2023-2024學(xué)年福建省寧德市高考物理必刷試卷含解析

2023-2024學(xué)年福建省寧德市高考物理必刷試卷

注意事項

1.考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回.

2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5亳米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.

3.請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符.

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他

答案.作答非選擇題，必須用05亳米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效.

5.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗.

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖是雙縫干涉實驗裝置的示意圖，S為單縫，Si、S2為雙縫，P為光屏.用綠光從左邊照射單縫S時，可在光屏

P上觀察到干涉條紋.下列說法正確的是().

P

左三s5右

—*S,

A.減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離減小

B.增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離增大

C.將綠光換為紅光，干涉條紋間的距離減小

D.將綠光換為紫光，干涉條紋間的距離增大

2、如圖所示，在平行有界勻強磁場的正上方有一等邊閉合的三角形導(dǎo)體框，磁場的寬度大于三角形的高度，導(dǎo)體框由

靜止釋放，穿過該磁場區(qū)城，在下落過程中邊始終與勻強磁場的邊界平行，不計空氣阻力，則下列說法正確的是

()

▽

A

A.導(dǎo)體框進入磁場過程中感應(yīng)電流為逆時針方向

B.導(dǎo)體框進、出磁場過程，通過導(dǎo)體框橫截面的電荷量大小不相同

C.導(dǎo)體框進入磁場的過程中可能做先加速后勻速的直線運動

D.導(dǎo)體框出磁場的過程中可能做先加速后減速的直線運動

3、如圖所示，有一個電熱器A,接在電壓為〃=311§inlOU加(V)的交流電源上.電熱器工作時的電阻為100C,電路

中的交流電表均為理想電表.由此可知

A.電壓表的示數(shù)為311V

B.電流表的示數(shù)為2.2A

C.電熱器的發(fā)熱功率為967W

D.交流電的頻率為100Hz

4、“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉(zhuǎn)器和探測板組成。偏轉(zhuǎn)器是由兩個相互絕緣、半徑分別為以和

心的同心金屬半球面A和8構(gòu)成，A、B為電勢值不等的等勢面電勢分別為心和他，其過球心的截面如圖所示。一

束電荷量為e、質(zhì)量為小的電子以不同的動能從偏轉(zhuǎn)器左端M的正中間小孔垂直入射，進入偏轉(zhuǎn)電場區(qū)域，最后到達

偏轉(zhuǎn)器右端的探測板M其中動能為EMJ的電子沿等勢面C做勻速圓周運動到達N板的正中間。忽略電場的邊緣效應(yīng)。

下列說法中正確的是

A.A球面電勢比8球面電勢高

B.電子在A8間偏轉(zhuǎn)電場中做勻變速運動

4￡

C.等勢面C所在處電場強度的大小為￡二⑴」

D.等勢面。所在處電勢大小為必等

5、可調(diào)式理想變壓器示意圖如圖所示，原線圈的輸入電壓為口，副線圈輸出電壓為S,R為電阻。將原線圈輸入端

滑動觸頭P向下移動時。下列結(jié)論中正確的是（）

A.輸出電壓S增大B.流過R的電流減小

C.原線置輸入電流減小D.原線圈輸入功率不變

6、質(zhì)量為m的均勻木塊靜止在光滑水平面上，木塊左右兩側(cè)各有一位持有完全相同步槍和子彈的射擊手.首先左側(cè)射

手開槍，子彈水平射入木塊的最大深度為出，然后右側(cè)射手開槍，子彈水平射入木塊的最大深度為d2.如圖所示.設(shè)子彈均

未射穿木塊，且兩顆子彈與木塊之間的作用大小均相同.當(dāng)兩顆子彈均相對于木塊靜止時，下列判斷正確的是（）

心3

A.木塊靜止,di=d2

B.木塊靜止,divdz

C.木塊向右運動,divch

D.木塊向左運動d=d2

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、在水平地面上有一質(zhì)量為〃，的物體，物體所受水平外力尸與時間「的關(guān)系如圖A,物體速度期與時間，的關(guān)系如圖

B,重力加速度g已知，加、尸、師均未知，貝!!（

AF/N

___________；58、

_F_--------------：-----------：t!s

3A

A.若如已知，能求出外力戶的大小

B.可以直接求得外力尸和阻力/的比值

C.若小已知，可算出動摩擦因數(shù)的大小

D.可以直接求出前5s和后3s外力產(chǎn)做功之比

8、一列簡諧橫波，某時刻的波形如圖甲所示，從該時刻開始計時，波上4質(zhì)點的振動圖像如圖乙所示，下列說法正

A.該波沿x軸正向傳播

B.該波的波速大小為lm/s

C.經(jīng)過0.3s,A質(zhì)點通過的路程為0.3m

D.4、8兩點的速度有可能相同

E.若此波遇到另一列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為0.4Hz

圖2

鉤碼個數(shù)1234

L/cm30.0031.0432.0233.02

4/cm29.3329.6529.9730.30

己知重力加速度g=9*m/s2,要求盡可能多地利用測量數(shù)據(jù)，計算彈簧甲的勁度系數(shù)公N/m（結(jié)果保留兩位有效

數(shù)字）.由表中數(shù)據(jù)（填“能”或“不能”）計算出彈簧乙的勁度系數(shù).

