湖南省2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試物理試題（含答案）3

湖南2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試物理試題一、選擇題（本大題共11小題，共49分，1~6小題只有一個選項正確，每小題4分；7~11小題有多個選項正確，全部選對得5分，部分選對得3分，錯選或不選得0分）1．在物理學(xué)發(fā)展過程中，科學(xué)家們運用了許多研究方法。下列說法正確是（）A．重心、合力概念的提出，體現(xiàn)了微元思想B．用質(zhì)點代替有形狀和大小的物體的理想化模型法是不科學(xué)的C．牛頓的理想實驗將實驗和邏輯推理結(jié)合得出了力不是維持物體運動的原因D．根據(jù)平均速度的定義式v=ΔxΔt=x2?x2．河水的流速與離河岸的距離的變化關(guān)系如圖甲所示，船在靜水中的速度與時間的關(guān)系如圖乙所示，河寬為300m，若要使船以最短時間渡河，則（）A．船渡河的最短時間是150秒B．船在行駛過程中，船頭始終與河岸垂直C．船在河水中航行的軌跡是一條直線D．船在河水中的最大速度是4米/秒3．如圖所示，一傾斜的勻質(zhì)圓盤繞垂直于盤面的固定軸轉(zhuǎn)動，角速度從零緩慢增大，圓盤與水平桌面的夾角為θ，圓盤的半徑為R，圓盤邊緣處有一小物體與圓盤始終保持相對靜止，物體與盤面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，圓盤最大的角速度為（）A．μcosθ+sinC．μcosθR4．如圖，傾角為θ=45°的斜坡，斜坡高度為h，斜坡底端A點正上方有B和C兩點，B點和斜坡等高。甲戰(zhàn)斗機以水平速度v1飛到C點時釋放炸彈，準(zhǔn)確命中斜坡上的一點P，CP的連線垂直于坡面；乙戰(zhàn)斗機以水平速度vA．C點距離A點的高度為5B．vC．甲釋放的炸彈和乙釋放的炸彈在空中的飛行時間之比為2D．任意相同時間內(nèi)甲乙兩戰(zhàn)斗機釋放的炸彈在空中的速度變化量之比為25．如圖所示，一內(nèi)表面光滑的半圓形凹槽放在粗糙的水平地面上，物塊（可看做質(zhì)點）靜置于槽內(nèi)最底部的A點處。現(xiàn)用一方向不變的斜向上的推力F把物塊從A點沿著凹形槽緩慢推至B點，整個過程中，凹槽始終保持靜止。設(shè)物塊受到凹槽的支持力為FNA．F一直減小，F(xiàn)N先減小后增大 B．F和FC．地面對凹槽的摩擦力一直增大 D．地面對凹槽的支持力一直增大6．如圖所示，粗糙的水平地面上有三塊材料完全相同的木塊A、B、C，質(zhì)量均為m，B、C之間用輕質(zhì)細繩連接。現(xiàn)用一水平恒力F作用在C上，三者開始一起做勻加速運動，運動過程中把一塊橡皮泥粘在某一木塊上面，系統(tǒng)仍加速運動，且始終沒有相對滑動。則在粘上橡皮泥并達到穩(wěn)定后，下列說法正確的是（）A．無論粘在哪個木塊上面，系統(tǒng)的加速度都將增大B．若粘在A木塊上面，繩的拉力減小，A、B間摩擦力不變C．若粘在B木塊上面，繩的拉力增大，A、B間摩擦力增大D．若粘在C木塊上面，繩的拉力和A、B間摩擦力都減小7．如圖，兩個固定的傾角相同的滑桿上分別套上A、B兩個圓環(huán)，兩個圓環(huán)上分別用細線懸吊兩個物體C、D。不計空氣阻力，當(dāng)它們都沿滑桿向下滑動時，穩(wěn)定后A的懸線始終與桿垂直，B的懸線始終豎直向下。對于它們運動穩(wěn)定后的下列說法正確的是（）A．A與滑桿間無摩擦 B．B與滑桿間無摩擦C．A環(huán)做的是勻速直線運動 D．B環(huán)做的是勻速直線運動8．