2025屆湖南省各地高二物理第一學期期中質量檢測試題含解析

2025屆湖南省各地高二物理第一學期期中質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、施密特觸發(fā)器是具有特殊功能的非門,當加在它的輸入端A的電壓逐漸上升到某個值時,輸出端Y會突然從高電平跳到低電平,而當輸入端A的電壓下降到另一個值時,Y會從低電平跳到高電平.如圖是溫度報警器電路示意圖,RT是半導體熱敏電阻,溫度升高時電阻減少,下列分析正確的是A．升高溫度時,A端電勢降低;升高到某一溫度時,Y端電勢升高,蜂鳴器會發(fā)出報警聲B．升高溫度時,A端電勢升高;升高到某一溫度時,Y端電勢降低,蜂鳴器會發(fā)出報警聲C．增大R1時,A端電勢降低;增大到某一值時,Y端勢升高,蜂鳴器會發(fā)出報警聲D．增大R1時,A端電勢升高;增大到某一值時,Y端勢降低,蜂鳴器不會發(fā)出報警聲2、某靜電場中有點P，關于P點的電場強度與電勢，下列說法正確的是A．若放在P點的試探電荷的電荷量減半，則P點的場強減半B．若放在P點的試探電荷的電荷量減半，則P點的電勢減半C．P點的場強，電勢由電場決定，與試探電荷無關D．P點的場強方向為試探電荷在該點的受力方向3、如圖所示，在兩塊帶電平行金屬板間，有一束電子沿Ox軸方向射入電場，在電場中的運動軌跡為OCD．已知2OA=AB，則電子在OC段和CD段動能的增加量之比△EkC:△EkD為（）A．1:9 B．1:3 C．1:2 D．1:84、如圖所示，杯子靜置于水平桌面上，杯子對桌面的壓力為F1，桌面對杯子的支持力為F2．下列說法正確的是（）A．F1就是杯子所受的重力 B．F1與F2的大小不相等C．F1與F2是一對平衡力 D．F1與F2是一對作用力與反作用力5、下列說法正確的是()A．電勢降低的方向就是電場強度的方向B．處于靜電平衡的導體，由于導體內部場強為零，所以導體內的電勢也為零C．電動勢公式E＝中的W與電壓U＝中的W一樣，都是電場力做的功D．若電荷由A點移到B點的過程中，除受電場力外，還受其它力的作用，但電勢能的減少量仍等于這一過程中電場力所做的功6、如圖所示，一塊均勻的長方體導體，長為a，寬為b，厚為c。電流沿AB方向時測得導體的電阻為R，則電流沿CD方向時導體的電阻以及導體的電阻率分別為（）A．； B．；C．； D．；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一輛汽車從靜止開始由甲地出發(fā)，沿平直公路開往乙地．汽車先做勻加速運動，接著做勻減速運動，開到乙地剛好停止．其v-t圖象如圖所示，那么在0～t0和t0～3t0兩段時間內（）A．加速度大小比為2：1 B．位移大小比為1：3C．平均速度大小比為2：1 D．平均速度大小比為1：18、下列設備或電器中，沒有利用電磁感應原理工作的是A．發(fā)電機 B．白熾燈C．電動機 D．電吹風9、有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球A、B、C，從同一位置以相同速度v0先后射入豎直方向的勻強電場中，它們落在正極板的位置如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負電B．三個小球在電場中運動的時間相等C．三個小球到達正極板的動能EkA＜EkB＜EkCD．三個小球到達正極板的動量的增量△pA＜△pB＜△pC10、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B相距為d.平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間恰好有一質量為m、帶電量為q的油滴處于靜止狀態(tài)，以下說法正確的是（）A．若將s斷開，則油滴將做自由落體運動，G表中無電流B．若將A向左平移小段位移，則油滴仍然靜止，G表中有b-a的電流C．若將A向上平移小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有a-b的電流D．若將s斷開，A向下平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G表中無電流三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）下圖為一簡易多用電表的內部電路原理圖，其中G為靈敏電流計，S為單刀多擲開關(功能鍵)，表內直流電源的電動勢為E．由圖可知，欲選擇電壓擋大量程時，應將功能鍵置于_____________________位置；欲測電阻時，應將功能鍵置于_____________位置，欲選擇電流擋大量程時，應將功能鍵置于__________位置．(統(tǒng)一填寫數(shù)字序號)12．（12分）下圖各儀器的讀數(shù)：（螺旋測微器）為___mm，(量程為0.6A的電流表)為___A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個電子以的速度沿與電場垂直的方向從A點飛進勻強電場，并且從另一端B點沿與場強方向成150°角方向飛出，電子從A到B運動的時間為.電子的質量為，電子重力不計．則：(1)A、B兩點間的電勢差為多少？(2)勻強電場的電場強度為多少？14．（16分）如圖所示，已知R3=3Ω，理想電壓表讀數(shù)為3v，理想電流表讀數(shù)為2A，某時刻由于電路中R3發(fā)生斷路，電流表的讀數(shù)2.5A，R1上的電壓為5v，求：（1）R1、R2阻值各是多少?（2）電源電動勢E和內電阻r各是多少？15．（12分）如圖所示，在半徑為的圓形區(qū)域內有水平向里的勻強磁場，磁感應強度B，圓形區(qū)域右側有一豎直感光板，從圓弧頂點P以速率的帶正電粒子平行于紙面進入磁場，已知粒子的質量為m，電量為q，粒子重力不計．（1）若粒子對準圓心射入，求它在磁場中運動的時間；（2）若粒子對準圓心射入，且速率為，求它打到感光板上時速度的垂直分量.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AB、根據(jù)電路圖知，當RT的溫度升高時，RT減小，A端電勢升高，經(jīng)非門后，Y端電勢降低，蜂鳴器會發(fā)出報警，故B正確，A錯誤；CD、當增大R1時，A端電勢升高，經(jīng)非門后，Y端電勢降低，蜂鳴器會發(fā)出報警聲，故C、D錯誤；故選B?！军c睛】根據(jù)電路圖知，當RT的溫度升高時，RT

