2024年寧夏銀川某中學(xué)高考物理模擬試卷(含詳細(xì)答案解析)

2024年寧夏銀川一中高考物理模擬試卷

一、單選題：本大題共4小題，共16分。

1.研究表明原子核核子的平均質(zhì)量（原子核的質(zhì)量除以核子數(shù)）與原子序數(shù)有如圖所示的關(guān)系。一般認(rèn)為大

于鐵原子核質(zhì)量數(shù)（56）的為重核，小于則是輕核。下列對(duì)該圖像的理解正確的是（）

A.從圖中可以看出，鹿原子核核子平均質(zhì)量最小，F(xiàn)e原子核最不穩(wěn)定

B.從圖中可以看出，重核A裂變成原子核B和。時(shí)，需要吸收能量

C.從圖中可以看出，輕核。和E發(fā)生聚變生成原子核產(chǎn)時(shí)\需要糕放能量

D.從圖中可以看出，重核隨原子序數(shù)的增加，比結(jié)合能變大

2.特高壓更流輸電是國家重點(diǎn)能源工程，目前該技術(shù)已達(dá)世界先進(jìn)水平，再次

體現(xiàn)了中國速度，驚艷了全世界。如圖所示，兩根等高、相互平行的水平長直

導(dǎo)線分別通有方向相同的電流。和，2，已知A=/2。。、爪c三點(diǎn)連線與兩根導(dǎo)

線等高并垂直，b點(diǎn)位于兩根導(dǎo)線間的中點(diǎn)，a、c兩點(diǎn)與〃點(diǎn)距離相等，d點(diǎn)位

于力點(diǎn)正下方。已知通電直導(dǎo)線形成的磁場在空間某點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=

kg,攵為比例系數(shù)，r為該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離，/為導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度。不考慮地

磁場的影響，則（）

A.兩輸電直導(dǎo)線間因安培力而互相排斥B.〃、c?兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等

C.b、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等D.a、c兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向均豎直向下

3.如圖甲所示，某電場中的一條電場線恰好與工軸重合，A點(diǎn)的坐標(biāo)為必=2.5m.一質(zhì)子從坐標(biāo)原點(diǎn)。運(yùn)

動(dòng)到人點(diǎn)，電勢能增加了5（）eK/軸上各點(diǎn)電勢的變化規(guī)律如圖乙所示，則下列說法正確的是（）

OAx/xn

甲

A”軸上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度都沿x軸正方向B.質(zhì)子沿x軸從。點(diǎn)到八點(diǎn)加速度越來越大

C.質(zhì)子在4點(diǎn)的電勢能為50eVD.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為20V/m

4.行星繞恒星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不同，周期就不同，行星表面單位面積單位時(shí)間

接受到的輻射能量也不同。如圖所示為火星和地球環(huán)繞太陽運(yùn)動(dòng)的示意圖。設(shè)

火星繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為7\,地球繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為在直

射時(shí)，火星表面單位面積單位時(shí)間接受到的輻射能量為E】，地球表面單位面積

單位時(shí)間接受到的輻射能量為為。假定太陽的能量輻射各向均勻，則下列關(guān)系

正確的是（）

7中遣度喧=33嗯咤需

二、多選題：本大題共4小題，共16分。

5.甲、乙兩物體以相同的初動(dòng)量在水平面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直到停以

止，其動(dòng)量隨時(shí)間變化的p-t圖像如圖所示，已知甲、乙兩物體與地面間

的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則在此過程中（）

A.甲、乙兩物體的質(zhì)量之比為2：1

B.甲、乙兩物體的質(zhì)量之比為1：2

C甲、乙兩物體受到的摩擦力做功之比為2：1

D.甲、乙兩物體受到的摩擦力做功之比為1：2

6.電容式加速度傳感器是常見的手機(jī)感應(yīng)裝置，結(jié)構(gòu)如圖所示。質(zhì)量塊的

星塊

.貞

前

上端連接輕質(zhì)彈簧，下端連接電介質(zhì)，彈簧與電容器固定在外柩上，質(zhì)量而

介

塊帶動(dòng)電介質(zhì)移動(dòng)改變電容，則下列說法正確的是（）M質(zhì)N

A.當(dāng)傳感器處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，電容器不帶電

CL計(jì)

