支持力大小為N，則()A．a(chǎn)＝ B．a(chǎn)＝C．N＝ D．N＝9、如圖所示,在斜面上放兩個光滑球A和B,兩球的質量均為m,它們的半徑分別是R和r,球A左側有一垂直于斜面的擋板,兩球沿斜面排列并處于靜止,以下說法正確的是()A．斜面傾角θ一定,R>r時,R越大,r越小,B對斜面的壓力越小B．斜面傾角θ一定,R=r時,兩球之間的彈力最小C．斜面傾角θ一定時,A球對擋板的壓力一定D．半徑確定時,隨著斜面傾角θ逐漸增大,A受到擋板作用力先增大后減小10、某人站在與電腦連接的力傳感器上做原地縱向摸高訓練，圖甲是他做下蹲、起跳和回落動作的示意圖，圖中的小黑點表示人的重心。圖乙是電腦上顯示的力傳感器所受壓力隨時間變化的圖象，已知重力加速度g=10m/s2，空氣阻力不計，則根據(jù)圖象分析可知（）A．b到c的過程中，人先處于失重狀態(tài)再處于超重狀態(tài)B．人跳起的最大高度為1.8mC．起跳過程中人做的功大于360JD．人從起跳到雙腳離開力傳感器的過程中，重力的沖量大小為240N?s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測一量程為3V的電壓表的內阻，其內阻估計在10kΩ~20kΩ之間。提供下列器材：A．電源：電動勢6VB．滑動變阻器，最大阻值200ΩC．電流表：量程200μA；內阻約200ΩD．電流表：量程50mA；內阻約100ΩE.電流表：量程0.6A，內阻0.4ΩF.電鍵一個、導線足夠(1)為了使實驗順利進行并減小誤差，電流表應選用_________（填代號）；(2)某同學連接的實驗電路如圖所示，所連電路存在明顯錯誤。經(jīng)仔細觀察發(fā)現(xiàn)，只要添加一根導線即可，那么添加的導線應接在___________兩點間（填字母）。實驗前滑動變阻器的滑動觸頭應滑到最_________端（填“左”“右”）。12．（12分）在“用插針法測玻璃磚折射率“的實驗中，玻璃磚的ab邊與a′b′邊相互平行，aa′邊與bb′邊不平行．某同學在白紙上仔細畫出了玻璃磚的兩條邊線aa′和bb′，如圖所示．

（1）實驗時，先在玻璃磚的一側插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO．接著，眼睛在玻璃磚的______（選填“同一側”、“另一側”）觀察所插的兩枚大頭針P1和P2，同時通過插第三、第四枚大頭針來確定從玻璃磚射出的光線．

（2）實驗中是否要求四枚大頭針的針帽在同一視線上？______（填“是”或“否”）

（3）下列操作可以減小實驗誤差的是______

（填字母代號）

A．適當增大大頭針P1、P2的間距

B．選擇玻璃磚相互平行的ab、a′b′邊來測量

C．選用盡可能細的筆畫線

D．使AO的入射角接近于90°．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，AB是一段位于豎直平面內的光滑軌道，高度為h，末端B處的切線方向水平．一個質量為m的小物體P從軌道頂端A處由靜止釋放，滑到B端后飛出，落到地面上的C點，軌跡如圖中虛線BC所示．已知它落地時相對于B點的水平位移OC＝L．現(xiàn)在軌道下方緊貼B點安裝一水平傳送帶，傳送帶的右端與B的距離為L／1．當傳送帶靜止時，讓P再次從A點由靜止釋放，它離開軌道并在傳送帶上滑行后從右端水平飛出，仍然落在地面的C點．當驅動輪轉動從而帶動傳送帶以速度v勻速向右運動時（其他條件不變），P的落地點為D．（不計空氣阻力）（1）求P滑至B點時的速度大小；（1）求P與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)；（3）求出O、D間的距離s隨速度v變化的函數(shù)關系式．14．（16分）如圖所示，一質量為m、電荷量為q(q>0)的液滴，在場強大小為3mgq、方向水平向右的勻強電場中運動，運動軌跡在豎直平面內.A、B為其運動軌跡上的兩點，已知該液滴在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60°；它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為（1）A、B兩點間的電勢差。（2）當此帶電液滴運動到最高點C時（C點圖中為畫出），液滴由A點運動到C點過程中的機械能改變量。15．（12分）如圖所示，固定的光滑半圓軌道，其直徑PQ沿豎直方向。小車靜止在水平地面上，小車質量為M=lkg，其長度L=5.75m，上表面與P點等高。小車右端與P點相距較遠。質量m=2kg的滑塊以v0=9m/s的水平初速度從左端滑上小車，經(jīng)過一段時間滑塊相對小車靜止，小車與墻壁碰撞后小車立即停止運動。已知滑塊與小車表面的動摩擦因數(shù)μ1=0.4，小車與地面間的摩擦因數(shù)為μ2=0.1，（滑塊可視為質點）取重力加速度g=10m/s2。求：（1）小車運動的最大速度vl；（2）滑塊到達P點時的速度大??；（3）若滑塊恰好通過圓軌道最高點Q，則圓周半徑R的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

