白銀十中2025屆物理高二上期末調研試題含解析

白銀十中2025屆物理高二上期末調研試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，勻強電場中有一平行四邊形abcd，且平行四邊形所在平面與場強方向平行．其中φa＝10V，φb＝6V，φd＝8V，則c點電勢為A.10V B.8VC.7V D.4V2、下列說法正確的是()A.運動電荷在磁感應強度不為零的地方，一定受到洛倫茲力的作用B.運動電荷在某處不受洛倫茲力作用，則該處的磁感應強度一定為零C.洛倫茲力既不能改變帶電粒子的動能，也不能改變帶電粒子的動量D洛倫茲力對帶電粒子不做功3、如圖所示，MN是一負點電荷產生的電場中的一條電場線．一個帶正電的粒子（不計重力）從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示．下列結論正確的是（）A.帶電粒子從a到b過程中動能逐漸減小B.負點電荷一定位于M點左側C.帶電粒子在a點的加速度大于在b點的加速度D.帶電粒子在a點時具有的電勢能大于在b點時具有的電勢能4、物理學領域里的每次重大發(fā)現(xiàn)，都有力地推動了人類文明的進程．最早利用磁場獲得電流，使人類得以進入電氣化時代的科學家是（）A.庫侖 B.奧斯特C.安培 D.法拉第5、關于電容器的電容，下列說法正確的是（）A.電容器不帶電時，其電容為零B.電容器帶電荷量越多，其電容越大C.電容器兩極板間電壓越低，其電容越小D.電容器的電容只由它本身的性質決定6、下列關于重力、彈力、摩擦力的說法正確的是()A.重力大小與物體所在的地理位置無關B.彈力的產生原因是受力物體發(fā)生了形變C.在粗糙程度一定的情況下，摩擦力的大小與彈力大小成正比D.靜止的物體可能受到滑動摩擦力，運動的物體可能受到靜摩擦力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一束質量、速度和電荷量不同的正離子垂直地射入勻強磁場和勻強電場正交的區(qū)域里，結果發(fā)現(xiàn)有些離子保持原來的運動方向，有些未發(fā)生任何偏轉．如果讓這些不偏轉的離子進入另一勻強磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂成幾束，對這些進入另一磁場的離子，可得出結論A.它們的動能可能相同B.它們比荷一定各不相同C.它們的電荷量一定各不相同D.它們的質量一定各不相同8、如圖是某交流發(fā)電機產生的交變電流的圖象，根據(jù)圖象可以判定A.此交變電流的周期為0.1sB.此交變電流的頻率為5HzC.將標有“12V、3W”的燈泡接在此交變電流上，燈泡可以正常發(fā)光D.圖象上對應的時刻，發(fā)電機中的線圈剛好轉至中性面9、空間中有足夠大的垂直紙面向里的勻強磁場，矩形線框abcd在磁場中，如圖所示，以下操作中可以使線框中產生感應電流的是（）A.水平向右加速運動B.以ab為軸旋轉C.以bd連線為軸旋轉D.以ac、bd連線交點o為軸在平面內旋轉10、如圖所示,質量為m、電荷量為q的微粒,在豎直向下的勻強電場、水平指向紙內的勻強磁場以及重力的共同作用下做勻速圓周運動,下列說法正確的是()A.該微粒帶負電,電荷量q=B.若該微粒在運動中突然分成荷質比相同的兩個粒子,分裂后只要速度不為零且速度方向仍與磁場方向垂直,它們均做勻速圓周運動C.如果分裂后,它們的荷質比相同,而速率不同,那么它們運動的軌道半徑一定不同D.只要一分裂,不論它們的荷質比如何,它們都不可能再做勻速圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）荷蘭物理學家洛倫茲首先提出，磁場對運動電荷有力的作用．為了紀念他，人們稱這種力為_____，該力的方向可以用_____（填“左手定則”或“右手定則”）來判斷12．（12分）在測定電流表的內阻的實驗中備用的器材有:A.待測電流表G（量程0～100μA，內阻約為600Ω）B.標準電壓表（量程0～5V）C.電阻箱（阻值范圍0～9999Ω）D.