B.電介質(zhì)插入極板越深，電容器所帶電量越多算

機(jī)

h

C.當(dāng)傳感器由靜止突然向前加速時(shí)，會(huì)有電流由〃流向〃

D.當(dāng)傳感器以恒定加速度向前運(yùn)動(dòng)，達(dá)到穩(wěn)定后電流表指針不偏轉(zhuǎn)

7.如圖，質(zhì)量為〃?的小球A和質(zhì)量為4加的小球8用氏為L的彈性繩連接，小球8靜止在光滑水平面上,

小球A在小球8正上方高為0.72L處以一定的初速度水平向右拋!H,小球落地時(shí)彈性繩剛好拉直（第一次處

于原長），小球A落地與地面碰撞時(shí)，豎直方向的速度減為零，水平方向的速度保持不變，彈性繩始終處

于彈性限度內(nèi),重力加速度為g,不計(jì)小球大小,則（）

A.小球A拋出時(shí)的初速度大小為常/記B.小球A拋出時(shí)的初速度大小為（/正

C.彈性繩具有的最大彈性勢能為2mgLD.彈性繩具有的最大彈性勢能為焉mgL

8.某實(shí)驗(yàn)研究小組為探究物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移/與斜面傾角。的關(guān)系，使某一物體每次以

不變的初速率幾沿足夠長的斜面向上運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示，調(diào)節(jié)斜面與水平面的夾角實(shí)驗(yàn)測得x與&的關(guān)

系如圖乙所示，取g=l（hn/s2。則由圖可知（）

A.物體的初速率%=5m/s

B.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)p=0.75

不變，重復(fù)上述操作，使色的阻值為。時(shí)，靈敏電流計(jì)G的示數(shù)為0,記錄此時(shí)的治與&的數(shù)值，分別為

R/、R/。根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)過程回答問題：

(1)實(shí)驗(yàn)步驟③中，滑動(dòng)變阻器/?3觸頭應(yīng)滑到最_____端(填“左”或“右”)；

(2)在步驟③中，為保持實(shí)驗(yàn)過程+?流過號(hào)與外的電流不變，調(diào)整治、%時(shí)需要使心、&與&'、Rz'滿足

的關(guān)系是_____(用題中所給物理量符號(hào)表示)；

(3)待測電源。的電動(dòng)勢E=_____(用題中所給物理量符號(hào)表示)；

(4)若工作電源人的內(nèi)阻不可忽略，則待測電源C的電動(dòng)勢石測量值將(填“偏大”或“不變”或

“偏小”)。

四、簡答題：本大題共3小題，共9分。

11.蜘蛛不僅能“乘風(fēng)滑水”，最新研究還表明：蜘蛛能通過大氣電位梯度“御電而行”。大氣電位梯度

就是大氣中的電場強(qiáng)度，大氣中電場方向豎直向下。假設(shè)在晴朗無風(fēng)環(huán)境，平地上方次加以下，可近似認(rèn)

為大氣電位梯度￡=島一女〃，其中尻=150V一九為地面的電位睇度，常量〃一0.117加2,H為距地面高

度。晴朗無風(fēng)時(shí)，一質(zhì)量m=0.6g的蜘蛛0ij"視為質(zhì)點(diǎn))由靜止從地表開始“御電而行”，蜘蛛先伸出腿感

應(yīng)電位梯度，然后向上噴出帶電的蛛絲(蜘蛛其他部分不顯電性％帶著身體飛起來。忽略空氣阻力，取重

力加速度g=ION/kg“

(1)該蜘蛛要想飛起來，求蛛絲所帶電荷電性及電荷量范圍；

(2)若蛛絲所帶電荷量大小為q=5x10-5C,求蜘蛛上升速度最大時(shí)的高度和能到達(dá)的最大高度。

12.(1)關(guān)于分了動(dòng)理論，下列說法中正確的是____(填正確答案標(biāo)號(hào))

A.壓緊的鉛塊會(huì)“粘”在一起，說明了分子間有引力

從氣體難壓縮，說明氣體分子間存在斥力

C擴(kuò)散現(xiàn)象在液體、氣體、固體中均能發(fā)生

D布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體微粒所做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)

￡隨著物體運(yùn)動(dòng)速度的增大，物體分子動(dòng)能也增大

(2)如圖所示是王同學(xué)家新買的果品牌5座小汽午油箱蓋里面的標(biāo)牌.，標(biāo)牌內(nèi)容為廠家建議冷態(tài)時(shí)(汽午.靜

