2025年1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理仿真模擬卷02（全解全析）

2025年1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理仿真模擬卷02姓名:__________準(zhǔn)考證號(hào):__________本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共12頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁?1.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)的區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4.可能用到的相關(guān)參數(shù):重力加速度g均取10m/s2。5.難度系數(shù)：0.65第Ⅰ卷一、選擇題Ⅰ(本題共13小題,每小題3分,共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的,不選、多選、錯(cuò)選均不得分)1．公元前4世紀(jì)末，我國的《墨經(jīng)》中提到“力，形之所以奮也”，意為力是使有形之物突進(jìn)或加速運(yùn)動(dòng)的原因。力的單位用國際單位制的基本單位符號(hào)來表示，正確的是（）A． B． C． D．【答案】B【詳解】AB．根據(jù)牛頓第二定律的表達(dá)式可知力的單位為，A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)壓強(qiáng)的表達(dá)式可知力的單位可知力的單位為，但壓強(qiáng)單位Pa不是國際單位制的基本單位，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)做功的表達(dá)式可知力的單位為，并且功的單位J不是國際單位制的基本單位，D錯(cuò)誤。故選B。2．地鐵是一種“綠色”的公共交通工具。如圖，某次地鐵上連接左側(cè)圓環(huán)的拉繩呈豎直狀態(tài)，人拉著的右側(cè)圓環(huán)的拉繩與豎直方向成一定角度，且處于繃緊狀態(tài)，人與地鐵車廂保持相對(duì)靜止。下列說法正確的是（）A．由左側(cè)拉繩的狀態(tài)可知地鐵車廂處于靜止?fàn)顟B(tài)B．由右側(cè)拉繩的狀態(tài)可知地鐵車廂可能正在向右加速C．人對(duì)圓環(huán)的拉力小于圓環(huán)對(duì)人的拉力D．人受到車廂地面水平向左的摩擦力作用【答案】D【詳解】AB．分析左側(cè)圓環(huán)可知，左側(cè)圓環(huán)所受的重力（豎直向下）與拉繩對(duì)它的拉力（豎直向上）平衡，圓環(huán)所受合外力為零，處于平衡狀態(tài)，可能為靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，表明車廂可能處在靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；C．由牛頓第三定律可知：人對(duì)圓環(huán)的拉力大小等于圓環(huán)對(duì)人的拉力大小，故C錯(cuò)誤；D．以人和右側(cè)圓環(huán)為研究對(duì)象，由題可知人拉著圓環(huán)與地鐵車廂保持相對(duì)靜止，即人和圓環(huán)處于平衡狀態(tài)，由于它們受到拉繩斜向右上方的拉力，該拉力產(chǎn)生水平向右的分力，表明人受到車廂地面水平向左的靜摩擦力作用，故D正確。故選D。3．大同市永泰門的音樂噴泉，為南城墻的城門廣場增加了吸引力和活力。已知噴泉豎直噴射時(shí)，能噴射的最大高度為31.25m。若噴頭方向與水平方向夾角為，不計(jì)噴頭高度和空氣阻力，重力加速度取，則噴出的水落地時(shí)到噴頭的距離為（）A．62.5m B．25m C．125m D．150m【答案】A【詳解】噴泉豎直噴射的最大高度為31.25m，由，得，設(shè)噴頭與水平方向夾角為，則射程，，聯(lián)立得，當(dāng)夾角為，為62.5m故選A。4．2024年10月3日，期刊上發(fā)表了中國科學(xué)院近代物理研究所的研究成果：研究團(tuán)隊(duì)合成新核素钚，并測量了該新核素的半衰期。已知钚的衰變方程為，下列說法正確的是（）A．10個(gè)钚原子核經(jīng)過一個(gè)半衰期后還剩余5個(gè)B．钚原子核發(fā)生的是衰變C．钚原子核發(fā)生衰變時(shí)需要吸收能量D．原子核的比結(jié)合能比原子核的比結(jié)合能大【答案】B【詳解】A．半衰期是大量粒子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，10個(gè)钚-227經(jīng)過一個(gè)半衰期不一定還剩余5個(gè)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，可知Y的質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，可知Y為α粒子，則钚-227發(fā)生的是α衰變，B正確；CD．钚-227衰變的過程中是釋放能量的，比結(jié)合能增大，的比結(jié)合能比的比結(jié)合能小，CD錯(cuò)誤。