2023-2024學(xué)年四川省涼山州高二下學(xué)期期末考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1涼山州2023—2024學(xué)年度下期期末檢測(cè)試卷高二物理全卷共6頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米的黑色簽字筆填寫在答題卡上，并檢查條形碼粘貼是否正確。2.選擇題使用2B鉛筆涂在答題卡對(duì)應(yīng)題目標(biāo)號(hào)的位置上；非選擇題用0.5毫米黑色簽字筆書寫在答題卡的對(duì)應(yīng)框內(nèi)，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。3.考試結(jié)束后，將答題卡收回。第Ⅰ卷選擇題（共43分）一、選擇題（本題共43分，其中1-7為單項(xiàng)選擇題，每小題4分，共28分。8-10為多項(xiàng)選擇題，每小題5分，共15分，漏選得3分，多選、錯(cuò)選得0分）1.2024年3月，華為小折疊屏手機(jī)正式發(fā)售。該款手機(jī)搭載了麒麟芯片，支持網(wǎng)絡(luò)，可以滿足用戶對(duì)于高速網(wǎng)絡(luò)的需求。網(wǎng)絡(luò)相比網(wǎng)絡(luò)具有更高的數(shù)據(jù)傳輸速率。已知網(wǎng)絡(luò)通信技術(shù)采用頻段的無線電波，網(wǎng)絡(luò)通信技術(shù)采用頻段的無線電波。下列說法正確的是（）A.信號(hào)比信號(hào)更難發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象B.信號(hào)和信號(hào)相遇會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象C.某次手機(jī)不慎進(jìn)水，水蒸氣在屏幕上凝結(jié)成小水珠的過程中，水分子間的引力增大，斥力減小D.1克的水的內(nèi)能等于1克的水蒸氣的內(nèi)能【答案】A【解析】A．因5G信號(hào)的頻率更高，根據(jù)可知，5G信號(hào)的波長(zhǎng)小，4G信號(hào)的波長(zhǎng)更大，故5G信號(hào)更難發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故A正確；B．4G和5G信號(hào)的頻率不同，兩種不同頻率的波不能發(fā)生干涉，故B錯(cuò)誤；C．水蒸氣凝結(jié)成小水珠的過程中，水分子間距離減小，水分子間的引力增大，斥力增大，故C錯(cuò)誤；D．在1g的水變成水蒸氣時(shí)，分子間距增大，要克服分子間的引力做功，分子勢(shì)能增大。溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，所以1g的水的內(nèi)能小于1g水蒸氣的內(nèi)能，故D錯(cuò)誤。故選A。2.對(duì)下列甲、乙、丙、丁圖，說法正確的是（）A.圖甲中將一塊曲率半徑較大的平凸透鏡放在一塊玻璃平板上，用單色光垂直照射透鏡與玻璃板，可以得到間距相等的明暗相間干涉條紋B.圖乙中單色光進(jìn)入平行玻璃磚傳播，當(dāng)入射角i逐漸增大到某一值后不會(huì)再有光線從玻璃磚下表面射出C.圖丙是利用光的衍射檢測(cè)工件的平整度D.圖丁的M、N是偏振片，P是光屏，當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，P上的光亮度將發(fā)生變化，此現(xiàn)象表明光是橫波【答案】D【解析】A．牛頓環(huán)是由曲率半徑很大的凸透鏡的凸面和一平面玻璃接觸構(gòu)成，用單色光垂直照射圖甲中的牛頓環(huán)，可以得到間距不相等的明暗相間的同心圓環(huán)，A錯(cuò)誤；B．圖乙中單色光進(jìn)入平行玻璃磚傳播，當(dāng)入射角i逐漸增大，折射角逐漸增大，由于折射角小于入射角，光線在下表面的入射角等于上表面的折射角，所以不論入射角如何增大，不會(huì)產(chǎn)生全反射，玻璃磚中都會(huì)有光線，由于射向玻璃磚的光線與射出光線為平行光線，因此可知一定有光線從下表面射出，B錯(cuò)誤；C．圖丙是利用光的干涉檢測(cè)工件的平整度，C錯(cuò)誤；D．圖丁的M、N是偏振片，P是光屏，當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，P上的光亮度將發(fā)生變化，說明光是橫波，經(jīng)偏振片會(huì)產(chǎn)生偏振現(xiàn)象，D正確。3.圖中關(guān)于磁場(chǎng)中的四種儀器的說法正確的是（）A.甲圖中要使粒子獲得的最大動(dòng)能增大，可以增大交變電流的電壓B.乙圖中不改變質(zhì)譜儀各區(qū)域的電場(chǎng)、磁場(chǎng)時(shí)擊中光屏同一位置的粒子比荷不同C.丙圖是載流子為負(fù)電荷的霍爾元件，通上如圖所示電流和加上如圖磁場(chǎng)時(shí)N側(cè)電勢(shì)高于M側(cè)D.丁圖長(zhǎng)寬高分別為a、b、c的電磁流量計(jì)加上如圖所示磁場(chǎng)，若流量Q恒定，則前后兩個(gè)金屬側(cè)面的電壓與a、b均無關(guān)【答案】D【解析】A．在回旋加速器中，由牛頓第二定律當(dāng)軌跡半徑為D形盒半徑時(shí)，粒子獲得的動(dòng)能最大故粒子獲得的最大動(dòng)能與交變電流的電壓無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．粒子經(jīng)過速度選擇器時(shí)，只有滿足qE=qvB即粒子才能進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，顯然能進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的粒子速度都相同，在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，由牛頓第二定律解得因?yàn)閾糁泄馄镣晃恢?，所以軌跡半徑相同，則粒子比荷相同，故B錯(cuò)誤；C．在霍爾元件中，由于載流子帶負(fù)電荷，由左手定則，載流子在洛倫茲力的作用力下向N側(cè)偏轉(zhuǎn)，則N側(cè)電勢(shì)低于M側(cè)，故C錯(cuò)誤；D．經(jīng)過電磁流量計(jì)的帶電粒子會(huì)在洛倫茲力的作用下向著前后兩個(gè)側(cè)面偏轉(zhuǎn)，使前后兩個(gè)側(cè)面產(chǎn)生電勢(shì)差，從而形成電場(chǎng)，當(dāng)前后兩個(gè)側(cè)面帶上足夠多的電荷后將形成穩(wěn)定的電場(chǎng)，此時(shí)滿足聯(lián)立可得前后兩側(cè)電勢(shì)差最大值為流量為解得由此可知當(dāng)流量恒定，前后兩個(gè)金屬側(cè)面的電壓與磁感應(yīng)強(qiáng)度和a、b均無關(guān)，故D正確。故選D。4.如圖所示，原、副線圈總匝數(shù)為4:3的理想變壓器，滑動(dòng)觸頭初始位置在副線圈距上端三分之一處，輸入端接入電壓有效值恒定的交變電源。