湖南省長(zhǎng)沙市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題（含答案）

湖南省長(zhǎng)沙市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、選擇題(本題共10小題，單選每題4分，多選每題5分，共44分。其中第1-6題為單選題，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。第7-10題為多選題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)得0分)1．如圖是我們的校園一卡通，在校園內(nèi)將一卡通靠近讀卡器，讀卡器向外發(fā)射某一特定頻率的電磁波，一卡通內(nèi)線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，驅(qū)動(dòng)卡內(nèi)芯片進(jìn)行數(shù)據(jù)處理和傳輸，讀卡器感應(yīng)電路中就會(huì)產(chǎn)生電流，從而識(shí)別卡內(nèi)信息.與圖中具有同一原理最近的是（）A． B．C． D．2．在如圖所示的平行板電容器中，電場(chǎng)強(qiáng)度E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B相互垂直.一帶電粒子(重力不計(jì))從左端以速度v沿虛線(xiàn)射入后做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則該粒子（）A．一定帶正電B．速度v=C．若速度v>ED．若此粒子從右端沿虛線(xiàn)方向進(jìn)入，仍做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)3．如圖所示，粗細(xì)均勻的正六邊形線(xiàn)框abcdef由相同材質(zhì)的導(dǎo)體棒連接而成，頂點(diǎn)a，b用導(dǎo)線(xiàn)與直流電源相連接，正六邊形abcdef處在垂直于框面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，若ab直棒受到的安培力大小為6N，則整個(gè)六邊形線(xiàn)框受到的安培力大小為（）A．7N B．7.2N C．9N D．30N4．如圖甲，把小球安裝在彈簧的一端，彈簧的另一端固定，小球和彈簧穿在光滑的水平桿上。小球做簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)，沿垂直于振動(dòng)方向以速度v勻速拉動(dòng)紙帶，紙帶上可留下痕跡，a、b是紙帶上的兩點(diǎn)，如圖乙所示，不計(jì)一切阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A．t時(shí)間內(nèi)小球的運(yùn)動(dòng)路程為vtB．小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的機(jī)械能守恒C．小球通過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度大于通過(guò)b點(diǎn)時(shí)的速度D．小球通過(guò)a點(diǎn)時(shí)的加速度大于通過(guò)b點(diǎn)時(shí)的加速度5．如圖所示，空間內(nèi)存在四分之一圓形磁場(chǎng)區(qū)域，半徑為R，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，比荷為emA．eBR3m B．2eBR3m C．eBRm6．一束只含兩種頻率的光，照射到底面有涂層的平行均勻玻璃磚上表面后，經(jīng)下表面反射從玻璃磚上表面射出后，光線(xiàn)分為a、b兩束，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．增大從空氣到玻璃的入射角(90°之內(nèi))，a、b光可能在玻璃內(nèi)上表面發(fā)生全反射B．用同一裝置進(jìn)行單色光雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，a光的相鄰亮條紋間距大于b光的相鄰亮條紋間距C．a(chǎn)光的頻率小于b光的頻率D．當(dāng)從同種玻璃射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較小7．如圖，小明做自感現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)時(shí)，連接電路如圖所示，其中L是自感系數(shù)較大、直流電阻不計(jì)的線(xiàn)圈，L1、L2是規(guī)格相同的燈泡，D是理想二極管.則（）A．閉合開(kāi)關(guān)S，L1都逐漸變亮，L2一直不亮B．閉合開(kāi)關(guān)S，L2逐漸變亮，然后亮度不變C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，L1逐漸變暗至熄滅，L2變亮后再與L1同時(shí)熄滅D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，L1逐漸變暗至熄滅，L2一直不亮8．