故選B。5．嫦娥三號(hào)探測器是我國第一個(gè)實(shí)現(xiàn)月球軟著陸的無人登月探測器，由月球軟著陸探測器和月面巡視探測器組成。嫦娥三號(hào)探測器從環(huán)月圓軌道變軌到橢圓軌道，為下一步月面軟著陸做準(zhǔn)備，其軌跡如圖所示。已知嫦娥三號(hào)探測器在環(huán)月圓軌道上的周期為T，引力常量為G，地球表面的重力加速度為g，環(huán)月圓軌道距離月球表面的高度為r，月球半徑為R，則下列說法正確的是（）A．月球的質(zhì)量為B．若在環(huán)月圓軌道上的嫦娥三號(hào)探測器要返回到地球，則需減速C．若在環(huán)月橢圓軌道上的嫦娥三號(hào)探測器要降落到月球表面，則需減速D．忽略月球的自轉(zhuǎn)，月球的平均密度為【答案】C【詳解】A．月球?qū)︽隙鹑?hào)探測器的萬有引力提供向心力，則有，可得，故A錯(cuò)誤；B．在環(huán)月圓軌道上的嫦娥三號(hào)探測器要想回到地球，必須加速做離心運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．在環(huán)月橢圓軌道上的嫦娥三號(hào)探測器要想降落到月球表面，則應(yīng)該減速做向心運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．物體在月球表面上有，可得，又，聯(lián)立解得，為月球表面的重力加速度，故D錯(cuò)誤。故選C。6．近幾年具有健康、活力、激情標(biāo)簽的滑雪運(yùn)動(dòng)備受青睞，滑雪場地也成為了越來越多人的冬游之選。如圖所示，某滑雪場打算在一坡度約為的滑道邊上安裝一條100m的長直“魔毯”來運(yùn)送滑雪者上山，“魔毯”的額定功率為，其表面與其他物品的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.75，“魔毯”始終勻速運(yùn)行?！澳骸辟|(zhì)量不計(jì)，忽略“魔毯”與冰面的摩擦和其他機(jī)械摩擦。（攜帶裝備的成年人平均質(zhì)量約為?。ǎ〢．一個(gè)成年人上山過程中克服重力做功B．一個(gè)成年人上山過程中克服摩擦力做功C．若同時(shí)承運(yùn)100個(gè)成年人，則其最大運(yùn)行速度約為D．若“魔毯”以速度運(yùn)行，則最多可以同時(shí)承運(yùn)50個(gè)成年人【答案】C【詳解】A．一個(gè)成年人上山過程中克服重力做功為，故A錯(cuò)誤；B．一個(gè)成年人上山過程中，摩擦力做正功，不是克服摩擦力做功，則靜摩擦力做的功為，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)“魔毯”上同時(shí)承運(yùn)n=100人時(shí)，有，，由牛頓第三定律，對(duì)“魔毯”有“魔毯”正常工作時(shí)，有，可得，故C正確；D．同理可得，若“魔毯”以1m/s速度運(yùn)行，由可得，代入數(shù)據(jù)解得，則最多可以同時(shí)承運(yùn)200個(gè)成年人，故D錯(cuò)誤。故選C。7．在如圖所示的電路中，電介質(zhì)板與被測量的物體A相連，當(dāng)電介質(zhì)向左或向右移動(dòng)時(shí)，通過相關(guān)參量的變化可以將A定位。開始時(shí)單刀雙擲開關(guān)接1，一段時(shí)間后將單刀雙擲開關(guān)接2。則下列說法正確的是（）A．開關(guān)接1時(shí)，x增大，平行板電容器的電荷量增大B．開關(guān)接1時(shí)，x減小，電路中的電流沿順時(shí)針方向C．開關(guān)接2時(shí)，x減小，靜電計(jì)的指針偏角增大D．開關(guān)接2時(shí)，x增大，平行板間的電場強(qiáng)度不變【答案】B【詳解】AB．開關(guān)接1時(shí)，平行板間的電壓不變。當(dāng)x增大時(shí)，電介質(zhì)常數(shù)減小，由公式，可知電容器的電容減小，又由，知平行板電容器的電荷量減??；同理當(dāng)減小時(shí)，電容器的電容增大，電荷量增大，電容器充電，由電路圖可知，電路中的電流沿順時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．開關(guān)接2時(shí)，電容器所帶的電荷量保持不變。，當(dāng)x減小時(shí)，電容器的電容增大，由公式，可知兩極板的電勢差減小，則靜電計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)角度減?。煌懋?dāng)x增大時(shí)，由電容器兩極板的電勢差增大，由，可知平行板間的電場強(qiáng)度增大，故CD錯(cuò)誤。故選B。8．一種光電煙霧報(bào)警器的結(jié)構(gòu)和原理如圖1和圖2所示，光源S向外發(fā)射某一特定頻率的光束，發(fā)生火情時(shí)有煙霧進(jìn)入報(bào)警器內(nèi)，由于煙霧對(duì)光的散射作用，會(huì)使部分光改變方向進(jìn)入光電管C從而發(fā)生光電效應(yīng)，于是有電流輸入報(bào)警系統(tǒng)，當(dāng)光電流大于I0時(shí)，便會(huì)報(bào)警，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P處于圖2所示位置，煙霧報(bào)警器恰好報(bào)警，則（）A．