減小，A端電勢升高，Y端電勢降低，蜂鳴器會發(fā)出報警，當增大R1時，A端電勢升高，Y端電勢降低，蜂鳴器會發(fā)出報警聲。2、C【解析】

ABC．電場中某點的場強和電勢是由電場本身決定的，與試探電荷的電量無關，選項AB錯誤，C正確；D．P點的場強方向為正的試探電荷在該點的受力方向，選項D錯誤．3、D【解析】電子在電場里做類平拋運動，水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動，因為2OA=AB，知OC與CD的時間比為1：2，則OC與OD的時間比為1：3，根據(jù)推論可得OC和OD在豎直方向上的位移比為1：9，則OC、CD豎直方向上的位移之比為1：8，根據(jù)動能定理，有qEy=△EK，電子在OC段和CD段動能的增加量之比△EkC：△EkD=1：8，故D正確，ABC錯誤．4、D【解析】A、重力的施力物體是地球，所以不是重力，故A錯誤；

B、力和力是等大，反向，共線，作用于兩個物體，是一對作用力和反作用力，不是平衡力，故D正確，BC錯誤．點睛：本題主要考察了作用力與反作用力，及平衡力的區(qū)別與聯(lián)系，要注意明確二者的區(qū)別主要在于所涉及的物體，平衡力是一個物體，而作用力和反作用力是兩個物體．5、D【解析】

A．電勢降低最快的方向是電場強度的方向，選項A錯誤；B．處于靜電平衡的導體，導體內部場強為零，導體是等勢體，但是導體內的電勢不一定為零，選項B錯誤；C．電動勢公式E＝中的W是非靜電力做功；而電壓U＝中的W是電場力做的功，選項C錯誤；D．若電荷由A點移到B點的過程中，除受電場力外，還受其它力的作用，但電勢能的減少量仍等于這一過程中電場力所做的功，選項D正確。6、B【解析】

電流沿AB方向時測得導體的電阻為R，則解得電流沿CD方向時導體的電阻故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A、根據(jù)速度時間圖象的斜率等于加速度大小，則有在0～t0和t0～3t0兩段時間內加速度大小之比為：；故A正確．B、根據(jù)“面積”等于位移大小，則有位移之比為；故B錯誤．C、D、根據(jù)勻變速直線運動的推論，則平均速度大小之比為：；故C錯誤，D正確．故選AD．【點睛】本題只要抓住速度—時間圖象的兩個數(shù)學意義就能正解作答：斜率等于加速度，“面積”等于位移大?。?、BCD【解析】發(fā)電機是線圈在磁場中運動，結果是產(chǎn)生電流，利用電磁感應現(xiàn)象原理，故A正確；白熾燈是將電能轉化為熱能后一部分熱能轉化為光能的設備，即是消耗電能的電熱裝置，故B錯誤；電動機是線圈在磁場中運動，因通電，而產(chǎn)生力，故C錯誤；電吹風是將電能轉化為熱能，與電磁感應無關，故D錯誤；故選A．9、ACD【解析】

