江西省上饒市橫峰中學、余干一中2025屆高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析

江西省上饒市橫峰中學、余干一中2025屆高二物理第一學期期中復習檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，水平放置的平行金屬板a、b分別與電源的兩極相連，帶電液滴P在金屬板a、b間保持靜止，現(xiàn)設法使P固定，再使兩金屬板a、b分別繞中心點O、O′垂直于紙面的軸順時針轉相同的小角度α，然后釋放P，則P在電場內將做()A．勻速直線運動B．斜向右下方的勻加速直線運動C．水平向右的勻加速直線運動D．曲線運動2、兩相同帶電小球，帶有等量的同種電荷，用等長的絕緣細線懸掛于O點，如圖所示，平衡時，兩小球相距r，兩小球的直徑比r小得多，可視為點電荷，此時兩小球之間的靜電力大小為F．若將兩小球的電量同時各減少一半，當他們重新平衡時A．兩小球間的距離大于r/2B．兩小球間的距離小于r/2C．兩小球間的靜電力等于F/2D．兩小球間的靜電力等于F3、如圖所示是勻強電場中的一組等勢面，若A、B、C、D相鄰兩點間的距離為2cm，A和P點間的距離為1.5cm，則該電場的場強E和P點的電勢φP分別為()A．500V/m，－2.5VB．10003C．500V/m,2.5VD．100034、已知通電長直導線周圍某點的磁感應強度，即磁感應強度B與導線中的電流I成正比，與該點到導線的距離r成反比．如圖所示兩根平行長直導線相距為R，通以大小、方向均相同的電流，規(guī)定磁場方向垂直紙面向外為正，則在O－R區(qū)間內磁感應強度B隨r變化的圖線可能是（）A． B． C． D．5、關于牛頓第二定律F＝ma，下列說法正確的是()A．a(chǎn)的方向與F的方向相同B．a(chǎn)的方向與F的方向相反C．a(chǎn)的方向與F的方向無關D．a(chǎn)的方向與F的方向垂直6、平行板電容器充電后斷開電源，現(xiàn)將其中一塊金屬板遠離另一板平移一小段距離．下圖表示此過程中電容器兩板間有關的物理量隨兩板間距離d的變化關系，正確的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電源的電動勢，下面說法正確的是()A．在電源內部其他形式的能轉化為電能B．電動勢在數(shù)值上等于電路中通過1C電荷量時電源提供的總能量C．電源的電動勢跟電源的體積有關，跟外電路有關D．電動勢有方向，因此電動勢是矢量8、如圖，C為中間插有電介質的電容器，b極板與靜電計金屬球連接，a極板與靜電計金屬外殼都接地．開始時靜電計指針張角為零，在b板帶電后，靜電計指針張開了一定角度．以下操作能使靜電計指針張角變大的是（）A．將b板也接地B．b板不動、將a板向右平移C．將a板向上移動一小段距離D．取出a、b兩極板間的電介質9、下列關于勻變速直線運動的說法正確的是（）A．做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度方向總是相同的B．做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度變化的方向總是相同的C．做勻變速直線運動的物體，它的速度變化越大，加速度越大D．做勻變速直線運動的物體，它的速度在單位時間內變化越大，加速度越大10、勻強電場方向水平向右，一帶電顆粒沿圖中虛線所示，在電場中沿斜向上方向做直線運動.帶電顆粒從A到B的過程中，關于其能量變化及帶電情況的說法正確的是A．顆粒一定帶負電B．顆?？赡軒д奀．顆粒的機械能減小，電勢能增大D．顆粒的機械能減小，動能增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，（1）某同學畫出了如圖所示的小燈泡的伏安特性曲線。根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻______。（填“變大”、“變小”或“不變”）（2）如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5V，內阻為5Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是________W.（保留兩位有效數(shù)字）12．（12分）（1）下圖螺旋測微器的讀數(shù)是______mm，電壓表的讀數(shù)是______V（2）多用電表表頭的示意圖如圖。在正確操作的情況下：若選擇開關的位置如箭頭所示，正確操作后發(fā)現(xiàn)指針的偏轉角很大，需要換檔，換檔后是否重新調零？無論用多用電表進行何種測量（限于直流），電流都應該從什么色表筆經(jīng)哪個插孔流入電表？_________A．不重新調零，紅，正B．重新調零，黑，正C．重新調零，黑，負D．重新調零，紅，正四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長的豎直絕緣桿上套有一帶正電小環(huán)，整個裝置處在水平向右的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場內，小環(huán)由靜止開始下滑，經(jīng)過時間t后速度達到最大值．已知小環(huán)質量為m、電荷量為q，電場強度為E，磁感應強度為B，小環(huán)與桿之間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g．求：（1）小環(huán)下滑的最大加速度的大小和最大速度的大小；（2）小環(huán)下滑時間t內受到的平均摩擦力的大?。ㄓ脛恿慷ɡ砬蠼猓?4．（16分）如圖所示，EF與GH間為一無場區(qū)．無場區(qū)左側A、B為相距為d、板長為L的水平放置的平行金屬板，兩板上加某一電壓從而在板間形成一勻強電場，其中A為正極板．無場區(qū)右側為一點電荷Q形成的電場，點電荷的位置O為圓弧形細圓管CD的圓心，圓弧半徑為R，圓心角為120°，O、C在兩板間的中心線上，D位于GH上．一個質量為m、電荷量為q的帶正電粒子以初速度v0沿兩板間的中心線射入勻強電場，粒子出勻強電場經(jīng)無場區(qū)后恰能進入細圓管，并做與管壁無相互擠壓的勻速圓周運動．（不計粒子的重力、管的粗細）求：(1)O處點電荷的電性和電荷量；(2)兩金屬板間所加的電壓．15．（12分）如圖，兩平行金屬導軌間的距離L=0.4m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在空間內，分布著磁感應強度B=0.5T、方向垂直于導軌平面的勻強磁場．金屬導軌的一端接有電動勢E=6.0V、內阻r=0.5Ω的直流電源．現(xiàn)把一個質量m=0.05kg的導體棒ab垂直放在金屬導軌上，導體棒靜止．導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=1.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s1．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）通過導體棒的電流大??；（1）導體棒受到的安培力大??；（3）導體棒受到的摩擦力大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：當a、b金屬板水平放置時，帶電液滴P在電場內處于靜止狀態(tài)，說明處于平衡狀態(tài)，豎直向上的電場力大小等于重力的大?。攦善叫薪饘侔錫、b分別以O、0′中心為軸在豎直平面內轉過相同的較小角度α，然后釋放P，此時P受到豎直向下的重力、垂直金屬板的電場力，電場力方向與豎直方向的夾角為α，如圖．設板間距離原來為d，則由幾何知識得知：轉過α角時，板間距離為dcosα，板間場強為E=U/dcosα，電場力為F="qE=q"U/dcosα，電場力方向與豎直方向的夾角為α，豎直方向的分力為Fcosα="q"U/d．而原來液滴處于靜止狀態(tài)，即有mg=qE=qU/d，則得此時液滴豎直方向受力平衡，合力水平向右，故P將水平向右作勻加速直線運動．故C正確．考點：含有電容器的電路【名師點睛】考查了已知受力求運動，正確受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷運動情況．題中帶電液滴P原來在水平放置的a、b金屬板間的電場內處于靜止狀態(tài)，說明處于平衡狀態(tài)，豎直向上的電場力大小等于重力的大小，當兩平行金屬板a、b分別以O、0′中心為軸在豎直平面內轉過相同的較小角度θ，然后釋放P，此時P受到重力、電場力，合力向右，故P向右的勻加速直線運動．2、A【解析】