將圖2中電源的正負(fù)極反接，光電子的最大初動(dòng)能將減小B．僅將滑片P向右移動(dòng)少許，可以解除報(bào)警C．僅降低光源S發(fā)出光的強(qiáng)度，可以解除報(bào)警D．單位時(shí)間內(nèi)進(jìn)入光電管的光子數(shù)為時(shí)，報(bào)警器一定會(huì)報(bào)警【答案】C【詳解】A．圖2中光電管兩端加的是正向電壓，若正負(fù)極反接則光電管兩端加負(fù)向電壓，根據(jù)光電效應(yīng)方程,可知，光電子的最大初動(dòng)能不變，故A錯(cuò)誤；B．僅將滑片P向右移動(dòng)少許，則正向電壓增大，根據(jù)光電流與電壓的關(guān)系，光照強(qiáng)度一定時(shí)，隨著正向電壓增大，光電流增大，但當(dāng)光電流達(dá)到飽和電流時(shí)，正向電壓增大，飽和電流不變，不一定解除報(bào)警，故B錯(cuò)誤；C．僅降低光源S發(fā)出光的強(qiáng)度，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，光電子的最大初動(dòng)能不變，則單位時(shí)間內(nèi)光電管接收到的光子個(gè)數(shù)減少，光電流減小，可以解除報(bào)警，故C正確；D．單位時(shí)間內(nèi)進(jìn)入光電管的光子數(shù)為時(shí)，但是可能受到兩端電壓的限制，在陰極產(chǎn)生的光電子不一定全部到達(dá)A極，所以不一定能讓報(bào)警系統(tǒng)的電流達(dá)到I0，不一定能觸發(fā)報(bào)警，故D錯(cuò)誤。故選C。9．如圖是汽車打火時(shí)火花塞產(chǎn)生電火花的原理簡圖，扭動(dòng)汽車鑰匙打火，開關(guān)不停地閉合斷開，打火線圈次級(jí)繞組產(chǎn)生的瞬時(shí)高電壓使火花塞產(chǎn)生電火花，點(diǎn)燃?xì)飧字械目扇蓟旌蠚?，下列說法正確的是（）A．汽車打火并控制電火花點(diǎn)火的主要原理是自感B．?dāng)嚅_開關(guān)的瞬間，火花塞會(huì)產(chǎn)生電火花C．打火線圈中的初級(jí)繞組匝數(shù)可能大于次級(jí)繞組匝數(shù)D．?dāng)嚅_開關(guān)的瞬間，次級(jí)繞組中的電能轉(zhuǎn)化為磁場能【答案】B【詳解】A．汽車打火并控制電火花點(diǎn)火的主要原理是互感，故A錯(cuò)誤；B．?dāng)嚅_開關(guān)的瞬間，初級(jí)繞組的電流發(fā)生變化，次級(jí)繞組可產(chǎn)生高電壓，火花塞會(huì)產(chǎn)生電火花，故B正確；C．根據(jù)變壓器電壓比等于匝數(shù)比,為了使次級(jí)繞組產(chǎn)生高電壓，次級(jí)繞組匝數(shù)一定大于初級(jí)繞組匝數(shù)，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)嚅_開關(guān)的瞬間，初級(jí)繞組電流產(chǎn)生的磁場能轉(zhuǎn)化為次級(jí)繞組中的電能，故D錯(cuò)誤。故選B。10．直流電動(dòng)機(jī)在生活生產(chǎn)中有廣泛的應(yīng)用，其主要結(jié)構(gòu)為兩部分：定子和轉(zhuǎn)子，其中定子包括：主磁極、機(jī)座、轉(zhuǎn)向器、電刷等；轉(zhuǎn)子包括：電樞鐵芯、電樞繞組等。如圖所示是電動(dòng)機(jī)提升重物的示意圖，已知電源電動(dòng)勢，內(nèi)阻，電阻。閉合開關(guān)S，發(fā)現(xiàn)電動(dòng)機(jī)被卡死，此時(shí)電壓表的示數(shù)為，立即關(guān)閉電源。清除故障后重新閉合開關(guān)，當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表的示數(shù)為，重力加速度，下列說法正確的是（）A．電動(dòng)機(jī)內(nèi)部線圈的電阻為B．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)線圈電阻的熱功率為C．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)電源的效率約為D．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)將一個(gè)質(zhì)量為重物由靜止吊起，則重物的最大速度為【答案】B【詳解】A．電動(dòng)機(jī)被卡住時(shí)，相當(dāng)于純電阻，電源內(nèi)電壓，電路電流，由閉合電路歐姆定律可得電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻為，故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電源內(nèi)電壓，電路電流，電動(dòng)機(jī)線圈電阻的熱功率為，故B正確；C．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電源的效率為，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)重物速度最大時(shí)，拉力，電動(dòng)機(jī)的輸出功率，由，可得重物的最大速度為，故D錯(cuò)誤。