某電磁彈射裝置的簡(jiǎn)化模型如圖所示，線(xiàn)圈固定在水平放置的光滑絕緣桿上，將金屬環(huán)放在線(xiàn)圈左側(cè)。閉合開(kāi)關(guān)時(shí)金屬環(huán)被彈射出去，若（）A．從右向左看，金屬環(huán)中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较駼．將電源正負(fù)極調(diào)換，閉合開(kāi)關(guān)時(shí)金屬環(huán)將向右運(yùn)動(dòng)C．將金屬環(huán)放置在線(xiàn)圈右側(cè)，閉合開(kāi)關(guān)時(shí)金屬環(huán)將向右運(yùn)動(dòng)D．金屬環(huán)不閉合，則閉合開(kāi)關(guān)時(shí)不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)9．如圖所示，兩根等高光滑的14圓弧導(dǎo)軌，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。在導(dǎo)軌頂端右側(cè)連有一阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。現(xiàn)有一根長(zhǎng)度稍長(zhǎng)于導(dǎo)軌間距的金屬棒從導(dǎo)軌最低位置cd開(kāi)始，在外力作用下以初速度vA．通過(guò)R的電流方向由里向外B．通過(guò)R的電流大小在變小C．金屬棒所受安培力一直減小D．外力做的功等于整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱10．如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為0.2kg，且足夠長(zhǎng)的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板的左端無(wú)初速放置一質(zhì)量為0.1kg，電荷量q的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力?，F(xiàn)對(duì)木板施加方向水平向左，大小為0.6N的恒力，g取10m/s2。則（）A．若q=-0.2C，木板和滑塊一起做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做v=10m/s勻速運(yùn)動(dòng)B．若q=+0.2C，滑塊先勻加速到v=6m/s，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做v=10m/s勻速運(yùn)動(dòng)C．若q=-0.2C，木板和滑塊一直以2m/s2做勻加速運(yùn)動(dòng)D．若q=+0.2C，木板先以2m/s2做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，最后做a=3m/s2勻加速運(yùn)動(dòng)二、實(shí)驗(yàn)題(共14分，每空均2分)11．如圖所示，某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌和光電門(mén)“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”。將氣墊導(dǎo)軌放置在水平桌面上，導(dǎo)軌的左端有緩沖裝置，右端固定有彈簧。將滑塊b靜止放于兩光電門(mén)之間，用彈簧將滑塊a彈出?；瑝Ka被彈出后與b發(fā)生碰撞后反彈回來(lái)，b與緩沖裝置相碰后立即停下，測(cè)得滑塊a、b質(zhì)量分別為ma、mb，兩個(gè)滑塊上安裝的擋光片的寬度均為d。（1）實(shí)驗(yàn)中記錄下滑塊b經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)擋光片的擋光時(shí)間為t0，滑塊a第一次、第二次經(jīng)過(guò)光電門(mén)A時(shí)，擋光片的擋光時(shí)間分別為t1、t2，則通過(guò)表達(dá)式可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。物塊a、b的質(zhì)量大小關(guān)系為mamb(填“>”“＜”或“=”)；（2）將滑塊b上的擋光片取下，在兩滑塊a端面粘上輕質(zhì)尼龍拉扣，使兩滑塊碰撞能粘在一起運(yùn)動(dòng)，記錄下滑塊a上擋光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)A的擋光時(shí)間為ta，滑塊a、b粘在一起后擋光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)B的擋光時(shí)間為tb，若兩滑塊的質(zhì)量仍為ma、mb，則驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是。12．