定值電阻的阻值為R，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為，滑片初始位置在最右端。理想電壓表V的示數(shù)為U，理想電流表A的示數(shù)為I。下列說法正確的是（）A.保持位置不變，向下緩慢滑動(dòng)的過程中，I減小，U增加B.保持位置不變，向下緩慢滑動(dòng)的過程中，消耗的功率增大C.保持位置不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，消耗的功率增大D.保持位置不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，I變小，U變小【答案】C【解析】A．將變壓器與定值電阻看為一個(gè)整體，則等效電阻為若保持位置不變，向下緩慢滑動(dòng)的過程中，則等效電阻變大，原線圈中通過的電流減小，即電流表A的示數(shù)I減小，滑動(dòng)變阻器兩端電壓減小，即電壓表V的示數(shù)U減小，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述可知，等效電阻由于滑動(dòng)觸頭初始位置在副線圈距上端三分之一處，即原副線圈初始匝數(shù)比為則等效電阻初始值為，當(dāng)向下緩慢滑動(dòng)的過程中，等效電阻逐漸增大，由于理想變壓器不消耗功率，則等效電阻的功率等于消耗的功率，令輸入端電壓的有效值為，則有作出其圖像，如圖所示可知，消耗的功率先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．保持位置不變，則上述等效電阻不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，接入電阻減小，原線圈通過的電流增大，根據(jù)電流匝數(shù)關(guān)系可知，通過負(fù)線圈的電流增大，則消耗的功率增大，故C正確；D．結(jié)合上述可知，保持位置不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，I變大，上述等效電阻不變，則原線圈兩端電壓增大，則U變小，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖甲所示，一個(gè)匝數(shù)的圓形導(dǎo)體線圈，總電阻，在線圈內(nèi)存在面積為且垂直線圈平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，外電路中燈、的電阻始終為6Ω（可忽略溫度對(duì)電阻影響），L是自感系數(shù)很大、直流電阻可忽略的自感線圈。時(shí)刻閉合開關(guān)S，同時(shí)控制線圈內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙（取垂直線圈平面向外的磁場(chǎng)方向?yàn)檎?，則下列說法正確的是（）A.0~8s通過燈L的電流方向始終為B.若時(shí)斷開開關(guān)，燈會(huì)立馬熄滅C.由于自感線圈的存在，燈的亮度始終比燈亮D.2~4s內(nèi)燈產(chǎn)生的熱量為3J【答案】D【解析】A．0~8s磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率恒定，由楞次定律可判斷感應(yīng)電流的方向始終為，A錯(cuò)誤；B．?dāng)嚅_開關(guān)后，線圈與兩燈一起構(gòu)成一個(gè)自感回路，、不會(huì)立即熄滅，B錯(cuò)誤；C．由于線圈的自感阻礙，燈后發(fā)光，逐漸變亮，由于線圈的電阻忽略不計(jì)，則最后兩燈一樣亮，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)達(dá)拉第電磁感應(yīng)定律可得，電動(dòng)勢(shì)，2~4s內(nèi)燈產(chǎn)生的熱量D正確。故選D。6.2023年4月，我國(guó)有“人造太陽”之稱的托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝罫創(chuàng)造了新的世界紀(jì)錄。其中磁約束的簡(jiǎn)化原理如圖：在半徑為和的真空同軸圓柱面之間，加有與軸線平行的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，。假設(shè)氘核沿內(nèi)環(huán)切線向左進(jìn)入磁場(chǎng)，氚核沿內(nèi)環(huán)切線向右進(jìn)入磁場(chǎng)，二者均恰好不從外環(huán)射出。不計(jì)重力及二者之間的相互作用，則和的動(dòng)量之比為（）A.1∶2 B.2∶3 C.1∶3 D.3∶1【答案】C【解析】根據(jù)左手定則，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系，氘核的半徑為根據(jù)幾何關(guān)系，氚核的半徑為根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得動(dòng)量為和的動(dòng)量之比為故選C。7.車輛減震裝置中的囊式空氣彈簧由橡膠氣囊和密閉在其中的壓縮空氣組成。某氣囊內(nèi)有一定質(zhì)量的理想氣體，其圖像及狀態(tài)的變化過程如圖所示，圖像中a、b、c三點(diǎn)的坐標(biāo)為已知量，平行于V軸，平行于p軸，已知?dú)怏w在狀態(tài)a時(shí)的溫度。以下說法正確的是（）A.變化過程中，氣體內(nèi)能一直增大B.變化過程中，氣體吸收的熱量為C.的整個(gè)過程中氣體對(duì)外做功為0D.的變化過程中氣體的最高溫度為【答案】B【解析】A．變化過程中，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)坐標(biāo)可知，過程，氣體壓強(qiáng)與體積乘積變大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，溫度升高，內(nèi)能增大，變化過程中，氣體壓強(qiáng)與體積乘積變小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，溫度降低，內(nèi)能減小，故A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)、c兩點(diǎn)狀態(tài)，氣體壓強(qiáng)與體積乘積相等，均為，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，a、c兩點(diǎn)狀態(tài)的溫度相等，即氣體內(nèi)能不變，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸收熱量與做功大小相等，即吸收熱量為故B正確；C．結(jié)合上述，變化過程中，氣體對(duì)外做功，且為的變化過程中，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，且為則的整個(gè)過程中氣體對(duì)外做功為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有可知，壓強(qiáng)與體積乘積越大，溫度越高，的變化過程中，根據(jù)數(shù)學(xué)函數(shù)規(guī)律可知，體積與壓強(qiáng)乘積的最大值為則有解得故D錯(cuò)誤。