故選B。11．如圖所示，將圓柱形鋁塊放入真空冶煉爐中。冶煉爐中磁場是均勻分布的；鋁塊可視為由橫截面積相同、半徑大小不同的鋁環(huán)拼在一起組成。下列說法正確的有（）A．環(huán)中電流的大小與環(huán)半徑的二次方成正比B．環(huán)中電功率的大小與環(huán)半徑的三次方成正比C．相同時(shí)間內(nèi)環(huán)中產(chǎn)生的熱量與環(huán)半徑的四次方成正比D．若將鋁塊換成電阻率更小的銅塊，則相同橫截面積、相同半徑的銅環(huán)發(fā)熱功率更小【答案】B【詳解】A．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，所以環(huán)中電流的大小為，即環(huán)中電流的大小與環(huán)半徑成正比，故A錯(cuò)誤；BD．環(huán)中電功率的大小為，即環(huán)中電功率的大小與環(huán)半徑的三次方成正比，若將鋁塊換成電阻率更小的銅塊，則相同橫截面積、相同半徑的銅環(huán)發(fā)熱功率更大，故B正確，D錯(cuò)誤；C．相同時(shí)間內(nèi)環(huán)中產(chǎn)生的熱量為，即相同時(shí)間內(nèi)環(huán)中產(chǎn)生的熱量與環(huán)半徑的三次方成正比，故C錯(cuò)誤。故選B。12．物理學(xué)中有很多關(guān)于圓盤的實(shí)驗(yàn)，第一個(gè)是法拉第圓盤，圓盤全部處于磁場區(qū)域，可繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)，通過導(dǎo)線將圓盤圓心和邊緣與外面電阻相連。第二個(gè)是阿拉果圓盤，將一銅圓盤水平放置，圓盤可繞中心軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)，在其中心正上方用柔軟細(xì)線懸掛一枚可以自由旋轉(zhuǎn)的磁針，第三個(gè)是費(fèi)曼圓盤，一塊水平放置的絕緣體圓盤可繞過其中心的豎直軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓盤的中部有一個(gè)線圈，圓盤的邊緣固定著若干帶負(fù)電的金屬小球。以下說法正確的是（）A．法拉第圓盤在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中（俯視，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)），雖然圓盤中磁通量不變，但會(huì)有自上而下的電流流過電阻RB．阿拉果圓盤實(shí)驗(yàn)中，轉(zhuǎn)動(dòng)圓盤，小磁針會(huì)同向轉(zhuǎn)動(dòng)，反之，轉(zhuǎn)動(dòng)小磁針，圓盤則不動(dòng)C．費(fèi)曼圓盤中，當(dāng)開關(guān)閉合的一瞬間，圓盤會(huì)順時(shí)針（俯視）轉(zhuǎn)動(dòng)D．法拉第圓盤和阿拉果圓盤都是電磁驅(qū)動(dòng)的表現(xiàn)【答案】C【詳解】A．法拉第圓盤在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中（俯視，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)），雖然圓盤中磁通量不變，但可認(rèn)為是每條半徑切割磁感線，由右手定則可知，會(huì)有自下而上的電流流過電阻R，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．阿拉果圓盤實(shí)驗(yàn)中，轉(zhuǎn)動(dòng)圓盤或小磁針，都產(chǎn)生感應(yīng)電流，因安培力的作用，另個(gè)物體也會(huì)跟著同向轉(zhuǎn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．線圈接通電源瞬間，則變化的磁場產(chǎn)生感生電場，從而導(dǎo)致帶電小球受到電場力，使其轉(zhuǎn)動(dòng)，接通電源瞬間圓板受到電場力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)，由于金屬小球帶負(fù)電，再根據(jù)電磁場理論可知，產(chǎn)生逆時(shí)針方向的電場，負(fù)電荷受到的電場力與電場方向相反，則有順時(shí)針電場力，圓盤會(huì)順時(shí)針（俯視）轉(zhuǎn)動(dòng)，故C正確；D．如果磁場相對(duì)于導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)，在導(dǎo)體中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流使導(dǎo)體受到安培力的作用，安培力使導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)起來，這種作用就是電磁驅(qū)動(dòng)，顯然法拉第圓盤是機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能的過程，并不是電磁驅(qū)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C。13．