電阻箱（阻值范圍0～99999Ω）E電源（電動勢2V，內阻不計）F.電源（電動勢6V，有內阻）G.滑動變阻器（阻值范圍0～50Ω，額定電流1.0A），還有若干開關和導線.（1）如果采用如圖所示的電路測定電流表G的內阻，并且要想得到較高的精確度，那么從以上備用的器材中，可變電阻R1應選用________，可變電阻R2應選用________，電源E應選用________（用上述器材前的字母代號填寫）（2）如果實驗時要進行的步驟有：A.合上S1.B.合上S2C.觀察R1的阻值是否最大，如果不是，將R1的阻值調至最大.D.調節(jié)R1的阻值，使電流表指針偏轉到滿刻度.E.調節(jié)R2的阻值，使電流表指針偏轉到滿刻度的一半.F.記下R2的阻值.把以上步驟的字母代號按實驗的合理順序填寫在下面橫線上：__________________（3）如果在步驟F中所得R2阻值為600Ω，則被測電流表的內阻rg的測量值為________Ω.（4）電流表內阻的測量值r測與其真實值r真的大小關系是________.（填“＞”“＜”或“＝”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，水平放置金屬導軌M、N，平行地置于勻強磁場中，間距為lm，磁場的磁感強度大小為1T，方向與· 導軌平面夾角為，金屬棒ab的質量為0.02kg，放在導軌上且與導軌垂直，且與導軌的動摩擦因數(shù)為0.4，電源電動勢為1.5V，內阻為0.5Ω，定值電阻R為1Ω，其余部分電阻不計，則當電鍵K閉合的瞬間，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）電流多大？（2）棒ab的加速度為多大？14．（16分）如圖甲所示，在水平地面上固定一對與水平面傾角為的光滑平行導電軌道，軌道間的距離為，兩軌道底端的連線與軌道垂直，頂端接有電源．將一根質量為的直導體棒放在兩軌體會配合，且與兩軌道垂直．已知軌客導體棒的電阻及電源的內電阻均不能忽略，通過導體棒的恒定電流大小為，方向由到，圖乙為圖甲沿方向觀察的平面圖．若重力加速度為，在軌道所在空間加一豎直向上的勻強磁場，使導體棒在軌道上保持靜止（）請在圖乙所示的平面圖中畫出導體棒受力的示意圖；（）求出磁場對導體棒的安培力的大?。唬ǎ┤绻淖儗к壦诳臻g的磁場方向，試確定使導體棒在軌道上保持靜止的勻強磁場磁感應強度的最小值的大小和方向15．（12分）如圖所示，坐標平面第Ⅰ象限內存在水平向左的勻強電場，在距y軸左側區(qū)域存在寬度為a=0.3m的垂直紙面向里的m勻強磁場，磁感應強度為B（大小可調節(jié)）。現(xiàn)有質荷比為kg/C的帶正電粒子從x軸上的A點以一定初速度v0垂直x軸射入電場，且以v=，方向與y軸正向成60°的速度經(jīng)過P點進入磁場，OA=0.1m，不計重力，求：(1)粒子在A點進入電場的初速度v0為多少；(2)要使粒子不從CD邊界射出，則磁感應強度B的取值范圍；(3)粒子經(jīng)過磁場后，剛好可以回到A點，則磁感應強度B為多少。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】在勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化相等，進行分析計算c點的電勢【詳解】在勻強電場中，由公式U=Ed知：沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化相等，故有：，則得，故選D【點睛】解決本題的關鍵是掌握公式U=Ed，知道在勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化相等，從而根據(jù)電勢差值求解c點的電勢2、D【解析】A．當速度和磁場平行時，洛倫茲力為0，A錯誤B．不受洛倫茲力，有兩種情況：磁場為0或者速度與磁場平行，B錯誤CD．洛倫茲力和速度始終垂直，所以洛倫茲力永遠不做功，但是可以改變速度方向，因此可以改變粒子動量，C錯誤D正確3、D【解析】解答本題的突破口是根據(jù)粒子的運動軌跡確定其所受電場力方向，從而確定電場線MN的方向以及負點電荷的位置，然后根據(jù)負點電荷周圍電場分布情況，進一步解答【詳解】A．