某電阻Rx的阻值約為100Ω，現(xiàn)要用如圖所示的電路測(cè)量其阻值，可選器材如下：A電源E(電動(dòng)勢(shì)約3V)；B滑動(dòng)變阻器R1(最大阻值10kΩ)；C滑動(dòng)變阻器R2(最大阻值10Ω)；D電壓表V(量程0~3V，內(nèi)阻為1kΩ)；E電流表A1(量程0~10mA，內(nèi)阻約為1Ω)；F電流表A2(量程0~30mA，內(nèi)阻約為3Ω)；G開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)若干。（1）電流表應(yīng)選擇(填“E”或“F”)；（2）某同學(xué)做實(shí)驗(yàn)的過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)滑動(dòng)變阻器的滑片即便在很大范圍內(nèi)滑動(dòng)，電壓表和電流表的示數(shù)都幾乎為零，不方便獲得多組電壓電流數(shù)據(jù)，于是向你求助。你幫他檢查后發(fā)現(xiàn)器材完好，電路連接無(wú)誤，各接線(xiàn)柱接觸良好。請(qǐng)幫該同學(xué)判斷最有可能存在的問(wèn)題：；（3）為了消除因電表內(nèi)阻造成的系統(tǒng)誤差，測(cè)量時(shí)S2應(yīng)接(填“a”或“b”)。某次測(cè)量中讀得電壓表的示數(shù)為1.60V，電流表的示數(shù)為17.2mA，消除系統(tǒng)誤差之后，算得Rx的阻值為Ω(保留3位有效數(shù)字)。三、計(jì)算題(本題共3個(gè)小題，共42分，要求有必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只有結(jié)果沒(méi)有過(guò)程的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的必須寫(xiě)出數(shù)值和單位)13．如圖所示，水平放置電阻不計(jì)的固定平行軌道，間距L=0.6m，兩端連接電動(dòng)勢(shì)E=12V，內(nèi)阻r=0.5Ω的電源及R=1.5Ω的電阻，一根金屬桿放置于平行導(dǎo)軌上且垂直于兩軌道，其在軌道間的電阻為R0=1Ω，質(zhì)量為m0=0.2kg，軌道與金屬桿接觸良好，絕緣細(xì)線(xiàn)通過(guò)滑輪連接金屬桿及重物，空間中存在一個(gè)垂直于水平面向上的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T，忽略一切摩擦，重力加速度g=10m/s2，求：（1）當(dāng)金屬桿靜止時(shí)，流過(guò)金屬桿的電流大小是多少？重物的質(zhì)量是多少？（2）若金屬桿與軌道間摩擦不能忽略，且動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，若金屬棒能保持靜止，所掛重物的質(zhì)量范圍是多少？14．一質(zhì)量M＝6kg的木板B靜止于光滑水平面上，物塊A質(zhì)量m＝6kg，停在B的左端，質(zhì)量為m0＝1kg的小球用長(zhǎng)為L(zhǎng)＝0.8m的輕繩懸掛在固定點(diǎn)O，將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點(diǎn)與A發(fā)生碰撞后反彈，反彈所能達(dá)到的最大高度為h＝0.2m(相對(duì)于地面，且不考慮B板厚度)，物塊與小球可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。已知A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1(g＝10m/s2)，求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與A碰撞前瞬間小球的速度大?。唬?）小球與A碰撞后瞬間物塊A的速度大小；（3）為使A、B達(dá)到共同速度前A不滑離木板，木板B至少多長(zhǎng)。15．如圖甲所示，xOy平面內(nèi)y軸左側(cè)有寬為L(zhǎng)的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，電場(chǎng)方向平行于y軸向上，勻強(qiáng)電場(chǎng)左側(cè)有一電壓為U的加速電場(chǎng)。一質(zhì)量為m、帶電量為+q的帶電粒子(不計(jì)重力)從A點(diǎn)飄入加速電場(chǎng)，加速后由x軸上的P(-L，0)點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，之后從y軸上的Q(0，L2（1）求粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速度大小v0（2）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E及達(dá)到Q點(diǎn)速度大小；（3）若y軸右側(cè)存在一圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，取磁場(chǎng)垂直紙面向外為正方向。t=T