如圖所示，不可伸長的輕繩平行于斜面，一端與質(zhì)量為m的物塊B相連，B與斜面光滑接觸。輕繩另一端跨過滑輪與質(zhì)量為M的物塊A連接。A在外力作用下沿豎直桿以速度v1向下勻速運動，物塊B始終沿斜面運動且斜面始終靜止，當(dāng)輕繩與桿的夾角為β時，物塊B的速度大小為v2，斜面傾角為A．vB．vC．輕繩拉力一定大于mgD．斜面受到地面水平向右的摩擦力9．如圖甲所示，勁度系數(shù)k=500N/m的輕彈簧，一端固定在傾角為θ=37°的帶有擋板的光滑斜面體的底端，另一端和質(zhì)量mA的小物塊A相連，質(zhì)量為mB的物塊B緊靠A一起靜止?，F(xiàn)用水平推力使斜面體以加速度a向左勻加速運動，穩(wěn)定后彈簧的形變量大小為x。在不同推力作用下，穩(wěn)定時形變量大小x隨加速度a的變化如圖乙所示。彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力，取重力加速度A．a(chǎn)B．mC．若a=aD．若a=0.10．如圖甲所示，質(zhì)量為m2的長木板靜止在光滑的水平面上，其上靜止一質(zhì)量為m1的小滑塊，現(xiàn)給木板施加一隨時間均勻增大的水平力F，滿足F=kt（k為常數(shù)，t代表時間），長木板的加速度a隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。已知小滑塊所受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）A．在0～2s時間內(nèi)，小滑塊與長木板間的摩擦力增大B．在2～3s時間內(nèi)，小滑塊與長木板間的摩擦力在數(shù)值上等于m2的大小C．當(dāng)小滑塊從長木板上脫離時，其速度比長木板小1.5m/sD．m1與m2之比為1∶311．如圖，水平地面上有一小車，車內(nèi)有質(zhì)量分別m、2m的A、B兩小球，用輕桿相連，桿與豎直方向的夾角為θ=30°。A球靠在光滑的豎直側(cè)壁上，B球在粗糙的水平底面上，且受到的最大靜摩擦力與正壓力之比為k。小車可以以不同的加速度向右運動，現(xiàn)要保證輕桿與車廂相對靜止，重力加速度用g表示，下列說法正確的是（）A．在不同加速度的情況下，輕桿對小球A的作用力始終為恒力B．當(dāng)小球B對底面的摩擦力等于0時，那么此時小車做勻加速運動，加速度大小為3C．若k=43D．若k=312二、實驗題（本題共12、13兩個小題，其中12題6分，13題8分，共計14分）12．小明學(xué)完平拋運動知識后，嘗試利用平拋運動的知識測量家里的彈射器射出彈丸的速度。小明準(zhǔn)備了白紙、米尺、復(fù)寫紙、支架等材料。實驗時，先將白紙和復(fù)寫紙固定在墻上，并用支架將彈射器固定好，裝置如圖甲所示。接著壓縮彈射器朝墻壁發(fā)射彈丸，彈丸通過碰撞復(fù)寫紙片在白紙上留下落點位置。隨后將彈射器沿垂直于墻面方向遠離墻壁移動，每次移動的距離為0.2m。通過幾次重復(fù)實驗，挑了一張有4個連續(xù)落點痕跡的白紙，如圖乙所示。?。?）下列實驗步驟必要的是____（填正確答案標(biāo)號）。A．在安裝時，必須確保彈射器水平放置B．為了減小實驗誤差，應(yīng)選用體積小密度大的彈丸C．每次必須將彈簧壓縮至相同位置釋放彈丸D．第一次實驗時，需要測量彈射器開口到墻壁的距離（2）根據(jù)測量的數(shù)據(jù)，可知彈丸離開彈射器的速度大小為m/s，彈丸打到C點時的速度大小為m/s。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）13．某物理興趣小組在實驗室選擇合適器材后，按如圖甲所示安裝好實驗器材，探究“加速度與力的關(guān)系”．