1909年密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測得電子的電荷量，因此獲得1923年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖。兩塊水平放置相距為d的金屬板A、B分別與電源正、負(fù)兩極相接，從A板上小孔進(jìn)入兩板間的油滴因摩擦帶上一定的電荷量。兩金屬板間未加電壓時(shí)，通過顯微鏡觀察到某帶電油滴P以速度大小豎直向下勻速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)油滴P經(jīng)過板間M點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）時(shí)金屬板加上電壓U，經(jīng)過一段時(shí)間，發(fā)現(xiàn)油滴P恰以速度大小豎直向上勻速經(jīng)過M點(diǎn)。已知油滴運(yùn)動(dòng)時(shí)所受空氣阻力大小為，其中k為比例系數(shù)，v為油滴運(yùn)動(dòng)速率，r為油滴的半徑，不計(jì)空氣浮力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．油滴P兩次經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)速度、大小相等B．油滴P所帶電荷量的值為C．油滴P先后兩次經(jīng)過M點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為D．從金屬板加上電壓到油滴向上勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，油滴P的加速度先增大后減小【答案】C【詳解】A．油滴P兩次經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)重力與電場力做功均為0，阻力做負(fù)功，所以，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)油滴P所帶電荷量的值為q，沒有加電壓時(shí)，根據(jù)平衡條件可得，施加電壓后勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)平衡條件可得，解得，故B錯(cuò)誤；C．油滴經(jīng)過M點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)到速度為零過程中，取向上為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理可得，油滴從速度為零到達(dá)到M點(diǎn)的過程中，根據(jù)動(dòng)量定理可得，其中，，，解得油滴先后兩次經(jīng)過M點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為，故C正確；D．從金屬板加上電壓到油滴速度減為零的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得，隨著速度的減小，加速度逐漸減?。挥偷蜗蛏霞铀龠\(yùn)動(dòng)到的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得，隨著速度的增大，加速度逐漸減小；綜上所述，從金屬板加上電壓到油滴向上勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，油滴的加速度一直減小，故D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題Ⅱ(本題共2小題,每小題3分,共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分,選對(duì)但不全的得2分,有選錯(cuò)的得0分)14．下列說法正確的是（

）A．動(dòng)量守恒定律由牛頓力學(xué)推導(dǎo)得到，因此微觀領(lǐng)域動(dòng)量守恒定律不適用B．非晶體沿各個(gè)方向的物理性質(zhì)都是一樣的，具有各向同性C．食鹽被灼燒時(shí)發(fā)的光主要是由鈉原子從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的D．光電效應(yīng)、黑體輻射、物質(zhì)波等理論均與普朗克常量有關(guān)【答案】BD【詳解】A．動(dòng)量守恒定律雖然由牛頓力學(xué)推導(dǎo)得到，但動(dòng)量守恒定律在宏觀與微觀與領(lǐng)域均適用，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)晶體與非晶體的特征，非晶體沿各個(gè)方向的物理性質(zhì)都是一樣的，具有各向同性，故B正確；C．食鹽被灼燒時(shí)發(fā)的光主要是由鈉原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)粒子性與波動(dòng)性的規(guī)律可知，光電效應(yīng)、黑體輻射、物質(zhì)波等理論均與普朗克常量有關(guān)，故D正確。故選BD。15．如圖甲所示的“笑臉彈簧小人”由頭部、彈簧及底部組成，將彈簧小人靜置于桌面上，輕壓頭部后靜止釋放，小人不停上下振動(dòng)，非常有趣。可將其抽象成如圖乙所示的模型，頭部質(zhì)量為，彈簧質(zhì)量不計(jì)，勁度系數(shù)為，底部質(zhì)量為。已知當(dāng)彈簧形變量為時(shí)，其彈性勢能，不計(jì)一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則下列判斷中正確的是(