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】一卡通屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象；則AB都屬于電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象；C是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；D是通電導(dǎo)線(xiàn)在磁場(chǎng)中受力運(yùn)動(dòng)。

故答案為：C。

【分析】熟悉掌握產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件及電磁感應(yīng)在生活中的應(yīng)用。熟悉掌握生活中各現(xiàn)象對(duì)應(yīng)的物理知識(shí)內(nèi)容。2．【答案】B【解析】【解答】AB、帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力Bqv=Eq所以E=Bv對(duì)電性無(wú)要求，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、若速度v>EB，粒子會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，可能會(huì)離開(kāi)復(fù)合場(chǎng)，故C錯(cuò)誤；

D、粒子的運(yùn)動(dòng)方向變成從右端進(jìn)入則電場(chǎng)力方向與洛侖茲力方向一致，不可能做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。3．【答案】B【解析】【解答】設(shè)通過(guò)ab的電流為I，則通過(guò)另外5條邊的電流為15I，總電流為BIL=6N則整個(gè)六邊形線(xiàn)框受到的安培力大小為F=B×故答案為：B。

【分析】確定回路的連接方式，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律確定各導(dǎo)線(xiàn)電流的關(guān)系。根據(jù)左手定則確定線(xiàn)框各邊所受安培力的方向，再根據(jù)矢量合成法則及安培力公式進(jìn)行解答。4．【答案】C【解析】【解答】A、由題意可知紙帶在時(shí)間t內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為vt，而小球運(yùn)動(dòng)的路程不一定為vt，故A錯(cuò)誤；

B、小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的彈力對(duì)小球做功，則小球的機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；

CD、距離平衡位置越近，速度越大，加速度越小，因a點(diǎn)距離平衡位置較近，則小球通過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度大于通過(guò)b點(diǎn)時(shí)的速度，通過(guò)a點(diǎn)時(shí)的加速度小于通過(guò)b點(diǎn)時(shí)的加速度，故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)不是勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。距離平衡位置越近，速度越大，加速度越小。熟悉掌握機(jī)械能守恒的條件及分析方法。5．【答案】B【解析】【解答】電子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

由幾何知識(shí)可知，恰好由A點(diǎn)射出時(shí)，電子軌道半徑r根據(jù)qvB=可得v=電子從D點(diǎn)射出時(shí)的軌道半徑r根據(jù)qv'B=可得v'=則要使電子能從弧AD之間射出，則速度范圍qBR故答案為：B。

【分析】根據(jù)題意確定粒子從AB之間飛出的軌跡的臨界情況，再根據(jù)幾何關(guān)系確定臨界情況下粒子的運(yùn)動(dòng)半徑，再結(jié)合洛倫茲力提供向心力進(jìn)行解答。6．【答案】D【解析】【解答】A、因?yàn)閍、b兩光在上表面的折射角與反射后在上表面的入射角分別相等，由光路可逆性原理可知，光一定能射出，不會(huì)發(fā)生全反射。故A錯(cuò)誤；

BC、根據(jù)光路圖，a光的偏折程度較大，則a光的折射率較大，即n折射率大的頻率大，故f根據(jù)c=λf可知a光波長(zhǎng)短，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx=可知a光的條紋間距小于b光的條紋間距。故BC錯(cuò)誤；

D、根據(jù)臨界角與折射率的關(guān)系sin由于a光的折射率較大，所以a光的臨界角較小。故D正確。

故答案為：D。

【分析】根基幾何關(guān)系確定光線(xiàn)進(jìn)入和射出玻璃時(shí)，光線(xiàn)與玻璃的夾角關(guān)系。再根據(jù)光路的可逆性分析是否發(fā)生全反射。根據(jù)光路圖確定射入時(shí)，兩光線(xiàn)的偏折情況，再根據(jù)折射定律確定折射率的大小關(guān)系。折射率越大，波長(zhǎng)越短。7．【答案】A,C【解析】【解答】AB、閉合開(kāi)關(guān)S，由于線(xiàn)圈L中自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增加，則L1逐漸變亮，但是二極管處于反向截止?fàn)顟B(tài)，則L2一直不亮，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的減小，且電動(dòng)勢(shì)與原來(lái)電流同向，即L相等于電源，與L1、二極管D以及L2組成新的回路，則使得L1逐漸變暗至熄滅，L2變亮后再與L1同時(shí)熄滅，故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：AC。