故選B。8.下列說法正確的是（）A.紅外線有很強(qiáng)的熱效應(yīng)，它的波長(zhǎng)比長(zhǎng)波還要長(zhǎng)B.在電磁波發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫調(diào)制C.自動(dòng)計(jì)數(shù)器中的光敏電阻可以將光學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量D.霍爾元件可以把電學(xué)量轉(zhuǎn)換為磁學(xué)量【答案】BC【解析】A．紅外線有很強(qiáng)的熱效應(yīng)，但短波紅外線波長(zhǎng)沒有長(zhǎng)波長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B．在電磁波的發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫調(diào)制，故B正確；C．自動(dòng)計(jì)數(shù)器中的光敏電阻可以將光學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，故C正確；D．霍爾元件可以把磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，故D錯(cuò)誤。9.如圖所示，一交流發(fā)電機(jī)的矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。已知線圈面積，匝數(shù)N=100匝，線圈電阻，外接電阻。則在線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，下列說法正確的是（）A.圖示位置線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值B.通過電阻R的電流有效值為C.電壓表的示數(shù)為D.通過電阻的電荷量【答案】AD【解析】A．圖示位置線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為最大值，則有故A正確；B．結(jié)合上述，電動(dòng)勢(shì)的有效值為則通過電阻R的電流有效值為故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可知，電壓表的示數(shù)為故C錯(cuò)誤；D．在線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值感應(yīng)電流的平均值，解得故D正確。故選AD。10.如圖,一有界區(qū)域內(nèi),存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,方向分別垂直于光滑水平桌面向下和向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框abcd的bc邊緊靠磁場(chǎng)邊緣置于桌面上，使線框從靜止開始沿x軸正方向勻加速通過磁場(chǎng)區(qū)域，若以逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，能反映線框中感應(yīng)電流變化規(guī)律的是圖（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】線框右邊開始進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針；當(dāng)右邊框開始進(jìn)入右邊磁場(chǎng)時(shí)，電流變化順時(shí)針；而從磁場(chǎng)中離開時(shí)，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針；由E=BLv及v=at可知，E=BLat，電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間為均勻增大，故電流也隨時(shí)間均勻增大，故A正確；而由E=BLv及v2=2as可知，，故電流與成正比，不會(huì)出現(xiàn)突然增大的現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤，C正確；故選AC．第Ⅱ卷非選擇題（共57分）二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，11題6分，12題9分，共15分）11.物體的帶電量是一個(gè)不易測(cè)得的物理量，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)來測(cè)量帶電物體所帶電量。如圖（a）所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長(zhǎng)的木板上，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在長(zhǎng)木板末端，物塊A靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，一紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與物塊A相連，請(qǐng)結(jié)合下列操作步驟回答問題。（1）為消除摩擦力的影響，他將長(zhǎng)木板一端墊起一定傾角，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，輕輕推一下小物塊A，使其沿著長(zhǎng)木板向下運(yùn)動(dòng)。多次調(diào)整傾角，直至打出的紙帶上點(diǎn)跡均勻，測(cè)出此時(shí)木板與水平面間的傾角，記為。（2）如圖（b）所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，用細(xì)繩通過一輕小定滑輪將物塊A與不帶電物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計(jì)。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，由靜止釋放小物塊A，該過程可近似認(rèn)為物塊A的帶電量不變。下列關(guān)于紙帶上點(diǎn)跡的分析正確的是（）A.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至零B.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至一不為零的定值C.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差不變D.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減少，直至間距不變（3）為了測(cè)定物塊A所帶電量，除傾角，磁感應(yīng)強(qiáng)度，物塊B的質(zhì)量外，本實(shí)驗(yàn)還必須測(cè)量的物理量有___________（寫出物理量的名稱及對(duì)應(yīng)的符號(hào)）；（4）用重力加速度、磁感應(yīng)強(qiáng)度，傾角和所測(cè)得的物理量，可得出的表達(dá)式為_____?！