請回答下列問題：（1）圖甲中的沙桶和沙的總質(zhì)量(填“需要”或“不需要”)滿足遠小于滑塊的質(zhì)量，圖中安裝好的器材有一處不合理之處是；（2）物理小組仍利用圖甲裝置做實驗，利用沙桶和沙提供拉力，拉動滑塊及紙帶運動，打出如圖乙所示的一條紙帶，已知電源頻率為50Hz，紙帶上每兩個計數(shù)點間還有4個點未畫出，則由圖中數(shù)據(jù)可求得此時滑塊的加速度大小a=m/s2（3）將力傳感器的示數(shù)記為F，保持滑塊質(zhì)量不變，多次改變沙桶中沙的質(zhì)量，測得多組數(shù)據(jù)，繪制出加速度a與F的關(guān)系圖像，如圖丙所示．小組同學(xué)經(jīng)過討論發(fā)現(xiàn)利用圖丙可以求出滑塊的質(zhì)量以及滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)，重力加速度g=10m/s2，則由圖丙可得，滑塊質(zhì)量M=三、解答題（本題共14、15、16三個小題，其中14題10分，15題12分，16題15分，共計37分）14．如圖所示，一根長R=0.1m的細線，一端系著一個質(zhì)量m=0.18kg的小球，拉住線的另一端，使小球在光滑的水平桌面上做勻速圓周運動?，F(xiàn)使小球的角速度緩慢地增大，當(dāng)小球的角速度增大到開始時的3倍時，細線斷開，細線斷開前的瞬間受到的拉力比開始時大（1）求細線斷開前的瞬間，小球受到的拉力大?。唬?）若小球離開桌面時，速度方向與桌面右邊緣間垂直，桌面高出水平地面h=0.15．傾角θ=30°的傳送帶，以恒定的速度v0=6m/s逆時針勻速傳動。如圖甲所示，將一物塊A置于木板B的前端，于傳送帶的頂端同時無初速釋放。以釋放的瞬間為零時刻，此后一段時間內(nèi)，A、B各自的速度隨時間變化的情況如圖乙所示（圖乙中速度以沿平行傳送帶向下為正）且在t=0.75s時A恰好位于B的后端。已知A和B的質(zhì)量相等，A可視為質(zhì)點重加速度g取10m/s2。（1）木板B的長度；（2）物塊A和木板B之間的動摩擦因數(shù)μ1及木板B和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ2。16．某光滑桌面上，整齊疊放著n本質(zhì)量均為m的同種新書，處于靜止?fàn)顟B(tài)，書本之間的動摩擦因數(shù)均為μ、寬度為L，書本正前方有一固定的豎直擋板（厚度不計），書本到擋板距離為2L，如圖所示為側(cè)視圖，在水平向右的力F作用下，所有書本無相對滑動，一起向右運動，當(dāng)上面書本撞擊擋板后便立即停止運動，直至下面書本全部通過擋板下方區(qū)域后，才掉落至桌面，且上面書本碰撞擋板前后對下面書本的壓力保持不變（不考慮書本形變）。已知重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力大小，所有運動均為一維直線運動。（1）若n=7，力F作用于第7本書上，大小為3μmg，求書本與擋板碰撞時的速度大??；（2）若n=7，力F作用于第3本書上，求書本向右運動的最大加速度大小；（3）若力F作用于第k(k≤n)本書，書本以最大加速度加速碰撞擋板，調(diào)節(jié)擋板高度使得碰撞后上方k本書停止運動，試討論下方書本能否穿出擋板。若能穿出，請寫出穿出后書本的速度大??；若不能，請分析說明原因。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A、重心即物體各部分所受重力的等效作用點，合力即幾個力作用效果的等效作用力，這兩個概念的提出，均體現(xiàn)了等效思想，故A錯誤；

