廣東省深圳市龍城高級(jí)中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)水平測試試題含解析

廣東省深圳市龍城高級(jí)中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)水平測試試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，螺線管導(dǎo)線的兩端與兩平行金屬板相連接，一個(gè)帶正電的小球用絕緣絲線懸掛于兩金屬板間并處于靜止?fàn)顟B(tài)．線圈置于方向豎直向上的均勻增大的磁場中，現(xiàn)將s閉合，當(dāng)磁場發(fā)生變化時(shí)小球?qū)⑵D(zhuǎn)．若磁場發(fā)生了兩次變化，且第一次比第二次變化快，第一次小球的最大偏角為；第二次小球的最大偏角為，則關(guān)于小球的偏轉(zhuǎn)位置和兩次偏轉(zhuǎn)角大小的說法正確的（）A.偏向B板，θ1＞θ2B.偏向B板，θ1＜θ2C.偏向A板，θ1＞θ2D.偏向A板，θ1＜θ22、掃地機(jī)器人是智能家用電器的一種，它利用自身攜帶的小型吸塵部件進(jìn)行吸塵清掃，如圖為“iRobot”掃地機(jī)器人，已知其電池容量1000mA·h，額定工作電壓15V，額定功率30W，則下列說法正確的是()A.題中“mA·h”是能量的單位B.掃地機(jī)器人充滿電后一次工作時(shí)間約為0.5hC.掃地機(jī)器人正常工作時(shí)的電流是0.5AD.掃地機(jī)器人充滿電的電能是1.0×105J3、如圖所示，直線AB是某電場中的一條電場線，一電子僅在電場力作用下，由電場線上A點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其速度平方v2與位移x的關(guān)系如圖所示．對(duì)于電場中A、B兩點(diǎn)，以下判斷中正確的是A.A點(diǎn)場強(qiáng)等于B點(diǎn)場強(qiáng)B.A點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)的電勢C.電子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場力做負(fù)功D.電子在A點(diǎn)的電勢能小于在B點(diǎn)的電勢能4、下列說法正確的是（）A.任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍B.根據(jù)場強(qiáng)的定義式E=，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度和試探電荷的電荷量成反比C.各種材料的電阻率都與溫度有關(guān)，金屬的電阻率隨溫度的升高而減小D.電源的電動(dòng)勢與外電路有關(guān)，外電路電阻越大，電動(dòng)勢就越大5、如圖所示，圓形區(qū)域半徑為R，區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面勻強(qiáng)磁場。磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，P為磁場邊界上的最低點(diǎn)。大量質(zhì)量均為m，電荷量絕對(duì)值均為q的帶負(fù)電粒子，以相同的速率v從P點(diǎn)沿各個(gè)方向射入磁場區(qū)域。粒子的軌道半徑r＝2R，A、C為圓形區(qū)域水平直徑的兩個(gè)端點(diǎn)，粒子重力不計(jì)，空氣阻力不計(jì)，則下列說法不正確的是（）A.粒子射入磁場的速率為v＝B.粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間為t＝C不可能有粒子從C點(diǎn)射出磁場D.若粒子的速率可以變化，則可能有粒子從A點(diǎn)水平射出6、有關(guān)電容的單位及換算正確的是()A.電容的單位是庫侖 B.1F=10-6μFC.電容的國際單位是法拉 D.法拉是個(gè)很小的單位二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小物塊，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，沿動(dòng)摩擦因數(shù)為μ的絕緣水平面以初速度v0開始向左運(yùn)動(dòng)，如圖所示。物塊經(jīng)時(shí)間t移動(dòng)距離x后停了下來，設(shè)此過程中，q不變，則下列說法中正確的（）A. B.C. D.8、某電場的電場線分布如圖所示，以下說法正確的是A.c點(diǎn)場強(qiáng)大于d點(diǎn)場強(qiáng)B.a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢C.若將一試探電荷－q由c移至d的過程中，電勢能減小D.若將一試探電荷＋q由a移至b的過程中，電勢能減小9、兩根足夠長的光滑導(dǎo)軌豎直放置，兩導(dǎo)軌間距為L，底端接阻值為R的電阻。將一質(zhì)量為m的金屬棒懸掛在一個(gè)固定的輕彈簧下端，金屬棒和導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌所在平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場垂直，如圖所示，除電阻R外，其余電阻不計(jì)?，F(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則（）A.