敬鸢浮浚?）D（3）兩物塊最終的速度（4）【解析】（2）[1]設(shè)A的質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，沒有磁場(chǎng)時(shí)，由平衡條件可得，可得當(dāng)存在磁場(chǎng)時(shí)，以A、B整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得由此式可知和是變量，其他都是不變的量，所以A、B一起做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到加速度減為零后做勻速運(yùn)動(dòng)，即速度在增大，加速度在減小，最后速度不變。所以紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，說明速度增大；由于加速度減小，根據(jù)逐差公式，可知相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減少；勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，間距不變。故選D。（3）[2]根據(jù)當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度最大，設(shè)最大速度為，則有可得把代入，得可知為了測(cè)定物塊A所帶電量，除傾角，磁感應(yīng)強(qiáng)度，物塊B的質(zhì)量外，本實(shí)驗(yàn)還必須測(cè)量的物理量有：兩物塊最終的速度。（4）[3]根據(jù)（3）問分析可知，的表達(dá)式為12.（1）如圖所示，用插針法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，下列說法中正確的是（）A．若P1、P2的距離較大時(shí)，通過玻璃磚會(huì)看不到P1、P2的像B．為減少測(cè)量誤差，P1、P2連線與法線的夾角應(yīng)盡量小些C．為了減小作圖誤差，P3和P4的距離應(yīng)適當(dāng)取大些D．若P1、P2的連線與法線夾角較大時(shí)，有可能在面發(fā)生全反射，所以在一側(cè)就看不到P1、P2的像（2）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是________。（3）該實(shí)驗(yàn)小組選取了操作正確的實(shí)驗(yàn)記錄，在白紙上畫出光線的徑跡，以入射點(diǎn)O為圓心作圓，與入射光線P、折射光線的延長(zhǎng)線分別交于A、B點(diǎn)，再過A、B點(diǎn)作法線的垂線，垂足分別為C、D點(diǎn)，如圖甲所示，則玻璃的折射率n=________（用圖中線段的字母表示）。（4）在用針插法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，甲、乙二位同學(xué)在紙上畫出的界面、與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖乙中①、②所示，其中甲同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚。他們的其它操作均正確，且均以、為界面畫光路圖。則甲同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比________（填“偏大”、“偏小”或“不變”）；乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比________（填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）C（2）1.5（3）（4）偏小不變【解析】（1）[1]A．根據(jù)光路可逆性原理可知，光線一定會(huì)從下表面射出，光線不會(huì)在玻璃磚的的內(nèi)表面發(fā)生全反射，則即是、的距離較大，通過玻璃磚仍然可以看到、的像，A錯(cuò)誤；B．為減少測(cè)量誤差，入射角應(yīng)適當(dāng)大一些，則、的連線與法線NN'的夾角應(yīng)盡量大些，B錯(cuò)誤；C．為了減小作圖誤差，和的距離應(yīng)適當(dāng)取大些，C正確；D．由幾何知識(shí)可知，光線在上表面的折射角等于下表面的入射角，根據(jù)光路可逆性原理可知，光線一定會(huì)從下表面射出，折射光線不會(huì)在玻璃磚的下表面發(fā)生全反射，D錯(cuò)誤。故選C。（2）[2]由折射率公式，即代入數(shù)據(jù)，可得（3）[3]設(shè)圓的半徑為r，入射角為，則有折射角為，則有故可得玻璃的折射率為（4）[4]圖①甲同學(xué)測(cè)定折射率時(shí)，作出的折射光線如下圖中虛線所示實(shí)線表示實(shí)際光線，可見折射角增大，則由折射定律可知，折射率將偏??；[5]圖②測(cè)折射率時(shí)，主要操作正確，與玻璃磚形狀無關(guān)，故乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比不變。三、計(jì)算題（本題共3小題，共42分，作答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13.圖甲為氣壓式升降椅，它通過活塞上下運(yùn)動(dòng)來控制椅子的升降，圖乙為其核心部件模型簡(jiǎn)圖，圓筒形導(dǎo)熱汽缸開口向上豎直放置在水平地面上，活塞（連同細(xì)連桿）與椅面的總質(zhì)量m=4kg，活塞的橫截面積S=4×10-4m2，汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸之間無摩擦且不漏氣，活塞上放有一質(zhì)量M=8kg的物塊，氣柱高度h=0.6m。已知大氣壓強(qiáng)p0=1×105pa，重力加速度g取10m/s2。（1）若拿掉物塊活塞上升，求穩(wěn)定時(shí)氣柱的高度；（2）拿掉物塊后，如果緩慢降低環(huán)境溫度，使活塞下降10cm，此過程中氣體放出熱量20J，求氣體內(nèi)能的變化量?！敬鸢浮浚?）1.2m；（2）【解析】（1）由玻意耳定律其中，，解得穩(wěn)定時(shí)氣柱的高度為h（2）在降溫過程中，氣體做等壓變化，外界對(duì)氣體做功由熱力學(xué)第一定律其中代入數(shù)據(jù)解得氣體內(nèi)能減少了12J。14.如圖，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域內(nèi)，以對(duì)角線bd為邊界，上方有平行于ad邊豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E。下方有垂直abcd平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一帶正電的粒子從ab邊中點(diǎn)O由靜止釋放，在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)后垂直bc邊射出。