B、在我們所研究的問題中，可以將物體的形狀大小忽略的情況下，即物體的形狀大小對所研究的問題影響很小可以忽略甚至沒有影響時，將物體當(dāng)成質(zhì)點來處理是對問題的簡化，這種理想化的物理模型是科學(xué)的，故B錯誤；

C、伽利略的理想實驗將實驗和邏輯推理結(jié)合得出了力不是維持物體運動的原因，故C錯誤；

D、根據(jù)平均速度的義式v=當(dāng)Δt→0時，ΔxΔt就可以表示物體在t1時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維，故D正確。

故答案為：D。2．【答案】B【解析】【解答】AB、要使船以最短時間渡河，則船頭必須與河岸垂直，此時船在靜水中的速度與河岸垂直，則渡河時間最短為t=故A錯誤，B正確；

C、船在沿河岸方向上做變速直線運動，在垂直于河岸方向上做勻速直線運動，兩運動的合運動是曲線運動，故C錯誤；

D、當(dāng)河水的流速最大時，船的速度最大，則有v故D錯誤。

故答案為：B。

【分析】船以最短時間渡河，則船頭必須與河岸垂直，熟悉掌握運動的合成的方法及合成后小船運動的軌跡。3．【答案】B【解析】【解答】當(dāng)物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點，所受的靜摩擦力沿斜面向上達到最大時，角速度最大，由牛頓第二定律得μmg解得ω=故答案為：B。

【分析】當(dāng)轉(zhuǎn)盤轉(zhuǎn)動到最低點時，物體受到的靜摩擦力最大，利用牛頓第二定律可以求出圓盤最大的角速度的大小。4．【答案】C【解析】【解答】ABC、設(shè)從C點釋放的導(dǎo)彈落在P點所用的時間為t1，從B點釋放的導(dǎo)彈落在P點所用的時間為t2，對于從C點釋放的導(dǎo)彈落，其豎直位移與水平位移相等，則根據(jù)平拋運動的規(guī)律有v1t1=而由幾何關(guān)系可得h聯(lián)立解得hAC=43故AB錯誤，C正確；

D、對于甲乙釋放的導(dǎo)彈，在任意相同時間內(nèi)速度變化量Δv=gΔt可知兩導(dǎo)彈在任意相同時間內(nèi)速度變化量相同，其比值為1：1，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】炸彈做平拋運動，根據(jù)圖示確定兩炸彈運動過程中數(shù)豎直方向和水平方向的位移關(guān)系，再根據(jù)平拋運動規(guī)律進行解答。5．【答案】C【解析】【解答】AB、設(shè)物塊的質(zhì)量為m、圓形凹槽的質(zhì)量為M。以物塊為研究對象，受到重力、拉力和凹槽的支持力，由于拉力F的方向不變，支持力始終指向O點，作出矢量三角形如圖所示

物塊從A點沿著凹形槽緩慢推至B點的過程中，支持力從豎直方向變?yōu)樗椒较?，根?jù)圖中表示力的有向線段可知：F一直增大，F(xiàn)N先減小后增大，故AB錯誤；

CD、以整體為研究對象，豎直方向根據(jù)平衡條件可得地面對凹槽的支持力N=由于F一直增大，則N一直減??；水平方向根據(jù)平衡條件可得地面對凹槽的摩擦力f=F由于F一直增大，則地面對凹槽的摩擦力一直增大，故C正確，D錯誤。

故答案為：C。

【分析】對物體進行受力分析，凹槽對物塊的支持力始終指向圓心。再結(jié)合矢量合成法則去誒多功能各力的變化情況。整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，確定地面對凹槽作用力時，可采用整體法結(jié)合力的合成與分解進行分析解答。6．【答案】D【解析】【解答】A、設(shè)木塊與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，將A、B、C看作一個整體，對整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得F-μ?3mg=3ma可得a=粘上橡皮泥后，設(shè)橡皮泥的質(zhì)量為m0，對整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得F-μ?(3m+可得a可知無論粘在哪個木塊上面，系統(tǒng)加速度都將減小，故A錯誤；

B、還沒有粘上橡皮泥前，以C為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得F-T-μmg=ma可得T=F-μmg-ma以A為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得f如果橡皮泥粘在A上，以C為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得F-可得T以A為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得f故B錯誤；

C、如果橡皮泥粘在B上，同理可知C受到繩的拉力為T即繩子拉力增大；以A為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得f即A、B間摩擦力減小，故C錯誤；

D、還沒有粘上橡皮泥前，以A、B整體為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得T-μ?2mg=2ma解得T=μ?2mg+2ma若粘在C木塊上面，同理可知AB間的摩擦力減??；以A、B整體為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得T解得T故D正確。

故答案為：D。

【分析】系統(tǒng)始終相對靜止?fàn)顟B(tài)，則系統(tǒng)的加速度相等，以整體為研究對象確定整體加速度的變化情況，再對不同物體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律分析繩子拉力及AB間摩擦力的變化情況。7．【答案】A,D【解析】【解答】AC、對物體C分析，受自身重力和細線拉力作用而做直線運動，可知其合力沿滑桿向下，有m解得a=g即穩(wěn)定后物體C和A環(huán)做的是勻加速運動。設(shè)A環(huán)所受摩擦力沿滑桿向上，則有m聯(lián)立，解得f=0即A環(huán)與滑桿間無摩擦，故A正確，C錯誤；