金屬棒將做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，金屬棒動(dòng)能、重力勢能和彈簧的彈性勢能的總和保持不變B.金屬棒最后將靜止，靜止時(shí)彈簧的伸長量為C.金屬棒最后將靜止，整個(gè)過程中電阻R上產(chǎn)生的總熱量小于mg·D.當(dāng)金屬棒第一次達(dá)到最大速度時(shí)，彈簧的伸長量為10、如圖所示，傾角為的光滑導(dǎo)電軌道間接有電源，軌道間距為，軌道上放一根質(zhì)量為的金屬桿，金屬桿中的電流為，現(xiàn)加一垂直金屬桿的勻強(qiáng)磁場，金屬桿保持靜止，則磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向和大小可能為A.磁場方向垂直于軌道平面向上時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，大小為B.磁場方向沿軸正方向，大小為C.磁場方向沿軸正方向，大小為D.磁場方向沿軸正方向，大小為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在解鎖智能手機(jī)的過程中，可以采用人臉識(shí)別，也可以輸入正確的密碼，則要完成解鎖手機(jī)，上述兩種方式的邏輯關(guān)系是（）A.“或”關(guān)系 B.“與”關(guān)系 C.“非”關(guān)系 D.不存在邏輯關(guān)系12．（12分）如圖（1）所示是某興趣小組設(shè)計(jì)的一個(gè)測量電流表內(nèi)阻和一個(gè)電池組的電動(dòng)勢及內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)電路，他們的實(shí)驗(yàn)步驟如下：①斷開單刀雙擲開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R0的滑動(dòng)端，使電流表A滿偏；②保持R0的滑動(dòng)端不動(dòng)，將單刀雙擲開關(guān)S2接M，調(diào)節(jié)電阻箱R的值，使電流表A半偏，讀出電阻箱R的值為a；③斷開開關(guān)S1，將單刀雙擲開關(guān)S2接N，不斷改變和記錄電阻箱的值以及分別與R相對(duì)應(yīng)的電流表的值I；和對(duì)應(yīng)的；④分別以R和為橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)建立平面直角坐標(biāo)系，利用記錄的R和對(duì)應(yīng)的進(jìn)行描點(diǎn)畫線，得到如圖（2）所示的坐標(biāo)圖象；⑤通過測量得知該圖線在縱軸上的截距為b、斜率為k。根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)操作，回答以下問題：（1）在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)步驟①之前，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端置于___（填“左端”、“中間”或“右端”）。（2）被測電流表的內(nèi)阻為___，測得值與電流表內(nèi)阻的真實(shí)值相比較__（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。（3）被測電池組的電動(dòng)勢E=___，內(nèi)電阻r=___（用實(shí)驗(yàn)過程中測得的物理量的字母進(jìn)行表示，電流表內(nèi)阻不可忽略）。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖（a）所示，間距為l、電阻不計(jì)的光滑導(dǎo)軌固定在傾角為θ的斜面上.在區(qū)域I內(nèi)有方向垂直于斜面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度恒為B；在區(qū)域Ⅱ內(nèi)有垂直于斜面向下的勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度Bt的大小隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖（b）所示．t=0時(shí)刻，在軌道上端的金屬細(xì)棒ab從如圖位置由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，同時(shí)下端的另一金屬細(xì)棒cd在位于區(qū)域I內(nèi)的導(dǎo)軌上也由靜止釋放．在ab棒運(yùn)動(dòng)到區(qū)域Ⅱ的下邊界EF之前，cd棒始終靜止不動(dòng)，兩棒均與導(dǎo)軌接觸良好．已知cd棒的質(zhì)量為m，電阻為R，ab棒的質(zhì)量、阻值均未知，區(qū)域Ⅱ沿斜面的長度為2l，在t=tx時(shí)刻（tx未知）ab棒恰好進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，重力加速度為g．求：（1）當(dāng)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd棒消耗的電功率；（2）ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時(shí)間.14．（16分）一種水下重物打撈方法的工作原理如圖所示。將一質(zhì)量M=3×103kg、體積V0=0.5m3的重物捆綁在開口朝下的浮筒上向浮筒內(nèi)充入一定量的氣體，開始時(shí)筒內(nèi)液面到水面的距離h1=40m，筒內(nèi)氣體體積V1=1m3在拉力作用下浮筒緩慢上升。