粒子重力不計(jì)。求∶（1）該粒子的比荷；（2）該離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t。【答案】（1）；（2）【解析】（1）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程，據(jù)動(dòng)能定理可得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)牛頓第二定律，由洛倫茲力提供向心力有據(jù)幾何關(guān)系可得聯(lián)立解得（2）粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的角度為15.如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌和平行金屬導(dǎo)軌固定在水平臺(tái)面上，平行金屬導(dǎo)軌間距均為與高度差為。導(dǎo)軌左端接有的電阻，導(dǎo)軌平直部分存在寬度為，磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；導(dǎo)軌與平行，其中與是圓心角為，半徑為的圓弧形導(dǎo)軌，與是水平長(zhǎng)直導(dǎo)軌。右側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)體棒的質(zhì)量，接在電路中的電阻；導(dǎo)體棒的質(zhì)量，接在電路中的電阻。導(dǎo)體棒從距離導(dǎo)軌平直部分高處由靜止釋放，恰能無碰撞地從滑入右側(cè)平行導(dǎo)軌，且始終沒有與棒相碰。重力加速度取，不計(jì)導(dǎo)軌電阻、一切摩擦及空氣阻力。求：（1）導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小以及此時(shí)電阻中的電流大小和方向；（2）導(dǎo)體棒的最大加速度（可用分?jǐn)?shù)表示）：（3）導(dǎo)體棒在平行金屬導(dǎo)軌中產(chǎn)生的總焦耳熱（導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)）【答案】（1），，電流方向?yàn)橛傻?；?）；（3）【解析】（1）導(dǎo)體棒從處由靜止釋放，根據(jù)動(dòng)能定理可知解得導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為由閉合電路歐姆定律可得解得由右手定則可判斷，此時(shí)電阻的電流方向?yàn)橛傻健＃?）設(shè)導(dǎo)體棒到達(dá)時(shí)速度為，可知方向與水平方向的夾角為，則解得設(shè)導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為，此時(shí)導(dǎo)體棒的加速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理感應(yīng)電流為對(duì)導(dǎo)體棒，根據(jù)牛頓第二定律解得，（3）根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知解得導(dǎo)體棒在右側(cè)導(dǎo)軌中產(chǎn)生的總焦耳熱與系統(tǒng)減少的動(dòng)能相等，即解得涼山州2023—2024學(xué)年度下期期末檢測(cè)試卷高二物理全卷共6頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米的黑色簽字筆填寫在答題卡上，并檢查條形碼粘貼是否正確。2.選擇題使用2B鉛筆涂在答題卡對(duì)應(yīng)題目標(biāo)號(hào)的位置上；非選擇題用0.5毫米黑色簽字筆書寫在答題卡的對(duì)應(yīng)框內(nèi)，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。3.考試結(jié)束后，將答題卡收回。第Ⅰ卷選擇題（共43分）一、選擇題（本題共43分，其中1-7為單項(xiàng)選擇題，每小題4分，共28分。8-10為多項(xiàng)選擇題，每小題5分，共15分，漏選得3分，多選、錯(cuò)選得0分）1.2024年3月，華為小折疊屏手機(jī)正式發(fā)售。該款手機(jī)搭載了麒麟芯片，支持網(wǎng)絡(luò)，可以滿足用戶對(duì)于高速網(wǎng)絡(luò)的需求。網(wǎng)絡(luò)相比網(wǎng)絡(luò)具有更高的數(shù)據(jù)傳輸速率。已知網(wǎng)絡(luò)通信技術(shù)采用頻段的無線電波，網(wǎng)絡(luò)通信技術(shù)采用頻段的無線電波。下列說法正確的是（）A.信號(hào)比信號(hào)更難發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象B.信號(hào)和信號(hào)相遇會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象C.某次手機(jī)不慎進(jìn)水，水蒸氣在屏幕上凝結(jié)成小水珠的過程中，水分子間的引力增大，斥力減小D.1克的水的內(nèi)能等于1克的水蒸氣的內(nèi)能【答案】A【解析】A．因5G信號(hào)的頻率更高，根據(jù)可知，5G信號(hào)的波長(zhǎng)小，4G信號(hào)的波長(zhǎng)更大，故5G信號(hào)更難發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故A正確；B．4G和5G信號(hào)的頻率不同，兩種不同頻率的波不能發(fā)生干涉，故B錯(cuò)誤；C．水蒸氣凝結(jié)成小水珠的過程中，水分子間距離減小，水分子間的引力增大，斥力增大，故C錯(cuò)誤；D．在1g的水變成水蒸氣時(shí)，分子間距增大，要克服分子間的引力做功，分子勢(shì)能增大。溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，所以1g的水的內(nèi)能小于1g水蒸氣的內(nèi)能，故D錯(cuò)誤。故選A。2.對(duì)下列甲、乙、丙、丁圖，說法正確的是（）A.圖甲中將一塊曲率半徑較大的平凸透鏡放在一塊玻璃平板上，用單色光垂直照射透鏡與玻璃板，可以得到間距相等的明暗相間干涉條紋B.圖乙中單色光進(jìn)入平行玻璃磚傳播，當(dāng)入射角i逐漸增大到某一值后不會(huì)再有光線從玻璃磚下表面射出C.圖丙是利用光的衍射檢測(cè)工件的平整度D.圖丁的M、N是偏振片，P是光屏，當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，P上的光亮度將發(fā)生變化，此現(xiàn)象表明光是橫波【答案】D【解析】A．牛頓環(huán)是由曲率半徑很大的凸透鏡的凸面和一平面玻璃接觸構(gòu)成，用單色光垂直照射圖甲中的牛頓環(huán)，可以得到間距不相等的明暗相間的同心圓環(huán)，A錯(cuò)誤；B．圖乙中單色光進(jìn)入平行玻璃磚傳播，當(dāng)入射角i逐漸增大，折射角逐漸增大，由于折射角小于入射角，光線在下表面的入射角等于上表面的折射角，所以不論入射角如何增大，不會(huì)產(chǎn)生全反射，玻璃磚中都會(huì)有光線，由于射向玻璃磚的光線與射出光線為平行光線，因此可知一定有光線從下表面射出，B錯(cuò)誤；C．