AB．電量減小，根據(jù)庫侖定律知，庫侖力減小，兩球間的距離減?。僭O兩球距離等于，則庫侖力與開始一樣大，重力不變，則繩子的拉力方向應與原來的方向相同，所以兩球距離要變大些，則兩球的距離大于．選項A正確，B錯誤；CD．當兩球電量減半，兩球距離為時，兩小球間的靜電力等于F；而兩球之間的距離大于，可知靜電力小于F；當兩小球間的靜電力等于時，兩球之間的距離應該為，但是此時靜電力與重力的合力方向與細繩方向不共線，可知兩小球間的靜電力不等于，選項CD錯誤．3、B【解析】根據(jù)電場線與等勢線垂直，并且由高電勢等勢面指向低電勢等勢面，作出電場線的分布情況如圖所示：場強的大小為：E=Ud=UBAdBAsin60°=100.02×3【點睛】解決本題關鍵要理解電場線與等勢線、場強與電勢差的關系、電勢與電勢能間的關系等，注意公式U=Ed中d是兩點沿電場線方向的距離．4、A【解析】試題分析：根據(jù)右手螺旋定則可得左邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向外，右邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向里，離導線越遠磁場越弱，在兩根導線中間位置磁場為零．由于規(guī)定B的正方向即為垂直紙面向外，所以A正確，BCD錯誤；故選A．考點：右手螺旋定則5、A【解析】