當(dāng)筒內(nèi)液面到水面的距離為h2時(shí)，拉力減為零，此時(shí)氣體體積為V2，隨后浮筒和重物自動(dòng)上浮。已知大氣壓強(qiáng)p0=1×105Pa，水的密度ρ=1×103kg/m3，重力加速度的大小g=10m/s2。不計(jì)水溫變化，筒內(nèi)氣體質(zhì)量不變且可視為理想氣體，浮筒質(zhì)量和筒壁厚度可忽略。求V2和h2。15．（12分）如圖所示，在x軸的上方整個(gè)區(qū)域存在非勻強(qiáng)電場，PO之間的電壓為U，在x軸的下方、半徑為a的圓O1的區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，其他區(qū)域無電磁場?，F(xiàn)有帶電粒子從P點(diǎn)由靜止釋放，沿y軸運(yùn)動(dòng)從O點(diǎn)進(jìn)入磁場，經(jīng)過一段時(shí)間后從N點(diǎn)離開磁場。已知∠OO1N＝，不計(jì)帶電粒子的重力與空氣阻力。(1)判斷粒子的帶電性質(zhì)并比較P、O的電勢高低；(2)求帶電粒子的比荷（電量與質(zhì)量之比）；(3)若在粒子從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中，某時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度大小突然變化為，粒子不再離開磁場，求的最小值。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】由題意可知，線圈置于豎直向上的均勻增大的磁場中，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律會(huì)產(chǎn)生穩(wěn)定的電動(dòng)勢，判斷出電感應(yīng)電動(dòng)勢的高低，分析小球受力方向及力的大小【詳解】線圈置于方向豎直向上的均勻增大的磁場中，據(jù)楞次定律可知線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢下高上低，則B板電勢高，A板電勢低，小球向A偏轉(zhuǎn)，當(dāng)磁場變化快時(shí)電動(dòng)勢大，偏角大，則C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C2、B【解析】A、電池容量是指電池的存儲(chǔ)電量（電流與時(shí)間的乘積）多少，單位是“Ah”或“mAh”，不是儲(chǔ)存電能的大小，故A錯(cuò)誤．C、機(jī)器人正常工作的電壓為15V，機(jī)器人正常工作時(shí)的電流，故C錯(cuò)誤．B、機(jī)器人充滿電后一次工作時(shí)間為，故B正確．D、根據(jù)電能的公式，故D錯(cuò)誤．故選B【點(diǎn)睛】本題是信息給予題，要求同學(xué)們能從題目中獲取有用信息，知道電池容量是指電池儲(chǔ)存電量的大小3、A【解析】A.根據(jù)動(dòng)能定理：得：由速度平方v2與位移x的關(guān)系圖象看出，圖線的斜率不變，所以電場強(qiáng)度不變，A.B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相等，故A正確；CD.電子的速度增大，電子所受電場力沿AB且做正功，電勢能降低，A點(diǎn)的電勢能高于B點(diǎn)，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；B.因?yàn)殡娮訋ж?fù)電，所以電勢升高，A點(diǎn)電勢低于B點(diǎn)的電勢，故B錯(cuò)誤。故選：A4、A【解析】A．目前認(rèn)為自然界中任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍，故A正確；B．電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與試探電荷的電荷量無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．各種材料的電阻率都與溫度有關(guān)，金屬的電阻率隨溫度的升高而增大，故C錯(cuò)誤；D．電源的電動(dòng)勢與外電路無關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選A。5、C【解析】A．由洛倫茲力提供向心力，有解得根據(jù)題意r＝2R可得故A正確，不符合題意；B．當(dāng)粒子以圓形區(qū)域的直徑2R為弦做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長，由幾何關(guān)系可知此時(shí)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，粒子運(yùn)動(dòng)的周期為則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故B正確，不符合題意；C．粒子的軌道半徑為2R，磁場的半徑為R，粒子可能從C點(diǎn)射出，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．當(dāng)粒子的軌道半徑為R時(shí)，豎直向上射出的粒子，可以從A點(diǎn)水平射出，且速率滿足故D正確，不符合題意。故選C。6、C【解析】電容的國際單位是法拉，庫倫是電量單位，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；1F=106μF，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；法拉不是個(gè)很小的單位，比法拉小的還有微法和皮法，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】AB．