12.（12分）為了探究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，一同學(xué)設(shè)計了如圖所示的實驗裝置。其中M為帶滑輪的小車的

質(zhì)量，〃，為砂和砂桶的質(zhì)量。（滑輪質(zhì)量不計）

⑴下列實驗步驟正確的是

A.用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量

B.將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力

C小車靠近打點計時器，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)

D.改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶

E.實驗中不需要砂和砂桶的質(zhì)量/〃遠小于小車的質(zhì)量M

⑵該同學(xué)在實驗中得到如圖所示的一條紙帶（兩計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出），已知打點計時器采月的是頻率為50Hz

的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/s2o（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

單位：cm

⑶以彈簧測力計的示數(shù)尸為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的。-尸圖象是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為9,求

得圖線的斜率為攵，則小車的質(zhì)量為o

2

A.2tan。B.tan。C.—D.k

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，輕彈簧一端固定在與斜面垂直的擋板上，另一端點在O位置.質(zhì)量為機的物塊A（可視為質(zhì)

點）以初速度師從斜面的頂端尸點沿斜面向下運動，與彈簧接觸后壓縮彈簧，將彈簧右端壓到。點位置后，A又被彈

簧彈回。物塊A離開彈簧后，恰好回到P點,已知OP的距離為xo,物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)為〃，斜面傾角為

8。求：

（1）。點和。點間的距離不；

（2）彈簧在最低點0,處的彈性勢能；

（3）設(shè)B的質(zhì)量為加〃，"=tan。，*o=3Jgx（）sin。.在尸點處放置一個彈性擋板，將A與另一個與A材料相同的物

塊B（可視為質(zhì)點與彈簧右端不拴接）并排一起，使兩根彈簧仍壓縮到0,點位置，然后從靜止釋放，若A離開B后給

A外加恒力/=，叫Sin。，沿斜面向上，若A不會與B發(fā)生碰撞，求少需滿足的條件?

14.（16分）如圖所示，坐標(biāo)系第一象限和第二象限均存在垂直紙面向里的勻強磁場，），軸為磁場理想邊界，兩側(cè)磁

感應(yīng)強度大小不同，已知第二象限磁感強度大小為瓦坐標(biāo)原點粒子源以不同的速率沿與V軸正方向成30。的方向向第

二象限發(fā)射比荷相同帶負電的粒子。當(dāng)粒子速率為-時，粒子穿過丁軸第一次進入第一象限，軌跡與）,軸交點為

P（0,L）,進入第一象限經(jīng)過。點，已知OQ與）'軸正方向夾角為30。，OQ長為OQ=且L+巫L,不計粒子的

26

重力和粒子間的相互作用力

(1)求第一象限磁感強度大小B';

⑵過P點粒子的速度滿足條件。

15.(12分)一固定的傾角為37。的斜面，斜面長9m,如圖所示，斜面上一物體在大小為UN沿斜面向上的拉力產(chǎn)

作用下，沿斜面向上加速運動，加速度大小為Im/s2；如果將沿斜面向上的拉力改為1N,物體加速向下運動，加速度

大小仍為Ini/sz,取重力加速度g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8,求：

⑴物體質(zhì)量m及物體與斜面間的動摩擦因數(shù)//；

⑵若將物體從斜面頂端由靜止釋放，物體運動到斜面底端的時間t.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

試題分析：根據(jù)公式—=4義，減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離變大，A錯誤，

d

根據(jù)公式=增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離增大，B正確，

a

根據(jù)公式入丫=二4,將綠光換為紅光，頻率減小，即波長增大，所以干涉條紋間的距離增大，C錯誤

根據(jù)公式Ax=將綠光換為紫光，頻率增大，即波長減小，所以干涉條紋間的距離減小，D錯誤,

a

考點：本題考查光波的干涉條紋的間距公式，

點評：應(yīng)牢記條紋間距的決定因素，不要求定量計算，但要求定性分析.