由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內側，電場力方向大致向右，對帶電粒子做做正功，其動能增加．故A錯誤；B．帶正電的粒子所受電場力向右，電場線由M指向N，說明負電荷在直線N點右側．故B錯誤；C．a點離點電荷較遠，a點的電場強度小于b點的電場強度，帶電粒子在a點的小于在b點的電場力，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度．故C錯誤；D．電場力對帶電粒子做正功，電勢能減小，則帶電粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能．故D正確；【點睛】依據(jù)帶電粒子的運動軌跡確定其所受電場力方向是解決帶電粒子在電場中運動問題的突破口，然后可進一步根據(jù)電場線、電場力做功等情況確定電勢、電勢能的高低變化情況4、D【解析】最早利用磁場獲得電流的物理學家是法拉第，是法拉第發(fā)現(xiàn)的電磁感應現(xiàn)象，使人類得以進入電氣化時代A.庫侖．與史實不符，故A錯誤；B.奧斯特．與史實不符，故B錯誤；C.安培．與史實不符，故C錯誤；D.法拉第．與史實相符，故D正確5、D【解析】電容器的電容與電容器是否帶電、帶電量多少以及兩端有無電壓均無關，只與兩極板間距、正對面積以及電介質有關，也就是說電容器的電容只由它本身的性質決定，故選項ABC錯誤；D正確。故選：D.6、D【解析】根據(jù)重力G=mg，可知在地球上物體的重力大小與物體的質量和所在的地理位置有關，故A錯誤；產生彈力必須具備的條件是：一是直接接觸，二是發(fā)生彈性形變，產生彈力必須發(fā)生形變，不是說發(fā)生形變就能產生彈力，故B錯誤；在粗糙程度一定的情況下，接觸面間的壓力越大，滑動摩擦力也一定越大，故C錯誤；發(fā)生靜摩擦的兩個物體間相對靜止，相對地面可以一起運動，也可以靜止；存在滑動摩擦力的兩個物體間有相對滑動，相對于地面，可以有一個物體是靜止的，故D正確．所以D正確，ABC錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】粒子在磁場和電場正交區(qū)域里，同時受到洛倫茲力和電場力作用，粒子沒有發(fā)生偏轉，說明粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，滿足qvB=qE，即不發(fā)生偏轉的粒子具有共同的速度大小v=E/B，粒子進入磁場后受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，滿足qvB=m，圓周運動的半徑R=，由此進行分析得出結論【詳解】因為粒子進入電場和磁場正交區(qū)域時，不發(fā)生偏轉，說明粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，有qvB=qE，得出能不偏轉的粒子速度應滿足v=E/B．粒子進入磁場后受洛倫茲力作用，粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即qvB=m，圓周運動的半徑，由于粒子又分裂成幾束，也就是粒子做勻速圓周運動的半徑R不同，進入第二個勻強磁場時，粒子具有相同的速度，由得知，所以粒子能分裂成幾束的粒子的比值不同，則電荷量與質量之比一定不相同．而質量m、電荷量可能相同，則動能也可能相同．故AB正確，CD錯誤．故選AB【點睛】此題要能根據(jù)粒子不發(fā)生偏轉得出粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，并由此推算出粒子具有相同的速度v，理解速度選擇器的原理．在單獨的勻強磁場中粒子分裂成幾束說明粒子的荷質比不同，并由此得出電量、質量、以及速度所需要滿足的關系式，從而得出正確的結論8、BD【解析】AB．根據(jù)圖象可知，周期T=0.2s，頻率為：，故A不符合題意，B符合題意；C．