圖丙是利用光的干涉檢測(cè)工件的平整度，C錯(cuò)誤；D．圖丁的M、N是偏振片，P是光屏，當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，P上的光亮度將發(fā)生變化，說明光是橫波，經(jīng)偏振片會(huì)產(chǎn)生偏振現(xiàn)象，D正確。3.圖中關(guān)于磁場(chǎng)中的四種儀器的說法正確的是（）A.甲圖中要使粒子獲得的最大動(dòng)能增大，可以增大交變電流的電壓B.乙圖中不改變質(zhì)譜儀各區(qū)域的電場(chǎng)、磁場(chǎng)時(shí)擊中光屏同一位置的粒子比荷不同C.丙圖是載流子為負(fù)電荷的霍爾元件，通上如圖所示電流和加上如圖磁場(chǎng)時(shí)N側(cè)電勢(shì)高于M側(cè)D.丁圖長(zhǎng)寬高分別為a、b、c的電磁流量計(jì)加上如圖所示磁場(chǎng)，若流量Q恒定，則前后兩個(gè)金屬側(cè)面的電壓與a、b均無關(guān)【答案】D【解析】A．在回旋加速器中，由牛頓第二定律當(dāng)軌跡半徑為D形盒半徑時(shí)，粒子獲得的動(dòng)能最大故粒子獲得的最大動(dòng)能與交變電流的電壓無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．粒子經(jīng)過速度選擇器時(shí)，只有滿足qE=qvB即粒子才能進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，顯然能進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的粒子速度都相同，在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，由牛頓第二定律解得因?yàn)閾糁泄馄镣晃恢?，所以軌跡半徑相同，則粒子比荷相同，故B錯(cuò)誤；C．在霍爾元件中，由于載流子帶負(fù)電荷，由左手定則，載流子在洛倫茲力的作用力下向N側(cè)偏轉(zhuǎn)，則N側(cè)電勢(shì)低于M側(cè)，故C錯(cuò)誤；D．經(jīng)過電磁流量計(jì)的帶電粒子會(huì)在洛倫茲力的作用下向著前后兩個(gè)側(cè)面偏轉(zhuǎn)，使前后兩個(gè)側(cè)面產(chǎn)生電勢(shì)差，從而形成電場(chǎng)，當(dāng)前后兩個(gè)側(cè)面帶上足夠多的電荷后將形成穩(wěn)定的電場(chǎng)，此時(shí)滿足聯(lián)立可得前后兩側(cè)電勢(shì)差最大值為流量為解得由此可知當(dāng)流量恒定，前后兩個(gè)金屬側(cè)面的電壓與磁感應(yīng)強(qiáng)度和a、b均無關(guān)，故D正確。故選D。4.如圖所示，原、副線圈總匝數(shù)為4:3的理想變壓器，滑動(dòng)觸頭初始位置在副線圈距上端三分之一處，輸入端接入電壓有效值恒定的交變電源。定值電阻的阻值為R，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為，滑片初始位置在最右端。理想電壓表V的示數(shù)為U，理想電流表A的示數(shù)為I。下列說法正確的是（）A.保持位置不變，向下緩慢滑動(dòng)的過程中，I減小，U增加B.保持位置不變，向下緩慢滑動(dòng)的過程中，消耗的功率增大C.保持位置不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，消耗的功率增大D.保持位置不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，I變小，U變小【答案】C【解析】A．將變壓器與定值電阻看為一個(gè)整體，則等效電阻為若保持位置不變，向下緩慢滑動(dòng)的過程中，則等效電阻變大，原線圈中通過的電流減小，即電流表A的示數(shù)I減小，滑動(dòng)變阻器兩端電壓減小，即電壓表V的示數(shù)U減小，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述可知，等效電阻由于滑動(dòng)觸頭初始位置在副線圈距上端三分之一處，即原副線圈初始匝數(shù)比為則等效電阻初始值為，當(dāng)向下緩慢滑動(dòng)的過程中，等效電阻逐漸增大，由于理想變壓器不消耗功率，則等效電阻的功率等于消耗的功率，令輸入端電壓的有效值為，則有作出其圖像，如圖所示可知，消耗的功率先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．保持位置不變，則上述等效電阻不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，接入電阻減小，原線圈通過的電流增大，根據(jù)電流匝數(shù)關(guān)系可知，通過負(fù)線圈的電流增大，則消耗的功率增大，故C正確；D．結(jié)合上述可知，保持位置不變，向左緩慢滑動(dòng)的過程中，I變大，上述等效電阻不變，則原線圈兩端電壓增大，則U變小，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖甲所示，一個(gè)匝數(shù)的圓形導(dǎo)體線圈，總電阻，在線圈內(nèi)存在面積為且垂直線圈平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，外電路中燈、的電阻始終為6Ω（可忽略溫度對(duì)電阻影響），L是自感系數(shù)很大、直流電阻可忽略的自感線圈。時(shí)刻閉合開關(guān)S，同時(shí)控制線圈內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙（取垂直線圈平面向外的磁場(chǎng)方向?yàn)檎瑒t下列說法正確的是（）A.0~8s通過燈L的電流方向始終為B.若時(shí)斷開開關(guān)，燈會(huì)立馬熄滅C.由于自感線圈的存在，燈的亮度始終比燈亮D.2~4s內(nèi)燈產(chǎn)生的熱量為3J【答案】D【解析】A．0~8s磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率恒定，由楞次定律可判斷感應(yīng)電流的方向始終為，A錯(cuò)誤；B．?dāng)嚅_開關(guān)后，線圈與兩燈一起構(gòu)成一個(gè)自感回路，、不會(huì)立即熄滅，B錯(cuò)誤；C．由于線圈的自感阻礙，燈后發(fā)光，逐漸變亮，由于線圈的電阻忽略不計(jì)，則最后兩燈一樣亮，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)達(dá)拉第電磁感應(yīng)定律可得，電動(dòng)勢(shì)，2~4s內(nèi)燈產(chǎn)生的熱量D正確。故選D。6.2023年4月，我國(guó)有“人造太陽”之稱的托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝罫創(chuàng)造了新的世界紀(jì)錄。其中磁約束的簡(jiǎn)化原理如圖：在半徑為和的真空同軸圓柱面之間，加有與軸線平行的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，。