2、D

【解析】

A.導(dǎo)體框進入磁場過程中，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流為順時針方向，故A錯誤；

B.導(dǎo)體框進、出磁場過程，磁通量變化相同，由感應(yīng)電量公式

q=n----

R

則通過導(dǎo)體框橫截面的電荷量大小相同，故B錯誤；

C.導(dǎo)體框進入磁場的過程中因為導(dǎo)體框的加速度

mg——

m

其中L群是變化的，所以導(dǎo)體框的加速度一直在變化，故C錯誤;

D.導(dǎo)體框出磁場的過程中因為導(dǎo)體框的加速度

mg---產(chǎn)

a=----------———

tn

?2T2

其中L松是變化的，則〃陪與"”效大小關(guān)系不確定,而/y效在變大，所以。可能先變小再反向變大，故D正確。

R

3、B

【解析】

因為交流電的最大值為Um=3UV,故其有效值為U=等U,“二220V,則電壓表的示數(shù)為220V,故A錯誤；因為

U220

電阻為100。，電流表的示數(shù)為/=—=—=2.2A，故B正確；電熱器的發(fā)熱功率為P=I2R=(2.2A)2X100Q=484W,

R100

故C錯誤；因為交流電的角速度為。=100江，則其頻率為e=2赤50Hz,故D錯誤。

故選B。

4、C

【解析】

A.電子做勻速圓周運動，電場力提供向心力，受力的方向與電場的方向相反，所以“板的電勢較高：故A錯誤：

B.電子做勻速圓周運動，受到的電場力始終始終圓心，是變力，所以電子在電場中的運動不是勻變速運動.故B錯

誤;

C.電子在等勢面C所在處做勻速圓周運動，電場力提供向心力:

■)

LV

eE=m——

R

又：

聯(lián)立以上三式，解得：

E=4幾

e(一+RJ

故c正確；

D.該電場是放射狀電場，內(nèi)側(cè)的電場線密，電場強度大，所以有:

UBC>Ug

即有：

(PB-(PC>(PC-(PA

所以可得：

V-

故D錯誤；

故選C。

5、A

【解析】

尸向下移動時'原線圈的匝數(shù)減小'根據(jù)“2=：””可知副線圈電壓增大'則副線圈電流增大'流過H的電流增大'

輸出功率增大，則輸入功率也增大，原線圈電壓不變，則原線圈輸入電流增大，故A正確、BCD錯誤。

6、B

【解析】

左側(cè)射手開槍后，子彈射入木塊與木塊一起向右運動,設(shè)共同速度為由動量守恒有mvo=(M+m)v],由能量守恒有

FNk+〃。聲.右側(cè)射手開槍后,射出的子彈與木塊及左側(cè)射手射出的第一顆子彈共同運動的速度設(shè)為v2,

由動量守恒有(M+m)vi?mvo=(M+2m)V2,由能量守恒有Frth=gm匕;+〃z)y；-^(M+26)吭解之可得

Mtnv^(M+

V2"產(chǎn)2號(M+m),d2=，故B正確.

+〃2)

2Ff(M

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解析】

A.若％)己知，根據(jù)速度圖象可以求出加速運動的加速度大小

a=&%

1Ar,5

還能夠求出減速運動的加速度大小

Av.%

a.=—」

△/,3

根據(jù)牛頓第二定律可得

,F

f+—=ma2

其中機不知道，不能求出外力尸的大小，故A錯誤;

B.由于

F

F-f=niax,f+—=ma2

可以直接求得外力產(chǎn)和阻力/的比值：=2,故B正確;

C、若利已知，yo不知道，無法求解加速度，則無法求出動摩擦因數(shù)的大小，故C錯誤;

D.前5s外力做的功為

VV；=Fx-^x5=2.5Fv0

后3s外力F做功

VV,=-yx^-x3=-().5Fv0

前5s和后3s外力尸做功之比

曳=巨=5

叫

故D正確。

故選BD.

8、ABC

【解析】

A.由A質(zhì)點的振動圖象讀出該時刻質(zhì)點A的振動方向沿了軸負方向，由質(zhì)點的振動方向與波傳播方向的關(guān)系，可知

波沿x軸正向傳播，故A正確.

B.由題圖甲可知波長為2=0.4m,由題圖乙可知周期為T=0.4s,則波速為v=y=lm/s；故B正確.

3

C.經(jīng)過0.3s=-T,則4質(zhì)點通過的路程為s=3A=0.3m；故C正確.

4

D.A、5兩點間距為半個波長，振動情況始終相反，速度不可能相同；故D錯誤.

E.發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象需要頻率相同，則所遇到的波的頻率戶g=2.5Hz時才能產(chǎn)生的穩(wěn)定干涉.故E錯誤.

故選ABC.

點睛：根據(jù)振動圖象讀出各時刻質(zhì)點的振動方向，由質(zhì)點的振動方向判斷波的傳播方向是基本功.要熟練掌握.