)A．將彈簧小人靜置于桌面上，輕壓頭部后靜止釋放，底部不離開桌面，下壓最大距離為B．將彈簧小人靜置于桌面上，輕壓頭部后靜止釋放，底部不離開桌面壓力做功最大值為C．若彈簧小人在振動(dòng)過程中底部恰好不離開桌面，則彈簧的最大彈性勢能為D．若剛釋放時(shí)頭部的加速度大小為，則小人在運(yùn)動(dòng)過程中頭部的最大速度為【答案】AC【詳解】A．靜置于桌面的彈簧小人，彈簧壓縮量為，則，輕壓頭部后做簡諧運(yùn)動(dòng)，底部不離開桌面，彈簧的最大伸長量為，則，最大振幅為，則，故下壓最大距離為，A項(xiàng)正確；B．從平衡位置緩慢下壓時(shí)最大壓力為，有，解得，壓力做功最大值為，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．彈簧的最大壓縮量為，則彈簧的最大彈性勢能為，C項(xiàng)正確；D．若剛釋放時(shí)頭部的加速度大小為，設(shè)彈簧的壓縮量為，則，得，頭部往上運(yùn)動(dòng)至彈簧壓縮量為時(shí)頭部速度最大，則，得，D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選AC。第Ⅱ卷三、實(shí)驗(yàn)題：本題共1小題，共14分。16-Ⅰ．利用手機(jī)內(nèi)置加速度傳感器可實(shí)時(shí)顯示手機(jī)加速度的數(shù)值。小明通過智能手機(jī)探究加速度與合外力的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。（1）輕彈簧上端固定，下端與手機(jī)相連接，手機(jī)下端通過細(xì)繩懸掛小桶；（2）開始時(shí)，小桶內(nèi)裝有砝碼，整個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)；（3）突然剪斷細(xì)繩，通過手機(jī)軟件記錄豎直方向加速度a隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)的加速度對(duì)應(yīng)圖中的（選填“A”“B”或“C”）點(diǎn)；（4）剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)受到的合力大小F等于()A．砝碼的重力大小

B．小桶和砝碼的重力大小C．手機(jī)的重力大小

D．彈簧對(duì)手機(jī)的拉力大小（5）如圖丙所示，某同學(xué)在處理數(shù)據(jù)時(shí)，以剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)豎直方向上的加速度a為縱坐標(biāo)，砝碼質(zhì)量m為橫坐標(biāo)，繪制a?m圖像，獲得一條斜率為k，截距為b的直線，則可推算出手機(jī)的質(zhì)量為（選用k、b、g表示）?！敬鸢浮緼（1分）B（1分）（2分）【詳解】（3）[1]前面的數(shù)據(jù)波動(dòng)是保持平衡時(shí)的輕微擾動(dòng)，后續(xù)的數(shù)據(jù)波動(dòng)是因?yàn)槭謾C(jī)在做（近似）簡諧運(yùn)動(dòng)，故第一個(gè)峰值即為我們要的繩子被剪斷時(shí)的瞬時(shí)加速度，即剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)的加速度對(duì)應(yīng)圖中的A點(diǎn)；（4）[2]剪斷細(xì)繩瞬間，彈簧的彈力大小不變，手機(jī)受到的合力大小F等于小桶和砝碼的重力大小。故選B。（5）[3]繩子剪斷前，設(shè)彈力為F，小桶的質(zhì)量為m0，手機(jī)的質(zhì)量為M，對(duì)手機(jī)由平衡條件可得，繩子剪斷后，對(duì)手機(jī)由牛頓第二定律可得，聯(lián)立可得，可得，a?m圖像的斜率為，解得手機(jī)的質(zhì)量為16-Ⅱ．某科創(chuàng)小組基于校園安全在實(shí)驗(yàn)室里設(shè)計(jì)了一個(gè)火災(zāi)報(bào)警滅火系統(tǒng)，其控制電路由NTC熱敏電阻、電阻箱、電動(dòng)機(jī)、報(bào)警器、半導(dǎo)體控制元件、電源、開關(guān)和導(dǎo)線等構(gòu)成。當(dāng)發(fā)生火災(zāi)時(shí)，環(huán)境溫度升高到一定程度后，報(bào)警器報(bào)警，電動(dòng)機(jī)開始工作，模擬抽水滅火。(1)該小組選擇多用電表電阻“×10”擋進(jìn)行不同溫度下NTC熱敏電阻阻值的粗略測量，發(fā)現(xiàn)阻值隨溫度在范圍內(nèi)變化。表盤指針如圖（a）所示時(shí)，熱敏電阻阻值為。