假設(shè)氘核沿內(nèi)環(huán)切線向左進(jìn)入磁場(chǎng)，氚核沿內(nèi)環(huán)切線向右進(jìn)入磁場(chǎng)，二者均恰好不從外環(huán)射出。不計(jì)重力及二者之間的相互作用，則和的動(dòng)量之比為（）A.1∶2 B.2∶3 C.1∶3 D.3∶1【答案】C【解析】根據(jù)左手定則，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系，氘核的半徑為根據(jù)幾何關(guān)系，氚核的半徑為根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得動(dòng)量為和的動(dòng)量之比為故選C。7.車輛減震裝置中的囊式空氣彈簧由橡膠氣囊和密閉在其中的壓縮空氣組成。某氣囊內(nèi)有一定質(zhì)量的理想氣體，其圖像及狀態(tài)的變化過程如圖所示，圖像中a、b、c三點(diǎn)的坐標(biāo)為已知量，平行于V軸，平行于p軸，已知?dú)怏w在狀態(tài)a時(shí)的溫度。以下說法正確的是（）A.變化過程中，氣體內(nèi)能一直增大B.變化過程中，氣體吸收的熱量為C.的整個(gè)過程中氣體對(duì)外做功為0D.的變化過程中氣體的最高溫度為【答案】B【解析】A．變化過程中，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)坐標(biāo)可知，過程，氣體壓強(qiáng)與體積乘積變大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，溫度升高，內(nèi)能增大，變化過程中，氣體壓強(qiáng)與體積乘積變小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，溫度降低，內(nèi)能減小，故A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)、c兩點(diǎn)狀態(tài)，氣體壓強(qiáng)與體積乘積相等，均為，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，a、c兩點(diǎn)狀態(tài)的溫度相等，即氣體內(nèi)能不變，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸收熱量與做功大小相等，即吸收熱量為故B正確；C．結(jié)合上述，變化過程中，氣體對(duì)外做功，且為的變化過程中，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，且為則的整個(gè)過程中氣體對(duì)外做功為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有可知，壓強(qiáng)與體積乘積越大，溫度越高，的變化過程中，根據(jù)數(shù)學(xué)函數(shù)規(guī)律可知，體積與壓強(qiáng)乘積的最大值為則有解得故D錯(cuò)誤。故選B。8.下列說法正確的是（）A.紅外線有很強(qiáng)的熱效應(yīng)，它的波長(zhǎng)比長(zhǎng)波還要長(zhǎng)B.在電磁波發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫調(diào)制C.自動(dòng)計(jì)數(shù)器中的光敏電阻可以將光學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量D.霍爾元件可以把電學(xué)量轉(zhuǎn)換為磁學(xué)量【答案】BC【解析】A．紅外線有很強(qiáng)的熱效應(yīng)，但短波紅外線波長(zhǎng)沒有長(zhǎng)波長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B．在電磁波的發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫調(diào)制，故B正確；C．自動(dòng)計(jì)數(shù)器中的光敏電阻可以將光學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，故C正確；D．霍爾元件可以把磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，故D錯(cuò)誤。9.如圖所示，一交流發(fā)電機(jī)的矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。已知線圈面積，匝數(shù)N=100匝，線圈電阻，外接電阻。則在線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，下列說法正確的是（）A.圖示位置線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值B.通過電阻R的電流有效值為C.電壓表的示數(shù)為D.通過電阻的電荷量【答案】AD【解析】A．圖示位置線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為最大值，則有故A正確；B．結(jié)合上述，電動(dòng)勢(shì)的有效值為則通過電阻R的電流有效值為故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可知，電壓表的示數(shù)為故C錯(cuò)誤；D．在線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值感應(yīng)電流的平均值，解得故D正確。故選AD。10.如圖,一有界區(qū)域內(nèi),存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,方向分別垂直于光滑水平桌面向下和向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框abcd的bc邊緊靠磁場(chǎng)邊緣置于桌面上，使線框從靜止開始沿x軸正方向勻加速通過磁場(chǎng)區(qū)域，若以逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，能反映線框中感應(yīng)電流變化規(guī)律的是圖（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】線框右邊開始進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針；當(dāng)右邊框開始進(jìn)入右邊磁場(chǎng)時(shí)，電流變化順時(shí)針；而從磁場(chǎng)中離開時(shí)，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針；由E=BLv及v=at可知，E=BLat，電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間為均勻增大，故電流也隨時(shí)間均勻增大，故A正確；而由E=BLv及v2=2as可知，，故電流與成正比，不會(huì)出現(xiàn)突然增大的現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤，C正確；故選AC．