假設(shè)物塊不受洛倫茲力，據(jù)動(dòng)能定理得因?yàn)槲飰K帶正電，受到向下的洛倫茲力，摩擦力增大，滑行的距離減小，則故A正確，B錯(cuò)誤；CD．假設(shè)洛倫茲力是恒力，大小為保持不變，則由動(dòng)量定理得得因?yàn)槲飰K向左做減速運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力減小，加速度減小，滑行時(shí)間變長，則有故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。8、BD【解析】A．電場線的密的地方場強(qiáng)大，點(diǎn)電場線比點(diǎn)密，所以點(diǎn)場強(qiáng)大，故A錯(cuò)誤；B．沿著電場線方向電勢降低，點(diǎn)電勢高于點(diǎn)電勢，故B正確；C．沿著電場線方向電勢降低，點(diǎn)電勢高于點(diǎn)電勢；若將一試探電荷由移至的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能增大，故C錯(cuò)誤；D．點(diǎn)電勢高于點(diǎn)電勢，若將一試探電荷由移至的過程中，電場力對(duì)電荷做正功，電荷電勢能減小，故D正確；故選BD。9、BC【解析】A．根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得知：金屬棒的動(dòng)能、重力勢能與彈簧的彈性勢能的總和不斷減小，轉(zhuǎn)化為電路中的內(nèi)能，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒最后將靜止，重力與彈簧的彈力二力平衡，由胡克定律得：彈簧伸長量為故B正確；C．據(jù)能量守恒知：最終金屬棒的重力勢能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能和電路中的內(nèi)能，棒的重力勢能減小為故知電阻R上產(chǎn)生的總熱量小于，故C正確；D．當(dāng)金屬棒速度第一次達(dá)到最大時(shí)，重力與彈簧彈力和安培力合力平衡，彈簧的伸長量小于，故D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷（非選擇題10、ACD【解析】由左手定則確定各種情況下的安培力方向，根據(jù)平衡條件判斷各項(xiàng)即可【詳解】A項(xiàng)：磁場方向垂直于軌道平面向上時(shí)，由左手定則可知，安培力方向平行斜面向上，由于此時(shí)支持力與安培力垂直，由三力平衡可知，支持力與安培力的合力與重力等大反向，由于支持力方向不變，所以當(dāng)支持力與安培力垂直時(shí)，安培力最小即磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，由公式，解得：，故A正確；B項(xiàng)：磁場方向沿軸正方向時(shí)，與電流方向平行，金屬桿不受安培力，所以金屬桿不可能靜止，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：磁場方向沿軸正方向時(shí)，由左手定則可知，安培力方向豎直向上，要使金屬桿靜止，所以mg=BIL，解得：，故C正確；D項(xiàng)：磁場方向沿軸正方向時(shí)，，由左手定則可知，安培力方向水平向右，由平衡條件可得：，解得：，故D正確故選ACD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A【解析】由題意可知，采用人臉識(shí)別或輸入正確的密碼均可以解鎖，故采用的是“或”關(guān)系。故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。12、①.右端②.a③.偏?、?⑤.【解析】（1）［1］在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)步驟①之前，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器R0的滑動(dòng)端置于電阻最大的位置，即置于最右端的位置。（2）［2半偏法測電阻的基本思路是可以認(rèn)為回路中總電流不變，則在保持R0的滑動(dòng)端不動(dòng)，將單刀雙擲開關(guān)S2接M，調(diào)節(jié)電阻箱R的值，使電流表A半偏，此時(shí)可以認(rèn)為被測電流表的內(nèi)阻與電阻箱R的值相等，即為a。［3］將單刀雙擲開關(guān)S2接M后，回路中總電阻有所減小，致使總電流有所增大，即通過電阻箱的電流略大于回路中總電流的一半，根據(jù)并聯(lián)分流原理，）被測電流表的內(nèi)阻略大于電阻箱的電阻，即測得值與電流表內(nèi)阻的真實(shí)值相比較偏小。（3）［4］［5］根據(jù)閉合電路歐姆定律，有可得則，，被測電池組的電動(dòng)勢電池組的內(nèi)電阻四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】（1）Ⅱ內(nèi)磁場均勻變化，在回路中形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷出流過cd的電流方向，然后根據(jù)平衡求出cd棒所受安培力方向，進(jìn)一步根據(jù)左手定則判斷磁場方向．根據(jù)導(dǎo)體棒處于平衡狀態(tài)可知，安培力等于重力沿導(dǎo)軌向下分力，由此可求出通過cd棒中的電流大小，從而求解電功