(2)為精確測量不同溫度下熱敏電阻的阻值，可利用的實(shí)驗(yàn)器材有：電流表A（量程0~30mA，內(nèi)阻約）；電壓表V（量程0~3V，內(nèi)阻約）；滑動(dòng)變阻器R（）；電源（電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻不計(jì)），開關(guān)及導(dǎo)線若干。請(qǐng)?jiān)诖痤}卡上將虛線框中所示的器材符號(hào)連線，畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。連接電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)后，小組根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出三個(gè)不同熱敏元件阻值隨溫度t變化的圖像如圖（b）所示。(3)火災(zāi)報(bào)警滅火控制電路中為熱敏電阻，為電阻箱，M為電動(dòng)機(jī)，VT為具有三個(gè)接線柱b、c、e的控制元件。當(dāng)be間的電勢差時(shí)，b、c、e與VT連接的三條線路均處于斷開狀態(tài)；當(dāng)時(shí)，三條線路均能導(dǎo)通。以下電路圖符合實(shí)驗(yàn)要求的是______（填正確圖像對(duì)應(yīng)的標(biāo)號(hào)）。A．

B．

C．

D．

(4)該小組使用了圖（b）中的Ⅰ作為熱敏元件，在確保電路安全的前提下，若要適當(dāng)提高工作電路的靈敏度（即在更低一點(diǎn)的溫度下實(shí)現(xiàn)報(bào)警滅火），請(qǐng)?zhí)岢鰞蓷l可行的具體措施：①將熱敏元件換為圖（b）中的（填Ⅱ或Ⅲ）；②?！敬鸢浮?1)190（1分）(2)

（3分）(3)B（1分）(4)Ⅲ（1分）將電阻箱接入電路的阻值適當(dāng)增大，將一定值電阻與熱敏電阻并聯(lián)（1分）【詳解】（1）熱敏電阻阻值為（2）滑動(dòng)變阻器的最大阻值遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于熱敏電阻阻值，所以用分壓式連接，由于電流表采取內(nèi)接法，電路原理圖如圖

（3）AC．由題意，當(dāng)be間的電勢差時(shí)，b、c、e與VT連接的三條線路均處于斷開狀態(tài)；當(dāng)時(shí)，三條線路均能導(dǎo)通。即b點(diǎn)電勢高于e點(diǎn)電勢，選項(xiàng)AC中b點(diǎn)電勢低于e點(diǎn)電勢，故AC錯(cuò)誤；BD．當(dāng)發(fā)生火災(zāi)時(shí)，溫度升高，熱敏電阻的阻值減小，熱敏電阻兩端電壓減小，則兩端電壓增大，當(dāng)時(shí)，三條線路均能導(dǎo)通，故B正確，D錯(cuò)誤。故選B。（4）若要適當(dāng)提高工作電路的靈敏度（即在更低一點(diǎn)的溫度下實(shí)現(xiàn)報(bào)警滅火），即熱敏電阻兩端電壓減小，兩端電壓增大，具體措施可選擇[1]將熱敏元件換為圖（b）中的Ⅲ；[2]將電阻箱接入電路的阻值適當(dāng)增大，將一定值電阻與熱敏電阻并聯(lián)。16-Ⅲ．在“用雙縫干涉測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，為減小誤差，該實(shí)驗(yàn)并未直接測量相鄰亮條紋間的距離，而是先測量n個(gè)條紋的間距再求出。下列實(shí)驗(yàn)采用了類似方法的有（）A．“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中合力的測量B．“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中彈簧的形變量的測量C．“用單擺測重力加速度”實(shí)驗(yàn)中單擺的周期的測量D．“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中一滴油酸酒精溶液體積的測量【答案】CD（3分）【詳解】為減小誤差，該實(shí)驗(yàn)并未直接測量相鄰亮條紋間的距離，而是先測量n個(gè)條紋的間距再求出，屬于放大測量取平均值。A．“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中合力的測量，屬于等效替代法，故A錯(cuò)誤；B．“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中彈簧形變量的測量，屬于測多次去計(jì)算平均值，故B錯(cuò)誤；C．“用單擺測重力加速度”實(shí)驗(yàn)中單擺周期的測量，屬于放大測量取平均值，故C正確；D．“用油膜法估測油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中1滴油酸酒精溶液體積的測量，屬于放大測量取平均值，故D正確。故選CD。四、計(jì)算題：本題共4小題，8分+11分+11分+11分共41分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。17．如果不小心把乒乓球打癟了（如圖），只要乒乓球沒有破裂、就可以用物理方法恢復(fù)。乒乓球完好時(shí)內(nèi)部氣壓為大氣壓強(qiáng)。某次打癟后體積變?yōu)樵w積的。若采用熱水浸泡，乒乓球就剛好開始恢復(fù)（體積依然是原體積的）。假設(shè)浸泡時(shí)乒乓球外壓強(qiáng)為，乒乓球?qū)嵝阅芰己茫饨绛h(huán)境溫度恒為。