BD、對物體D分析，受自身重力和細線拉力作用而做直線運動，可知其合力為零，穩(wěn)定后物體D和B環(huán)做的是勻速運動。對B環(huán)受力分析，可知f'=故B錯誤，D正確。

故答案為：AD。

【分析】先分別對C、D進行受力分析，根據(jù)力的合成與分解確定C、D的合力情況及運動情況，再根據(jù)整體法確定A、B的運動情況。8．【答案】A,C【解析】【解答】AB、根據(jù)速度的關(guān)聯(lián)性可知，B的速度大小為A的速度沿著繩方向的分速度大小，即有v可得v故A正確，B錯誤；

C、由于A在外力作用下做勻速直線運動，而隨著A向下運動，繩子與豎直方向的夾角β在減小，因此B的速度大小v2逐漸增大，即B沿著斜面向上做的是加速運動，則其加速度沿著斜面向上，因此在沿著斜面的方向上對B由牛頓第二定律有T-mg可知輕繩拉力一定大于mgsinα，故C正確；

D、取斜面為研究對象，由于斜面受到B對其斜向右下方垂直于斜面的壓力，該力有兩個作用效果，一個使斜面有向右運動的趨勢，一個使斜面緊壓地面，由此可知斜面在向右運動的趨勢下受到地面水平向左的摩擦力，故D錯誤。

故答案為：AC。

【分析】沿繩方向的速度相等，確定A、B的實際運動方向，再根據(jù)運動的分解確定兩物體速度的大小關(guān)系及變化情況。再根據(jù)運動情況結(jié)合力的合成與分解分析各力的變化情況。9．【答案】A,C,D【解析】【解答】A、由圖結(jié)合題意可知a0時彈簧處于原長狀態(tài)，且物塊A、B恰要分離，故對AB整體有(解得a故A正確；

B、當(dāng)a=0時，對AB整體分析有(當(dāng)a>a0時，圖中另一縱截距的意義為m聯(lián)立解得mA=1故B錯誤；

C、當(dāng)a0=7.5m/s2時，因為物塊A、B恰要分離，故對A有F由牛頓第三定律知A對斜面的壓力大小為12.5N，故C正確；

D、當(dāng)a=0.5a0時，對B分析m解得F故D正確；

故答案為：ACD。

【分析】由圖可知隨著加速度的增大，彈簧先恢復(fù)原長在逐漸伸長。當(dāng)彈簧位于原長時，且物塊AB恰要分離，此時AB的加速度相等。根據(jù)力的合成與分解結(jié)合牛頓第二定律確分離時加速度的大小。確定AB分離前后，物塊A的受力情況再結(jié)合牛頓第二定律及圖像進行解答。10．【答案】A,B【解析】【解答】A、在0～2s時間內(nèi)，小滑塊與長木板間相對靜止一起運動，對小滑塊分析有f=則小滑塊與長木板間的摩擦力隨加速度的增大而增大，故A正確；

BD、由圖像可知小滑塊的最大加速度為1，則有μ解得μ=0.1，f對長木板分析，在0～2s時間內(nèi)有a=對長木板分析，在2～3s時間內(nèi)有F-μ整理得a=結(jié)合圖像聯(lián)立解得m所以在2～3s時間內(nèi)，小滑塊與長木板間的摩擦力在數(shù)值上等于m2的大小，則B正確；D錯誤；

C、當(dāng)小滑塊從長木板上脫離時，小滑塊的速度可利用a-t圖像的面積來表示，則有v長木板的速度也可利用a-t圖像的面積來表示，則有v所以當(dāng)小滑塊從長木板上脫離時，其速度比長木板小0.5m/s，則C錯誤；

故答案為：AB。

【分析】根據(jù)圖像可知0-2s滑塊與木板保持相對靜止，2-3s滑塊與物體發(fā)生相對滑動，3s后滑塊滑離物塊。a-t圖像的面積表示速度。確定不同階段下滑塊和木板的受力情況，再根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像進行解答。11．【答案】A,C,D【解析】【解答】A、根據(jù)題意，設(shè)桿對球A的作用力大小為F，對A球，豎直方向上由平衡條件有F解得F=輕桿與車廂相對靜止，則輕桿對小球A的作用力始終為恒力，故A正確；