把兩個物體看成一個整體，根據(jù)牛頓第二定律得兩次系統(tǒng)的加速度大小相等。

第一次用水平力F由左向右推M，對m運用牛頓第二定理得第二次用同樣大小的水平力F由右向左推m，對M運用牛頓第二定理得因為M＞m，所以F1＜F2。

故選C。2、C【解析】試題分析：當升降機加速下降時，加速度等于g，則小球在豎直方向上僅受重力，拉力為零，由于小球在水平方向上平衡，可知側壁對小球無擠壓，故C正確，D錯誤．當升降機加速下降時，加速度大于g，小球受重力、繩子的拉力，由于水平方向上平衡，則側壁對小球有彈力，即側壁對球有擠壓，故A錯誤．當升降機加速下降是，加速度小于g，不會出現(xiàn)如圖所示的情況，球會在懸點下方，故B錯誤．故選C．考點：牛頓第二定律的應用【名師點睛】解決本題的關鍵知道小球和升降機具有相同的加速度，通過隔離對小球分析，合力在豎直下降，抓住水平方向平衡進行求解．3、D【解析】

A．卡文迪許巧妙地運用扭秤測出引力常量，采用了放大法，故A錯誤；B．伽利略為了說明力不是維持物體運動的原因用了理想實驗法，故B錯誤；C．在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法叫理想模型法，故C錯誤；D．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法，故D正確。故選D。4、B【解析】

由圖象0-t1段，判定甲從靜止開始與乙同向運動，則知甲的電性．分析t1時刻前后兩球距離的變化，判斷電場力做功情況，分析兩電荷的電勢能．0～t2時間內，分析兩電荷間距離變化，可知相互靜電力的變化．t1～t3時間內，甲的動能一直增大，乙的動能先減小后增大．【詳解】A項：由圖象0-t1段看出，甲從靜止開始與乙同向運動，說明甲受到了乙的排斥力作用，則知兩電荷的電性一定相同，故A錯誤；B項：0～t1時間內兩電荷間距離逐漸減小，在t1～t2時間內兩電荷間距離逐漸增大，t1時刻兩球相距最近，系統(tǒng)克服電場力最大，兩電荷的電勢能最大，故B正確；C項：0~t3時間內，系統(tǒng)動量守恒，所以兩點電荷的動量變化大小相等，方向相反，故C錯誤；D項：由圖象看出，0～t3時間內，甲的速度一直增大，則其動能也一直增大．乙的速度先沿原方向減小，后反向增大，則其動能先減小后增大，故D錯誤．故應選：B．【點睛】本題也可以運用類比的方法分析，相當于發(fā)生了完全非彈性碰撞，t1時刻兩球的速度相同，動能損失最大，兩電荷的電勢能最大．5、D【解析】

A.對軟繩和重物整體，懸掛在滑輪外側的部分的重力和斜面上部分的重力的平行斜面分力與摩擦力的和相等時，速度最小，此時有：mg+mxg=（m-mx）gsin30°+f，

N=（m-mx）gcos30°，其中：f=μN，

聯(lián)立解得：，故軟蠅上滑L時速度最小，故A不符合題意；B.當軟繩全部滑離斜面時，重力勢能減小最多，為：摩擦力與位移是成正比的，故軟繩克服摩擦力做功為：對軟繩和重物系統(tǒng)，根據(jù)功能關系，有：聯(lián)立解得：故軟繩機械能變化量：，即軟繩機械能增加，故B不符合題意；

C.軟繩減少的重力勢能為：；軟繩增加的動能與克服摩擦力所做的功之和：故軟繩減少的重力勢能一定小于其增加的動能與克服摩擦力所做的功之和，故C不符合題意；

D.物塊重力勢能的減小量為mgL，軟繩克服摩擦力所做的功與物塊動能增加之和：故物塊重力勢能的減少小于軟繩克服摩擦力所做的功與物塊動能增加之和，故D符合題意；6、D【解析】

根據(jù)聯(lián)立解得所以物體還需要下落的時間為故D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