止停放時(shí)）輪胎充氣壓力標(biāo)準(zhǔn)，王同學(xué)通過上網(wǎng)查詢得知lMr=100kPa,王同學(xué)一家人利用寒假滿載行李

進(jìn)行中國紅色文化自駕游。出發(fā)前汽車停放在室溫為27℃的地下車庫，根據(jù)廠家建議，王同學(xué)把汽車后輪

胎壓充氣調(diào)整為2.8bar,王同學(xué)一家人駕駛該汽車在高速公路連續(xù)行駛了4小時(shí)后開進(jìn)了服務(wù)區(qū)，剛到服

務(wù)區(qū)時(shí)王同學(xué)發(fā)現(xiàn)汽車胎壓儀表盤上顯示車后輪胎壓為3.36bar,已知輪胎內(nèi)氣體可看作理想氣體，車胎

的容積可視為不變，求：

①汽車開進(jìn)服務(wù)區(qū)時(shí)，后輪胎內(nèi)氣體的溫度；

②汽車開進(jìn)服務(wù)區(qū)后，王同學(xué)立即從后輪胎內(nèi)放出一部分氣體讓胎壓回到2.8bw,若放氣前后輪胎內(nèi)氣體

的溫度不變，則從后輪胎內(nèi)放出氣體的質(zhì)量占后輪胎內(nèi)氣體總質(zhì)量的百分比。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

Coldtryeinflationpressures

輪胎冷態(tài)充氣壓力

科?2.02.0

i+mA2.22.8

（1）一列簡諧橫波某時(shí)刻的波動(dòng)圖像如圖1所示，波源振動(dòng)的頻率為5Hz,沿工軸正方向傳播。下列說法正

確的是（填正確答案標(biāo)號(hào)）。

A.波源的振幅為20cm

仇平衡位置在％=67n處的質(zhì)點(diǎn)此刻速度最大

C立衡位置在x=6m處的質(zhì)點(diǎn)此刻加速度最大

。.從圖示時(shí)刻起再經(jīng)過0.1s,波源向x軸正方向運(yùn)動(dòng)了2m

E.從圖示時(shí)刻起再經(jīng)過0.2s,波源通過的路程為80c/n

（2）如圖2,截面為直角三角形的玻璃棱鏡置于真空中，己知乙4二60。，乙。=90。，一束極細(xì)的光于AC邊

的中點(diǎn)尸處垂直AC面入射，AC=2/6cm?玻璃的折射率為n=您，光在真空的速度為c=3x

10em/s<,求：

①光從玻璃射向真空時(shí)，發(fā)生全反射時(shí)的臨界角；

②從3c面射出的光在棱鏡中傳播的時(shí)間。

五、計(jì)算題：本大題共1小題，共10分。

14.如圖，一粗細(xì)均勻質(zhì)量為M的圓管置于傾角。=30。的光滑斜面頂端，圓管下端距斜面底端的固定彈性

擋板距離為￡,上端塞有一質(zhì)量為，〃的小球。圓管由靜止自由下滑，運(yùn)動(dòng)方向始終與擋板垂直，并與擋板

發(fā)生多次彈性碰撞，且每次碰撞時(shí)間極短。已知M=4m,小球和圓管之間的滑動(dòng)摩擦力大小為2〃?g,g為

重力加速度的大小，不計(jì)空氣阻力。

(1)求圓管第一次與擋板碰撞后的瞬間，圓管和小球各自的加速度大小；

(2)圓管第一次與擋板碰撞彈回上滑?過程中，球沒有從圓管中滑出，求圓管上滑的最大距離；

(3)圓管多次與擋板碰撞彈網(wǎng)上滑過程中，球仍沒有從圓管中滑出，求圓管長度應(yīng)滿足的條件。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A輕核可聚變?yōu)楦€(wěn)定的核，重核可裂變?yōu)楦€(wěn)定的核，則Fe原子核最穩(wěn)定，故A錯(cuò)誤；

B.重核A裂變成原子核B和C時(shí)，由圖可知，核子平均質(zhì)量減小，裂過程存在質(zhì)量虧損，需要釋放能量，

故B錯(cuò)誤；

C輕核。和￡發(fā)生聚變生成原子核尸時(shí)，由圖可知，核子平均質(zhì)量減小，聚變過程存在質(zhì)量虧損，需要釋

放能量，故C止確；

D.由圖可知重核隨原子序數(shù)的增加，原子核越不穩(wěn)定，故比結(jié)合能越小，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)圖象判斷出各原子核質(zhì)量關(guān)系，然后判斷發(fā)生核反應(yīng)時(shí)質(zhì)量變化情況，最后根據(jù)質(zhì)能方程分析答題。