根據(jù)牛頓第二定律F=ma得：a=F/m，質量是標量，力和加速度都是矢量，所以加速度方向與合外力方向相同，故選A．6、C【解析】試題分析：根據(jù)C=εs4πkd知，d增大，則電容減小，故A錯誤。平行板電容器充電后斷開電源，電量保持不變，故B錯誤。結合C=εs4πkd、C=QU、考點：電容器電路的動態(tài)分析。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】電源是通過內部非靜電力做功，將其他形式的能轉化為電能的裝置，A正確；根據(jù)可知，電動勢在數(shù)值上等于電路中通過1C電荷量時電源提供的總能量，B正確；電源的電動勢跟電源的體積無關，跟外電路無關，C錯誤；電動勢有方向，但電動勢是標量，故D錯誤．8、CD【解析】

靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由，分析電容的變化，根據(jù)C=Q/U分析電壓U的變化．【詳解】將b板也接地，電容器帶電量不變，兩板間的電勢差不變，則靜電計指針張角不變，選項A錯誤；b板不動、將a板向右平移，根據(jù)可知d變小時，C變大，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U減小，即靜電計指針張角變小，選項B錯誤；將a板向上移動一小段距離，根據(jù)可知S變小時，C變小，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項C正確；取出a、b兩極板間的電介質，根據(jù)可知C變小，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項D正確；故選CD.【點睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式和C=Q/U．9、BD【解析】勻加速直線運動的速度方向和加速度方向相同，而勻減速直線運動的速度方向和加速度方向相反，故A錯誤；由加速度的定義可知加速度的方向與速度變化方向相同，故B正確；加速度表示速度變化的快慢，速度變化越快，加速度就越大，速度在單位時間內變化越大，與速度變化大小無關，故C錯誤；D正確．所以BD正確，AC錯誤．10、AC【解析】

AB．帶電顆粒在電場中沿斜向上方向做直線運動，則帶電顆粒所受合力方向與運動方向共線，所以帶電顆粒受力情況如圖：帶電顆粒所受電場力方向與場強方向相反，顆粒帶負電；故A項正確，B項錯誤；CD．帶電顆粒從A到B的過程中，受重力和電場力，電場力做負功，電勢能增大，機械能減??；電場力和重力均做負功，動能減??；故C項正確，D項錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)變大(2)0.10W【解析】（1）由于坐標原點與圖象上某點連線的斜率倒數(shù)等于電阻，此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻變大；（2）電源的電動勢為1.5V，電流與路段電壓的關系式為：U=E-Ir=1.5-5I,在圖中作出電流與路段電壓的圖線，如圖交點坐標即為小燈泡的實際電壓和電流，故功率為P=UI=1×0.1w=0.1w12、0.608(0.607～0.609)11.0D【解析】

(1)[1]由圖形螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為10.8×0.01mm=0.108mm，螺旋測微器的讀數(shù)為0.5mm+0.108mm=0.608mm；[2]電壓表量程為15V，由圖示電壓表可知，其分度值為0.5V，示數(shù)為11.0V；(2)[3]換檔后都應重新調零，無論用多用電表進行何種測量（限于直流），電流都應該從紅色表筆經(jīng)+插孔流入電表，故D正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答