F~t圖像的面積表示力的沖量A．在第1s內由動量定理有代入數(shù)據(jù)可得，A錯誤B．前2s內由動量定理有代入數(shù)據(jù)可得，B正確C．，由動量定理可得代入數(shù)據(jù)可得，C正確D．，由動量定理可得代入數(shù)據(jù)可得，D錯誤8、AC【解析】試題分析:質點P下滑的過程，由動能定理得，可得；在最低點，質點P的向心加速度；根據(jù)牛頓第二定律得,解得；故A、B、C正確，D錯誤．故選ABC．考點：考查動能定理；向心力．【名師點睛】解決本題的關鍵掌握動能定理解題，以及知道質點在B點徑向的合力提供圓周運動的向心力．9、BC【解析】

AB、對B球受力分析，受重力mg、斜面支持力N和A球的支持力F，改變R與r時，A對B的彈力的方向是改變的，如圖所示：由圖可以看出，當R=r時，支持力平行斜面向上，兩球之間的彈力最小，故B正確；當R>r，R越大，r越小時，力F方向從圖中的位置1逐漸向位置2、3移動，故斜面支持力N增加，根據(jù)牛頓第三定律，B對斜面的壓力也增加，故A錯誤；C、對AB整體分析，受重力、斜面支持力和擋板的支持力，根據(jù)平衡條件，A對擋板的壓力NA=2mgsinθ，則知斜面傾角θ一定時，無論半徑如何，A對擋板的壓力NA一定，故D、

由上知，A對擋板的壓力NA=2mgsinθ，半徑一定時，隨著斜面傾角θ逐漸增大,A對擋板的壓力NA增大，故D故選BC?！军c睛】一要靈活選擇研究對象，二要靈活選擇研究方法，本題采用圖解法和函數(shù)法相結合研究，比較簡便。10、AC【解析】

A．b到c的過程中，力傳感器的示數(shù)先小于人的重力后大于重力，則人先處于失重狀態(tài)再處于超重狀態(tài)，故A正確；B．由圖可知，人在空中運動的時間為0.6s，則人從最高點下落的高度為故B錯誤；C．人起跳過程獲得的速度為動能為而重心還要升高一定高度，則起跳過程中人做的功要大于360J，故C正確；D．由圖可知，雙腳離開力傳感的過程中歷時小于0.3s，則重力的沖量小于故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、Cef左【解析】

(1)[1]根據(jù)可得電壓表滿偏時流過電壓表的電流約為，為了使實驗順利進行并減小誤差，電流表應選用C；(2)[2]由于電壓表的內阻遠大于滑動變阻器的最大阻值，所以滑動變阻器應采用分壓式，所以添加的導線應接在ef兩點間；[3]為使起始時電壓表兩端電壓以及流過電流表的電流較小，實驗前滑動變阻器的滑動觸頭應滑到最左端。12、另一側否AC【解析】

（1）[1]．實驗時，先在玻璃磚的一側插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO；接著，眼睛在玻璃磚的另一側觀察所插的兩枚大頭針P1和P2，同時通過插第三、第四枚大頭針來確定從玻璃磚射出的光線；

（2）[2]．實驗中要求四枚大頭針的針尖在同一視線上，而不是針帽；

（3）[3]．大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些，故A正確．作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行，故B錯誤．為了準確確定入射光線和折射光線，選用盡可能細的筆畫線，故C正確．為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應盡量大些，效果會更好，但不是接近90°，故D錯誤．故選AC.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（1）（3）【解析】試題分析：（1）物體P在AB軌道上滑動時，物體的機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律得物體P滑到B點的速度為：．（1）當沒有傳送帶時，物體離開B點后作平拋運動，運動時間為t，當B點下方的傳送帶靜止時，物體從傳送帶右端水平拋出，落地的時間也為t，水平位移為，因此物體從傳送帶右端拋出的速度根據(jù)動能定理，物體在傳送帶上滑動時，有解出物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為（3）當傳送帶向右運動時，若傳送帶的速度v≤v1，即時，物體在傳送帶上一直作勻減速運動，離開傳送帶的速度仍為v1，落地的水平位移為，即s＝；當傳送帶的速度時，物體將會在傳送帶上做一段勻變速運動．如果尚未到達傳送帶右端，速度即與傳送帶速度相同，此后物體將做勻速運動，而后以速度v離開傳送帶．v的最大值v1為物體在傳送帶上一直加速而達到的速度，即由此解得:．當v≥v1，物體將以速度離開傳送帶，因此得O、D之間的距離為．當v1<v<v1，即時，物體從傳送帶右端飛出時的速度為v，O、D之間的距離為綜合以上的結果，得出O、D間的距離s隨速度v變化