本題難度不大，知道質(zhì)量方損的概念、分析清楚圖象、了解核反應(yīng)的常識(shí)，明確核子平均質(zhì)量越小，則比

結(jié)合能越小，原子核越不穩(wěn)定。

2.【答案】B

【解析】解：4兩通電直導(dǎo)線電流方向相同，故兩輸電直導(dǎo)線間因安培力而互相吸引，故A錯(cuò)誤；

R由于。=/2,根據(jù)安培定則和疊加原理及對(duì)稱性可知，〃、c?兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，故B正確；

C.曰于八=/2,根據(jù)安培定則和疊加原理可知，萬點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0,d點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為0,故

從d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不相等，故C錯(cuò)誤；

D根據(jù)安培定則和疊加原理可知，。點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下，c點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上，

方向相反，故。錯(cuò)誤。

故選:

同向電流相互吸引，反向電流相互排斥；根據(jù)安培定則得出導(dǎo)線在某處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向，結(jié)合矢量合成

的特點(diǎn)完成分析。

本題主要考查了磁感應(yīng)強(qiáng)度的疊加問題，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是分析出不同電流在同個(gè)位置的磁場方向。

3.【答案】D

【解析】解.：A、沿電場強(qiáng)度方向電勢越來越低，所以x軸上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度都沿x軸負(fù)方向，故A錯(cuò)

誤；

8、電勢沿x軸均勻變化，x軸上電場強(qiáng)度大小不變，由牛頓第二定律知質(zhì)子沿x軸從。點(diǎn)到八點(diǎn)加速度大

小不變，故B錯(cuò)誤；

C、由質(zhì)子從坐標(biāo)原點(diǎn)。運(yùn)動(dòng)到<點(diǎn)電勢能增加50eV,知U.o=50V,即3的一%=50P,解得：（p0=

25匕則A點(diǎn)的電勢為外=30o=3x25U=75V,則質(zhì)子在4點(diǎn)的電勢能為75eV,故C錯(cuò)誤；

D、在0-工圖像中，圖像斜率的物理意義表示電場強(qiáng)度，故A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為2=半=汨％=

Z1X工4XQ

^=^V/m=20V/m,故。正確。

XAO乙5

故選：。。

沿電場強(qiáng)度方向電勢越來越低，根據(jù)圖像斜率分析電場強(qiáng)度；根據(jù)圖像可知各點(diǎn)的電勢情況，根據(jù)U=Ed

解得電場強(qiáng)度。

本題考查了電場中電勢與電場強(qiáng)度的關(guān)系，要加強(qiáng)識(shí)別圖像并從圖像中獲取信息的能力。同時(shí)還可根據(jù)電

場力做功來確定電子的電勢能如何變化。

4.【答案】A

【解析】解：將行星繞太陽運(yùn)動(dòng)簡化為圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力，對(duì)火星有:

Mm火4*R火

G=m^~rT

依題意，太陽的能量均勻輻射在以火星到太陽的距離為半徑的球面上，設(shè)單位時(shí)間內(nèi)太陽輻射的總能量為

埒，司.知火星表面單位面積單位時(shí)間接受到的輻射能量可表示為:

4嶗

同理，對(duì)地球有：

Mm地4/R地

G-^2~=m^2

R地T,2

同理，地球表面單位面積單位時(shí)間接受到的輻射能量可表示為:

_Eo

EF[=----n-

鈕%

聯(lián)立解得：

ELR

瓦=看后

故A正確；8CO錯(cuò)誤。

故選：Ao

首先根據(jù)萬有引力提供向心力計(jì)算出兩行星做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，再由太陽輻射能最的特點(diǎn)計(jì)算行星表

面接受能量的表達(dá)式進(jìn)行比較即可。

本題考查學(xué)生對(duì)行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)模型的理解，解題關(guān)鍵是物理模型的構(gòu)建，空間想象能力。是一道好

題。

5.【答案】AD

【解析】解：4B、根據(jù)牛頓第二定律得：。=紫=生。，由此可知，兩個(gè)物體在水平面上的加速度相同；

甲:

根據(jù)p-t圖像可知，…tz=1：2,根據(jù)速度-時(shí)間公式0-%=砒可知，u=1：2,而因?yàn)閜=

mu相等，則甲、乙兩物體的質(zhì)量之比為2：1,故A正確，8錯(cuò)誤：

CD.根據(jù)動(dòng)能定理可知，合外力做的功等于動(dòng)能的變化量，在本題中合外力為物體受到的摩擦力，則摩

擦力做功的多少等于物體的動(dòng)能，即叼=埒=與，則甲、乙兩物體受到的摩擦力做功之比為1：2,故C

乙III

錯(cuò)誤，D正確;

故詵：ADO

根據(jù)牛頓第二定律分析出兩個(gè)物體的加速度，結(jié)合圖像得出兩物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)速度-時(shí)間公式得出初

速度之比，結(jié)合動(dòng)量相同的特點(diǎn)分析出質(zhì)量之比：

根據(jù)動(dòng)能定理可知，摩擦力做的功的絕對(duì)值等于物體動(dòng)能的變化量，結(jié)合動(dòng)量和動(dòng)能的關(guān)系分析出摩擦力

做功之比。

本題主要考查了動(dòng)量定理的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)圖像得出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析出速度之比，解題關(guān)

鍵點(diǎn)是掌握動(dòng)量和動(dòng)能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系。

6.【答案】BD

【解析】解：A、當(dāng)傳感器處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，電容器帶電，左極板帶正電，右極板帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B、電介質(zhì)插入極板越深，根據(jù)電容器的決定式C=懸可知電容器的電容越大，電容器的電壓不變，由

專知電容器所帶電量越多，故4正確；

C、當(dāng)傳感器由靜止突然向前加速時(shí)，彈簧會(huì)伸長，電介質(zhì)插入極板深度增加，根據(jù)電容器的決定式c=

品可知電容器電容增大，因電容器兩端的電壓不變，由。=?知電容器所帶電量增加，則會(huì)有電流由〃流

4”kdU

向“，故。錯(cuò)誤；

。、當(dāng)傳感器以恒定加速度向前運(yùn)動(dòng)，達(dá)到穩(wěn)定后彈簧伸長的長度不變，電介質(zhì)插入極板深度不變，則電

容濤電容不變，極板電荷量也不變，故電流表中沒有電流通過，指針不偏轉(zhuǎn)，故D正確。

故選：BD。

根據(jù)電容器的定義式、決定式，結(jié)合電容器兩極板間的電壓不變，通過對(duì)電介質(zhì)以及傳感器的運(yùn)動(dòng)過程分

析求解。

本題考查了電容器的動(dòng)態(tài)分析，學(xué)會(huì)利用決定式分析電容的變化，由電容的定義式分析電容器的充放電過

程，這是解決此類問題的關(guān)鍵。

7.【答案】AC

【脩析】解：AB.4球從拋出到落地過程中，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：

2

0.72L=gt；L=vot

解得：故A正確，8錯(cuò)誤；

CD、A球落地后與8球速度相同時(shí)，彈簧的彈性勢能最大。根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：

mv0=（771+4m）v

11

Epm=mvG-2X（m+47九）〃2

聯(lián)立解得：Epm-QM，故C正確，AS。錯(cuò)誤；

故選：AC.

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出小球A的初速度；

根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律得出彈簧彈性勢能的最大值。

本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，結(jié)合動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律即可

完戌分析。

8.【答案】BC

【解析】解：4、當(dāng)時(shí)，物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，只受重力作用，由圖可知此時(shí)物體上升的最大高度

h=0.45m,根據(jù)詔=2gh可得：v0=3m/s,故A錯(cuò)誤：

8、當(dāng)。=0時(shí)，物體沿水平面做勻減速運(yùn)動(dòng)，滑行距離為％=0.6m,根據(jù)動(dòng)能定理得：fmgx=0_

詔，代入數(shù)據(jù)解得：〃=0.75,故8正確；

C>根據(jù)動(dòng)能定理得：-（/mgcos。+mgsin。）4=0-2m諾

QQ

整理得：x=2O（o.75m￥+siM「-I22------旭，（tana=0.75）

201O.75z+l2sin（0+a）

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知位移最小值Xmin=9m=0.36m,故C正確；

22

20yl0.75+1

D、取初始位置所在水平面為重尢勢能參考平面，當(dāng)6=37。，當(dāng)物體的動(dòng)能與重力勢能相等時(shí)，設(shè)物體的

速度大小為〃位移為X，則有

mgxs\n370=\mv2

根據(jù)動(dòng)能定理得：一(7ngxsin37°+〃mgxcos370)x=1?nv2一"nt詔

聯(lián)力解得：x=0.25m,故。錯(cuò)誤。

故選：BC“

當(dāng)時(shí)，物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度-位移公式可求得物體的初速度；當(dāng)。=0時(shí)，物體沿水平面運(yùn)