(1)求乒乓球剛好開始恢復(fù)時(shí)，球內(nèi)、外的壓強(qiáng)差；(2)如果將打癟的乒乓球放入容器內(nèi)（氣體壓強(qiáng)為）密閉，再用抽氣機(jī)從容器里往外抽氣，假設(shè)抽氣過程氣體溫度保持不變，求球內(nèi)、外的壓強(qiáng)差達(dá)到（1）中的數(shù)值時(shí)，抽出氣體的質(zhì)量與容器內(nèi)原有氣體質(zhì)量的比值?！敬鸢浮?1)(2)0.2【詳解】（1）以球內(nèi)氣體為研究對(duì)象，打癟前后溫度不變，可知（1分）可得打癟后的壓強(qiáng)開始恢復(fù)時(shí)，氣體發(fā)生等容變化，則（1分）開始恢復(fù)時(shí)，球內(nèi)的壓強(qiáng)（1分）球內(nèi)、外壓強(qiáng)差（1分）（2）球內(nèi)、外的壓強(qiáng)差達(dá)到（1）中的數(shù)值時(shí)，容器內(nèi)的氣體壓強(qiáng)（1分）設(shè)容器內(nèi)氣體初始狀態(tài)的體積為V，抽氣后折合成同溫，同壓下的體積為，則（1分）解得（1分）抽出氣體的質(zhì)量與容器內(nèi)原有氣體質(zhì)量的比值（1分）18．如圖所示，三個(gè)小物塊a、b、c質(zhì)量為m1=m2=m3=2kg，放置在光滑水平地面上，c緊靠豎直墻壁，一勁度系數(shù)為k=100N/m的輕彈簧將c、a連接，b緊靠a，開始時(shí)彈簧處于原長，a、b、c均靜止。在物塊b的右側(cè)，有一個(gè)豎直面內(nèi)光滑圓形軌道和光滑水平軌道PN，Q點(diǎn)為圓形軌道最低點(diǎn)，M點(diǎn)為最高點(diǎn)，圓形軌道半徑R=0.225m。水平軌道PN右側(cè)并排放置木板c、d，兩木板間相互接觸但不粘連，木板上表面與水平軌道PN平齊，木板C、D質(zhì)量為mc=md=0.5kg，長度Lc=1m，Ld=2m。物塊b與木板C的動(dòng)摩擦因數(shù)μc=0.4，與木板D的動(dòng)摩擦因數(shù)μd=0.1，木板C、D與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.2?，F(xiàn)給b施加一水平向左、大小為F=30N的恒力，使a、b一起向左運(yùn)動(dòng)（彈簧始終在彈性限度內(nèi)），當(dāng)速度為零時(shí)，立即撤去恒力。(1)求a、b向左移動(dòng)的最大距離x0和a、b分離時(shí)a的動(dòng)能Ek；(2)通過計(jì)算分析物塊b能否經(jīng)過最高點(diǎn)M，若不能求物塊b在圓軌道上距離水平軌道PN的最大高度h；若能求物塊b運(yùn)動(dòng)到圓形軌道最高點(diǎn)M處的速度；(3)若僅改變物塊a的質(zhì)量，其余條件不變，為使物塊b與彈簧分離后，經(jīng)過圓形軌道（未與軌道脫離）后，最終停在木板D上，求物塊a質(zhì)量的取值范圍?！敬鸢浮?1)，(2)不能，(3)【詳解】（1）從開始到a、b向左移動(dòng)到最大距離的過程中，以a、b和彈簧為研究對(duì)象，由功能關(guān)系得，彈簧恢復(fù)原長時(shí)a、b分離，從彈簧最短到a、b分離，以a、b和彈簧為研究對(duì)象，由能量守恒得（1分）解得，（1分）（2）設(shè)G、H為圓上與圓心等高的兩個(gè)點(diǎn)，若物塊b能到達(dá)M點(diǎn)，由動(dòng)能定理得（1分）解得所以物塊b不能到達(dá)圓周最高點(diǎn)M，若物塊b能通過H點(diǎn)，由動(dòng)能定理得解得所以物塊b通過了H點(diǎn)，綜上分析，b在H、M之間的某位置恰好脫離圓軌道。假設(shè)在E點(diǎn)恰好脫離，設(shè)E點(diǎn)與圓心的連線與豎直方向的夾角為，則從Q點(diǎn)到E點(diǎn)由動(dòng)能定理可得（1分）解得則（1分）（3）當(dāng)物塊a，b分離后，物塊b恰好通過M點(diǎn)時(shí)，物塊b最終與木板C相對(duì)靜止，b在C上滑動(dòng)的相對(duì)位移為，由圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)得，由牛頓第二定律得，（1分）解得，物塊b從Q點(diǎn)到M點(diǎn),由動(dòng)能定理可得（1分）解得設(shè)物塊b最終與木板C相對(duì)靜止時(shí)的速度為，則解得，（1分）當(dāng)物塊a，b分離后，物塊b通過圓周最高點(diǎn)M點(diǎn)后，恰好停在木板D的最左端保持相對(duì)靜止，設(shè)物塊b在木板C上滑行的時(shí)間為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，解得，由能量守恒得（1分）解得當(dāng)物塊a，b分離后，物塊b通過圓周最高點(diǎn)M點(diǎn)后，恰好停在木板D的最右端保持相對(duì)靜止，設(shè)物塊b在木板C上滑行的時(shí)間為，有由牛頓第二定律得物塊b在木板D上滑行的加速度大小假設(shè)此時(shí)木板C和木板D分離，由于所以，二者分離后木板D開始減速，設(shè)減速的加速度大小為a，對(duì)木板D由牛頓第二定律可得解得即此加速度比木板C單獨(dú)減速的加速度還大，說明木板D減速更快，即物塊在木板D上運(yùn)動(dòng)時(shí)CD沒有分離，設(shè)C和D一起減速的加速度大小為，則解得（1分）又解得，由能量守恒得解得綜上可知（1分）19．如圖甲所示為簡易普通電磁炮原理圖。