B、桿對球B的作用力大小始終也為F=當(dāng)小球B對底面的摩擦力等于0時，對B，根據(jù)牛頓第二定律F解得a故B錯誤；

C、若k=4f當(dāng)A與側(cè)壁無彈力時，且B與底面間有最大靜摩擦力時，對AB整體，根據(jù)牛頓第二定律f解得a但當(dāng)A與側(cè)壁恰無彈力時，A有最大加速度，此時對A，根據(jù)牛頓第二定律F解得a故C正確；

D、若k=3N-F由于F不變，可知要使側(cè)壁對小球A的作用力N最小，則加速度a最小，對B分析，根據(jù)牛頓第二定律有F加速度a最小，即當(dāng)?shù)酌鎸的摩擦力f向左達到最大時，此時有f=k(2mg+F聯(lián)立解得N=故D正確。

故答案為：ACD。

【分析】桿與車廂保持相對靜止，即桿與小球在豎直方向上始終處于平衡狀態(tài)。再根據(jù)豎直方向上的平衡條件確定桿對A作用力的大小情況。根據(jù)題意確定在不同的運動情況下A、B的受力情況，再根據(jù)力的合成與分解結(jié)合牛頓第二定律分析結(jié)論是否成立。當(dāng)A與側(cè)壁無彈力時，且B與底面間有最大靜摩擦力時，AB有最大的共同加速度，當(dāng)A與側(cè)壁恰無彈力時，A有最大加速度，此時只能取兩者中的最小值。12．【答案】（1）A；B；C（2）2.0；2.8【解析】【解答】（1）A、要保證每次彈丸都做平拋運動，則必須確保彈射器水平放置，故A正確；

B、為了減小實驗誤差，應(yīng)選用體積小密度大的彈丸，故B正確；

C、為保證彈丸的初速度相同，每次必須將彈簧壓縮至相同位置釋放彈丸，故C正確；

D、第一次實驗時，不需要測量彈射器開口到墻壁的距離，故D錯誤。

故答案為：ABC。

（2）由豎直方向上是自由落體運動，得y解得點跡間的時間間隔為T=0.1彈丸離開彈射器的速度大小為v彈丸打到C點時的豎直方向速度分量大小為v彈丸打到C點時的速度大小為v【分析】為保證每次彈丸都做平拋運動且初速度相同，則必須確保彈射器水平放置及彈簧壓縮至相同位置釋放彈丸。再根據(jù)平拋運動規(guī)律進行數(shù)據(jù)處理。13．【答案】（1）不需要；長木板水平放置(或未將長木板打點計時器一端墊高；未補償滑塊的阻力等)（2）0.50（3）0.2；0.1【解析】【解答】（1）由于圖中裝置，可以通過力傳感器得到細線拉力大小，所以沙桶和沙的總質(zhì)量不需要滿足遠小于滑塊的質(zhì)量；圖中安裝好的器材有一處不合理之處是沒有平衡摩擦力。

（2）紙帶上每兩個計數(shù)點間還有4個點未畫出，則相鄰計數(shù)點的時間間隔為T=5×0.02根據(jù)逐差法可得，滑塊的加速度大小為a=（3）以滑塊為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得F-μMg=Ma可得a=可知a-F圖像的斜率為k=解得滑塊的質(zhì)量為M=0.2a-F圖像的橫軸截距為μMg=0.2解得滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為μ=0.1【分析】根據(jù)逐差法確定滑塊加速度的大小，確定物塊的受力情況，再根據(jù)牛頓第二定律確定圖像的函數(shù)表達式，再結(jié)合圖像進行數(shù)據(jù)處理。14．【答案】（1）解：設(shè)開始時小球做勻速圓周運動的角速度為ω，則根據(jù)題意有m解得m則細線斷開前瞬間小球受到的拉力T=m（2）解：細線斷裂后小球飛出桌面后做平拋運動，設(shè)細線斷裂時小球的速度大小為v，則有T=m解得v=5m/s飛出桌面后水平方向做勻速直線運動有s=vt豎直方向做自由落體運動，有h=聯(lián)立解得s=2m【解析】【分析】（1）確定初始和斷裂瞬間小球做圓周運動的受力情況，再根據(jù)題意結(jié)合牛頓第二定律確定繩子拉力與向心力的關(guān)系，再結(jié)合拉力的關(guān)系進行解答；

（2）根據(jù)繩