動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理列式可求得動(dòng)摩擦因數(shù)；根據(jù)動(dòng)能定理結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可求得位移的最小值片向。物體上

滑過程中動(dòng)能與重力勢能相等時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理和功能關(guān)系求物體上滑的位移。

本題關(guān)鍵在于分段運(yùn)用動(dòng)能定理列方程，得到圖像的解析式，分析圖像斜率的意義。要能讀取圖像的有效

信息，明確物體的運(yùn)動(dòng)過程，運(yùn)用動(dòng)能定理和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行解答。

9.【答案】A與標(biāo)警

mg2xkg

【解析】解?：(1)該設(shè)計(jì)能測出A與8之間的滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式P=png

即可測出A與8之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=焉

(2)小車由靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)物塊，根據(jù)牛頓第二定律得尸-〃mg=ma

根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式得力=\at2

聯(lián)立解得F=3筍+iimg

則圖線的斜率為k=2mx

即771=lx

縱截距為b=nmg

小車與長木板間的摩擦因數(shù)〃=得=符

故答案為：⑴力與&卷(2)/；警

(1)彈簧測力計(jì)測量A、8間的滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式求解作答；

(2)根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解尸-上函數(shù)，結(jié)合圖像斜率求解作答。

本題考查了測動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解F函數(shù)是解題的關(guān)健。

【答案】左，不變

10.R1+R2=R1+R2^-EN

【解析】解：(1)圖乙中滑動(dòng)變阻器采用了限流接法，為保護(hù)靈敏電流計(jì)，開始時(shí)滑動(dòng)變阻器的觸頭應(yīng)滑

到最左端。

(2)開關(guān)S2置于2處時(shí)，待測電源替換了標(biāo)準(zhǔn)電源，要保持實(shí)驗(yàn)過程中流過先與/?2的電流不變，則電源A

的輸出電壓固定不變，根據(jù)歐姆定律可■知，％與&的阻值之和應(yīng)保持不變，即

R]+R2=R；+R2'

(3)根據(jù)部分電路的歐姆定律，有

豆E

&-&+

RR2

邑E

一-7

占

的

由千Ri+&=&'+a'，解得

(4)若考慮工作電源的內(nèi)陽，則有

4E

瓦

邑

&一%

由干Ri+R?=8'+a'，解得

R2'

即測量值不變.

故答案為：(1)左;(2)&+&=&'+&'；(3)祟埒；(4)不變

K2

(1)滑動(dòng)變阻器采用限流接法時(shí)，為保護(hù)電路閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于阻值最大處；

(2)開關(guān)S2置『2處時(shí)，待測電源替換了標(biāo)準(zhǔn)電源，要保持實(shí)驗(yàn)過程中流過公與/?2的電流不變，根據(jù)歐姆

定律分析解答；

(3)(4)根據(jù)歐姆定律分析解答，進(jìn)而分析誤差。

本題是電源的電動(dòng)勢，用到了替代法，替換電源，要注意考慮電源的內(nèi)阻后電源電動(dòng)勢的表達(dá)式仍然不

變。

11.【答案】解：(1)因大氣中的電場方向豎直向下，蛛絲應(yīng)帶負(fù)電荷，才能使電場力豎直向上。設(shè)蛛絲所

帶電荷量為q。，蜘蛛要想飛起來，電場力應(yīng)大于重力，則有

Qofo>mg

解得qo>4x10-5。

(2)設(shè)蜘蛛上升速度最大時(shí)高度為M，能到達(dá)的最大高度為總蜘蛛上升過程中加速度先向上減小、加速上

升，速度最大時(shí)加速度為零，之后加速度向下增大、減速上升，速度減為零時(shí)到達(dá)最大高度。速度最大時(shí)