【分析】閉合開(kāi)關(guān)S，由于線(xiàn)圈L中自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增加，其所在支路的電流逐漸變大。二極管具有單向?qū)щ娦?。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的減小，且電動(dòng)勢(shì)與原來(lái)電流同向，L相等于電源，其所在回路的電流逐漸變小。8．【答案】A,C【解析】【解答】A、閉合開(kāi)關(guān)后，由右手定則可知螺線(xiàn)管的左邊為N極，故穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)方向向左，由于圓環(huán)中磁通量變大，由楞次定律可知，圓環(huán)中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向右，故從右向左看，圓環(huán)中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故A正確；

B、將電源正負(fù)極對(duì)調(diào)，閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，圓環(huán)中的磁通量仍然增加，由楞次定律可知，圓環(huán)仍然向左運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、金屬環(huán)放置在右側(cè)時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)，圓環(huán)中磁通量增加，由楞次定律可知，它將向右運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D、金屬環(huán)不閉合，磁通量變化時(shí)會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，但是沒(méi)有感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤；

故答案為：AC。

【分析】根據(jù)右手定則確定線(xiàn)圈內(nèi)磁場(chǎng)的方向。判斷開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，穿過(guò)圓環(huán)磁場(chǎng)的變化情況，再根據(jù)楞次定律分析圓環(huán)的電流方向及所受安培力方向。熟悉掌握產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流的條件。9．【答案】B,C【解析】【解答】A、根據(jù)右手定則，金屬棒由cd運(yùn)動(dòng)至最高位置ab，通過(guò)R的電流方向由外向里，故A錯(cuò)誤；

B、通過(guò)R的電流大小為I=金屬棒由cd運(yùn)動(dòng)至最高位置ab，金屬棒水平速度逐漸減小，通過(guò)R的電流大小逐漸減小，故B正確；

C、金屬棒所受安培力為F=BIL=金屬棒由cd運(yùn)動(dòng)至最高位置ab，金屬棒水平速度逐漸減小，金屬棒所受安培力一直減小，故C正確；

D、根據(jù)動(dòng)能定理，外力做的功等于整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱與金屬棒增加的重力勢(shì)能之和，故D錯(cuò)誤。

故答案為：BC。

【分析】根據(jù)右手定則確定金屬棒切割磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向。根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解確定金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程在垂直磁場(chǎng)方向速度的變化情況。再根據(jù)電磁感應(yīng)定律定律及歐姆定律分析金屬棒電流及安培力的變化情況。確定系統(tǒng)中各能量的變化情況，繼而確定外力做功情況。10．【答案】B,C,D【解析】【解答】AC、若q=-0.2C，滑塊受到的洛倫茲力方向向下，對(duì)整體，加速度a=即木板和滑塊一直以2m/s2做勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，C正確；

B、若q=+0.2C，以滑塊為研究對(duì)象，在滑塊未發(fā)生滑動(dòng)之前，以整體為研究對(duì)象可知a=設(shè)勻加速階段滑塊能達(dá)到的速度為v，故有μ解得v=6隨著滑塊速度增大，洛倫茲力增大且方向向上，受到的摩擦力減小，加速度減小，當(dāng)滑塊與木板間沒(méi)有摩擦力時(shí)，滑塊在水平方向不再加速，達(dá)到最大速度，此時(shí)重力與洛倫茲力平衡，故有Bq解得v此后滑塊勻速運(yùn)動(dòng)，故B正確；

D、若q=+0.2C，木板先以2m/s2做勻加速運(yùn)動(dòng)，隨著隨著滑塊速度增大，洛倫茲力增大且方向向上，木板與滑塊間的摩擦力減小，則木塊加速度增大，當(dāng)它們間無(wú)摩擦力時(shí)，木板加速度a故D正確。