第Ⅱ卷非選擇題（共57分）二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，11題6分，12題9分，共15分）11.物體的帶電量是一個(gè)不易測(cè)得的物理量，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)來測(cè)量帶電物體所帶電量。如圖（a）所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長(zhǎng)的木板上，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在長(zhǎng)木板末端，物塊A靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，一紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與物塊A相連，請(qǐng)結(jié)合下列操作步驟回答問題。（1）為消除摩擦力的影響，他將長(zhǎng)木板一端墊起一定傾角，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，輕輕推一下小物塊A，使其沿著長(zhǎng)木板向下運(yùn)動(dòng)。多次調(diào)整傾角，直至打出的紙帶上點(diǎn)跡均勻，測(cè)出此時(shí)木板與水平面間的傾角，記為。（2）如圖（b）所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，用細(xì)繩通過一輕小定滑輪將物塊A與不帶電物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計(jì)。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，由靜止釋放小物塊A，該過程可近似認(rèn)為物塊A的帶電量不變。下列關(guān)于紙帶上點(diǎn)跡的分析正確的是（）A.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至零B.紙帶上的點(diǎn)跡間距先增加后減小至一不為零的定值C.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差不變D.紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，且相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減少，直至間距不變（3）為了測(cè)定物塊A所帶電量，除傾角，磁感應(yīng)強(qiáng)度，物塊B的質(zhì)量外，本實(shí)驗(yàn)還必須測(cè)量的物理量有___________（寫出物理量的名稱及對(duì)應(yīng)的符號(hào)）；（4）用重力加速度、磁感應(yīng)強(qiáng)度，傾角和所測(cè)得的物理量，可得出的表達(dá)式為_____?！敬鸢浮浚?）D（3）兩物塊最終的速度（4）【解析】（2）[1]設(shè)A的質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，沒有磁場(chǎng)時(shí)，由平衡條件可得，可得當(dāng)存在磁場(chǎng)時(shí)，以A、B整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得由此式可知和是變量，其他都是不變的量，所以A、B一起做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到加速度減為零后做勻速運(yùn)動(dòng)，即速度在增大，加速度在減小，最后速度不變。所以紙帶上的點(diǎn)跡間距逐漸增加，說明速度增大；由于加速度減小，根據(jù)逐差公式，可知相鄰兩點(diǎn)間的距離之差逐漸減少；勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，間距不變。故選D。（3）[2]根據(jù)當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度最大，設(shè)最大速度為，則有可得把代入，得可知為了測(cè)定物塊A所帶電量，除傾角，磁感應(yīng)強(qiáng)度，物塊B的質(zhì)量外，本實(shí)驗(yàn)還必須測(cè)量的物理量有：兩物塊最終的速度。（4）[3]根據(jù)（3）問分析可知，的表達(dá)式為12.（1）如圖所示，用插針法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，下列說法中正確的是（）A．若P1、P2的距離較大時(shí)，通過玻璃磚會(huì)看不到P1、P2的像B．為減少測(cè)量誤差，P1、P2連線與法線的夾角應(yīng)盡量小些C．為了減小作圖誤差，P3和P4的距離應(yīng)適當(dāng)取大些D．若P1、P2的連線與法線夾角較大時(shí)，有可能在面發(fā)生全反射，所以在一側(cè)就看不到P1、P2的像（2）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是________。（3）該實(shí)驗(yàn)小組選取了操作正確的實(shí)驗(yàn)記錄，在白紙上畫出光線的徑跡，以入射點(diǎn)O為圓心作圓，與入射光線P、折射光線的延長(zhǎng)線分別交于A、B點(diǎn)，再過A、B點(diǎn)作法線的垂線，垂足分別為C、D點(diǎn)，如圖甲所示，則玻璃的折射率n=________（用圖中線段的字母表示）。（4）在用針插法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，甲、乙二位同學(xué)在紙上畫出的界面、與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖乙中①、②所示，其中甲同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚。他們的其它操作均正確，且均以、為界面畫光路圖。則甲同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比________（填“偏大”、“偏小”或“不變”）；乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比________（填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）C（2）1.5（3）（4）偏小不變【解析】（1）[1]A．根據(jù)光路可逆性原理可知，光線一定會(huì)從下表面射出，光線不會(huì)在玻璃磚的的內(nèi)表面發(fā)生全反射，則即是、的距離較大，通過玻璃磚仍然可以看到、的像，A錯(cuò)誤；B．為減少測(cè)量誤差，入射角應(yīng)適當(dāng)