重力與電場力平衡，則有

mg=qE=qE0-kqh0

解得壇=300m

上升過程中電場力做的功

&)q+Eiq(2E0—kh)qh

---o---九2

對(duì)上升過程，由動(dòng)能定理有

W-mgh=0

解得h=600m

答：(1)蛛絲所帶負(fù)電，電荷量大于4x10-5。

(2)蜘蛛上升速度最大時(shí)的高度為300”最大高度為600,Ho

【解析】(1)根據(jù)力的平衡求電荷量范圍；

(2)根據(jù)加速度為零，蝴蝶受力平衡求蜘蛛上升速度最大時(shí)的高度；由動(dòng)能定理求能到達(dá)的最大高度。

本題解題的關(guān)鍵是知道速度最大時(shí)由力學(xué)平衡方程求高度，速度為零時(shí)是能夠達(dá)到的最大高度。

12.【答案】ACD

【解析】解：(1)4壓緊的鉛塊會(huì)“粘”在一起，是由于分子之間產(chǎn)生了相互作用力，可說明分子間有引

力，故A正確；

及氣體難壓縮是由于封閉氣體對(duì)容器壁有壓強(qiáng)的原因，不能說明氣體分子間存在斥力，故B錯(cuò)誤；

C.擴(kuò)散現(xiàn)象是相互接觸的不同物質(zhì)彼此進(jìn)入對(duì)方的現(xiàn)象?？稍诠腆w、液體、氣體中進(jìn)行，故C正確；

.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體(或氣體)中的固體小微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故。正確：

E.物體分子動(dòng)能與物體宏觀的運(yùn)動(dòng)無關(guān)，分子平均動(dòng)能只與溫度有關(guān)，故E錯(cuò)誤。

故選：ACD.

(2)以車胎內(nèi)氣體為研究對(duì)象，

出發(fā)前壓強(qiáng)為：P]=2.8bar=2.8x105Pa,溫度為：G=27°c

5

到服務(wù)區(qū)時(shí)壓強(qiáng)為：p2=336bar=3.36x10Pa,設(shè)溫度為七

車胎的容積可視為不變，根據(jù)查理定律得：/r=

代人數(shù)據(jù)解得：匕=87.0℃

(2)設(shè)輪胎容積為V,放氣后壓強(qiáng)為：P3=Pi=2.Sbar=2.8x105Pa

設(shè)原有氣體在該壓強(qiáng)下體積為V,放氣前后輪胎內(nèi)氣體的溫度不變，根據(jù)玻意耳定律得:

P2吁P3M

代人數(shù)據(jù)解得：V=1.2V

設(shè)從后輪胎內(nèi)放出氣體的質(zhì)量為小71,占后輪胎內(nèi)氣體總質(zhì)量機(jī)的百分比為：

Jm1.2V-V1

—=1w=x100%?16.7%

m1.2Vz6

故答案為：(l)ACO；

(2)①汽車開進(jìn)服務(wù)區(qū)時(shí)，后輪胎內(nèi)氣體的溫度為87.0℃；

②從后輪胎內(nèi)放出氣體的質(zhì)量占后輪胎內(nèi)氣體總質(zhì)量的百分比為16.7%。

(1)根據(jù)分子動(dòng)理論的基本觀點(diǎn)、擴(kuò)散現(xiàn)象、布朗運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)解答；物體分子動(dòng)能與物體宏觀的運(yùn)動(dòng)無

關(guān)；

(2)①根據(jù)題意得出車胎內(nèi)氣體變化前后的狀態(tài)參量，根據(jù)查理定律求解出氣體的溫度；

②氣體的溫度保持不變，根據(jù)玻意耳定律求解氣體的體枳，由此得出質(zhì)量的白分比。

本題主要考查了分子動(dòng)理論的基本觀點(diǎn)，氣體實(shí)驗(yàn)定律的應(yīng)用，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是分析出氣體變化前后的狀

態(tài)參量，結(jié)合杳理定律和玻意耳定律即可完成分析。

13.【答案】ABE

【解析】解：(1)4由圖可知，波源的振幅為4=20cm,故A正確；

8C.平衡位置在x=6m處的質(zhì)點(diǎn)此刻位于平衡位置，速度最大，加速度為0,故B正確，。錯(cuò)誤；

D波源只會(huì)在平衡位置附近振動(dòng)，不會(huì)“隨波逐流"，故。錯(cuò)誤