故答案為：BCD。

【分析】根據(jù)左手定則判斷運(yùn)動(dòng)過(guò)程中滑塊所受洛倫茲力的方向。根據(jù)整體法及隔離法確定滑塊與木板恰好相對(duì)靜止時(shí)，確定根據(jù)洛倫茲力的方向和大小及此時(shí)兩者的速度。再根據(jù)牛頓第二定律及洛倫茲力公式結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式分析不同情況下兩者的運(yùn)動(dòng)情況。11．【答案】（1）ma（2）m【解析】【解答】（1）滑塊b碰后的速度v滑塊a碰前的速度v滑塊a碰后彈回的速度v要驗(yàn)證的關(guān)系是m代入整理得m因a碰后反彈，則物塊a、b的質(zhì)量大小關(guān)系為m（2）滑塊a經(jīng)過(guò)光電門(mén)A的速度v兩滑塊粘在一起后經(jīng)過(guò)光電門(mén)B時(shí)的速度v要驗(yàn)證的關(guān)系是m代入整理得m【分析】根據(jù)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該段時(shí)間內(nèi)的平均速度，確定滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度。再根據(jù)動(dòng)能守恒定律的條件聯(lián)立推導(dǎo)得出關(guān)系式，注意規(guī)定正方向。12．【答案】（1）F（2）滑動(dòng)變阻器的規(guī)格選擇錯(cuò)誤，應(yīng)該選用最大阻值為10Ω的滑動(dòng)變阻器。（3）b；103【解析】【解答】（1）Rx兩端的最大電壓在3V左右，通過(guò)其最大電流約為I故電流表應(yīng)選擇F。

（2）無(wú)論如何滑動(dòng)滑片，電壓表和電流表的示數(shù)都幾乎為零，在電路無(wú)故障的情況下，說(shuō)明Rx所在支路分得的電壓過(guò)小，所以存在的問(wèn)題是滑動(dòng)變阻器選擇了最大阻值較大的R1。解決該問(wèn)題的方法是將滑動(dòng)變阻器換為最大阻值較小的R2。

（3）由于已經(jīng)給出電壓表內(nèi)阻的準(zhǔn)確值，故可以通過(guò)電流表的讀數(shù)、電壓表的讀數(shù)和內(nèi)阻來(lái)準(zhǔn)確計(jì)算通過(guò)Rx的電流，從而消除系統(tǒng)誤差，因此測(cè)量時(shí)S2應(yīng)接b。

根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律和歐姆定律可得消除系統(tǒng)誤差后的Rx的阻值為R【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法時(shí)，應(yīng)選擇最大阻值較小的。如果選用的滑動(dòng)變阻器最大阻值很大，那么即使滑片在很大的范圍內(nèi)滑動(dòng)，分支電路獲得的分壓也會(huì)很小，不利于獲得多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。13．【答案】（1）解：當(dāng)金屬桿靜止時(shí)，流過(guò)金屬桿的電流大小是I=E金屬桿受到的安培力為F=BIL，由左手定則可知，安培力方向向左，若金屬桿能保持靜止，則mg=F，解得m=0.24kg。（2）解：若金屬桿與軌道間摩擦不能忽略，最大靜摩擦力為f=μ摩擦力向左時(shí)，有m1摩擦力向右時(shí)，有m2所掛重物的質(zhì)量范圍是0.14kg≤m≤0.34kg。【解析】【分析】（1）根據(jù)閉合電路的歐姆定律確定靜止時(shí)電路中的電流大小，根據(jù)左手定則確定金屬桿所受安培力的方向。對(duì)金屬桿進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件及安培力公式進(jìn)行解答；

（2）由于摩擦力的方向不確定，故需根據(jù)摩擦力的方向進(jìn)行分類(lèi)討論，當(dāng)金屬桿與軌道的摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，重物的質(zhì)量達(dá)到最大值。再根據(jù)根據(jù)摩擦力方向的不同，對(duì)金屬桿運(yùn)用平衡條件結(jié)合題意進(jìn)行解答。14．【答案】（1）解：小球下擺過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得：m0代入數(shù)據(jù)解得：v0（2）解：小球反彈過(guò)程機(jī)械能守恒有m解得：v1小球與A碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以小球的初速度方向?yàn)檎较蛴蓜?dòng)量守恒定律有：m0代入數(shù)據(jù)得vA（3）解