交變電流的電壓的有效值為由此可知標有“12V、3W”的燈泡額定電壓為12V，燈泡不能正常發(fā)光故，C不符合題意；D．圖象上對應的0.1s時刻，電動勢為零，發(fā)電機中的線圈剛好轉至中性面，故D符合題意。故選BD。9、BC【解析】A．水平向右加速運動時，穿過線圈的磁通量不變，不會有感應電流，選項A錯誤；B．以ab為軸旋轉，穿過線圈的磁通量變化，會有感應電流，選項B正確；C．以bd連線為軸旋轉，穿過線圈的磁通量變化，會有感應電流，選項C正確；D．以ac、bd連線交點o為軸在平面內旋轉，穿過線圈的磁通量不變，不會有感應電流，選項D錯誤；故選BC.10、ABC【解析】在電場、磁場、重力場中，帶電粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，重力與電場力合力為零；對粒子受力分析，由牛頓第二定律分析答題．在電場、磁場、重力場中，帶電粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，重力與電場力合力為零，即mg=qE，，故A正確；若該微粒在運動中突然分成荷質比相同的兩個粒子，則粒子所受重力與電場力的合力為零，分裂后只要速度不為零且速度方向仍與磁場方向垂直，洛倫茲力提供向心力，它們均做勻速圓周運動，故B正確；帶電粒子做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，則軌道半徑：；如果粒子分裂后，它們的荷質比相同，而速率不同，由可知，它們運動的軌道半徑一定不同，故C正確；分裂后，如果它們的荷質比相同，它們可能做勻速圓周運動，故D錯誤；故選ABC考點：帶電粒子在混合場中的運動；向心力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.洛倫茲力②.左手定則【解析】已知磁場方向、帶電粒子的速度方向，由左手定則可以判斷出洛倫茲力的方向【詳解】[1]通過學習磁場對運動電荷的作用我們知道，首先提出磁場對運動電荷有作用力的觀點的物理學家是洛倫茲[2]為了紀念他，人們稱這種力為洛倫茲力，該力的方向可以用左手定則【點睛】本題考查了判斷洛倫茲力方向問題，熟練應用左手定則即可正確解題，注意運動的方向不一定與磁場垂直，但洛倫茲力一定與磁場及運動方向垂直12、①.D②.C③.F④.CADBEF⑤.600⑥.<【解析】本實驗通過半偏法測量電流表G的內阻，抓住整個電路電流要基本保持不變，確定選擇的器材．并聯(lián)電阻后總電流變大，故通過并聯(lián)電阻的電流大于電流表的電流，則其電阻小于電流表的內阻，即R′小于真實值，所以這種方法測出的電流表的內阻Rg比它的真實值偏小【詳解】（1）利用半偏法測量電流表G的內阻，要保證總電流基本不變，則R1的阻值遠大于R2的阻值．故可變電阻R1應該選擇D；可變電阻R2應該選擇C．電源選擇6V的大電源F；（2）半偏法測量電流表內阻的步驟是：①C．觀察R1的阻值是否最大，如果不是，將R1的阻值調至最大；②A．合上S1；③D．調節(jié)R1的阻值，使電流表指針偏轉到滿刻度；④B．合上S2；⑤E．調節(jié)R2的阻值，使電流表指針偏轉到滿刻度的一半；⑥F．記下R2的阻值．即合理順序：CADBEF；（3）根據(jù)實驗的原理可知，使電流表指針偏轉到滿偏刻度的一半；則可知，R2分流為滿偏電流的一半；故R2=rg所得的被測電流表A的內阻rg的測量值rg=R2=600Ω；因為在電流表的一側并聯(lián)R2后，該部分電阻變小，電路中的總電阻減小，流過總電路的電流變大，所以當電流表半偏時，流過電阻R2的電流要大于流過電流表的電流，所以R2的阻值要小于電流表的阻值【點睛】本題考查半偏法測電阻，認為電流表與電阻并聯(lián)后總電壓不變，則電流表的內阻=所并聯(lián)電阻值．考查的電壓表的改裝原理，明確串聯(lián)電阻的分壓作用，會求串聯(lián)電阻的量程，及電流到電壓的換算公式四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式