AB．小球做類平拋運動，水平方向為勻速運動，豎直方向為初速度為零的勻加速運動，從圖中可以看到小球A的水平位移最大，根據(jù)公式可知小球A運動的時間最長，其次是小球B，小球C的運動時間最短；在豎直方向上，則有由于相同，結合時間得知小球受重力和電場力，又由于帶正電的小球受到的電場力方向與電場方向相同，帶負電的小球受到的電場力方向與電場方向相反，不帶電的小球不受電場力，所以小球A受到向上的電場力即小球A帶正電，小球C帶負電，小球B不帶電，故A正確，B錯誤；C．以相同的水平速度先后垂直極板間電場射入，C球受合外力最大，則合外力的功最多，動能增量最大；A球受合外力最小，則合外力的功最少，動能增量最小，所以三個小球到達正極板時的動能為故C正確；D．因為，根據(jù)可知豎直位移相等，則而小球的動量增量為可知△pA＜△pB＜△pC選項D正確。故選ACD。10、BD【解析】將S斷開，電容器的電量不變，板間場強不變，油滴所受的電場力不變，故油滴仍處于靜止狀態(tài)，故A錯誤；若將A板左移，電容器板間電壓不變，由E=U/d可知，場強E不變，油滴所受的電場力不變，仍處于靜止狀態(tài)．電容器的電容減小，由Q=CU知電容器的電量將減小，放電，則G表中有b→a的電流，故B正確．將A板上移，由E=U/d可知，E變小，油滴所受的電場力減小，將向下加速運動．電容C變小，電量減小，電容器要放電，則有由b→a的電流流過G，故C錯誤；若將S斷開，根據(jù)C=εS4πkd，C=Q/U，E=U/d可得：E=4πkQεS，可知E不變，油滴所受的電場力不變，故油滴仍處于靜止狀態(tài)，由于電路斷開了，則G中無電流，故點睛：本題是電容器動態(tài)變化分析問題．含有電容器的電路，只有在電容器充電或放電的過程有電流，而分析電容器充放電要根據(jù)分析電容和電壓的變化來確定．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)5(2)3(2)1【解析】

電壓表中靈敏電流計與大電阻串聯(lián)；電流表中靈敏電流計與小電阻并聯(lián)；歐姆表中利用內部電源供電，根據(jù)閉合電路歐姆定律可計算出待測電阻的阻值；【詳解】多用電阻若測電壓，應讓表頭與電阻串聯(lián)；由圖可知，與電阻串聯(lián)的接法只有5或4；欲選擇電壓檔大量程時，應將功能鍵置于5位置；要用表頭測電阻，則內電路中應有電源，由圖可知，只有接3時才能測電阻；測電流時應使表頭與電阻并聯(lián)，由接1或2時可以用來測電流；接1時，R2與表頭串聯(lián)后再與R1并聯(lián)，因此R1相對于表頭及串聯(lián)電阻更要小，故測量的量程更大．12、2.1500.42【解析】

螺旋測微器讀數(shù)為：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；量程為0.6A的電流表最小刻度為0.02A，則讀數(shù)為：0.42A；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）-136.5V（2）3.9×10-2V/m【解析】（1）電子做類平拋運動，將vB分解為水平速度v0和豎直速度vy，vA=vBcos60°

所以：vB=2vA=2×4×106=8×106m/s

設A、B兩點間的電勢差為UAB，根據(jù)動能定理：

所以（2）豎直分速度：vy=v0tan30°

由運動學公式有：vy=at

牛頓第二定律：eE=ma

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聯(lián)立解得：點睛：本題運用動能定理求電勢差，也可以根據(jù)類平拋運動的特點，牛頓第二定律和運動學結合求解．14、（l）2Ω1Ω（2）10V2Ω【解析】試題分析：根據(jù)題意可知R3斷路后，R1直接接到電壓兩端，電壓表測量R1電壓，根據(jù)歐姆定律求出R1的阻值，根據(jù)串聯(lián)分壓可以求出電阻R2的阻值，在R3斷開前后，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式即可求解電動勢和內電阻。（1）R3斷開時，電壓表測量R1電壓，電流表測量電流，根據(jù)歐姆定律可得：R3斷開前R1上電壓為：U1=R1I=4V電壓關系為：U1=U2+U3可得：U2=1V根據(jù)串聯(lián)分壓特點可得：解得：R2=1Ω（2）R3斷開前總電流I1=3A根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：