9、AD

【解析】

A.兩種情況下桿產(chǎn)生的電動勢分別為

、

E}=BLv］E?=BLV2

回路中的總電阻為K。故回路中兩次的電流分別為

_孫=孫

*1-、勺n

1RR

故電流之比為

----------

12彩2

根據(jù)歐姆定律，Ro兩端的電壓之比

幺」」

4卜2

故A正確；

B.兩次運動所用的時間為

L_

r,_V._V_2

------------2---

f2LV,1

V2

故產(chǎn)生的熱量之比為

Q_/：骨」

e2"帆-2

故B錯誤；

C.由于棒做勻速直線運動，故外力的功率等于回路中的功率，故

P?/；R4

故C錯誤。

D.兩種情況下磁通量的變化量相同，則通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為

△①人△①

q=T1aZ=-------Ar=

△1./?R

故通過電阻橫截面的電荷量為

如：02=1：1

故D正確。

故選AD,

10、BC

【解析】

A.圓環(huán)由4點釋放，此時彈簧處于拉伸狀態(tài)，則圓環(huán)加速運動，設(shè)之間的。位置為彈簧的原長，則A到。的過

程中，彈簧彈力減小，圓環(huán)的加速度逐漸減小，。到〃的過程中，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則彈簧彈力增大，圓環(huán)的加速

度先增大后減小，3點時，圓環(huán)合力為零，豎直向上的彈力等于重力，從3到。的過程中，圓環(huán)可能做減速運動，無

論是否存在彈簧原長的位置，圓環(huán)的加速度始終增大，也可能先做加速后做減速運動，加速度先減小后增大，故b點

的速度不一定最大，故A錯誤；

B.當(dāng)圓環(huán)從A到。運動時，彈簧為拉力且逐漸減小，此時桿對環(huán)的支持力等于環(huán)的重力與彈簧彈力向下的分量之和，

可知桿對環(huán)的支持力隨彈簧彈力的減小而減??；當(dāng)圓環(huán)從。到8運動時，彈簧被壓縮，且彈力沿彈簧向上逐漸增加，

此時桿對環(huán)的支持力等于環(huán)的重力與彈簧彈力向上的分量之差，可知桿對環(huán)的支持力隨彈簧彈力的增加而減??；即從

A到〃過程中，桿對環(huán)的支持力一直減小，選項B正確；

C.從A到〃過程中，彈簧對圓環(huán)做的功、摩擦力做負功，根據(jù)功能關(guān)系可知，彈簧對圓環(huán)做功一定大于!山色故c

正確；

D.從4到C過程中，彈簧彈力做功，圓環(huán)克服摩擦力做功，根據(jù)功能關(guān)系可知，圓環(huán)克服摩擦力做功不等于［機凡

2

故D錯誤。

故選BC.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、49能

【解析】

第一空.分析圖1中，鉤碼數(shù)量和彈簧常量的關(guān)系為鉤碼每增加一個，彈簧長度伸長1cm,所以彈簧勁度系數(shù)

-——=49N/m.

第二空.分析圖2可得，每增加一個鉤碼，彈簧長度伸長約0.3cm,即4x0.003+0003二〃7g,根據(jù)彈簧甲的勁

度系數(shù)可以求出彈簧乙的勁度系數(shù).

12、BDE1.3C

【解析】

AE.本題拉力可以由彈簧測力計測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶(包括砂)的

質(zhì)量遠小于車的總質(zhì)量，故A錯誤，E正確；

B.該題是彈簧測力計測出拉力，從而表示小車受到的合外力，應(yīng)拿走砂桶，將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩

擦力，故B正確；

C.打點計時器運用時，都是先接通電源，待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實驗探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，要記錄

彈簧測力計的示數(shù)，故c錯誤；

D.改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶，獲取多組實驗數(shù)據(jù)，故D正確；

故選BDEo

⑵[2].由于兩計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出，故T=0.06s,由Ax4/2可得

上36—“03(3.8+3.3+2.8—2.3—1.9—1.4)x1021

ci—z-7—1.jm/s

9T29x0.06,

⑶[3].由牛頓第二定律得

2F=ma

則

a=—F

a-F圖象的斜率

小車質(zhì)量為

m=—

故選C；

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)%=———-------x()；(2)E+竺Ntan。；(3)—</?<—

4Ngcos?！恪?。弘235

【解析】

(1)從4到O,由動能定理可得

mg(%十%)sin夕一同叫(毛+xjcosW=0_gmv：①

物塊A離開彈簧后回到尸點的過程，由動能定理得

W-〃圾(/+xjsin0-f.img(x0+xjcos0=。②

解得

X.=--------------

411gcosO

(2)將用帶入②式可得，彈簧彈力做功為

1、/欣八

W=-mv~+——-tan0

4°4"

即彈簧的彈性勢能為

E=W=L/w：+嗎t(yī)an。

P44//

(3)兩物體分離的瞬間有%=4，兩物體之間的彈力為0,由牛頓第二定律可得

mgsin6+/〃72gcos6=maA

仇ngsin0+邱mgcos0-2T=伊叫丁

解得7=0,即彈簧恢復(fù)原長的瞬間，兩物體分離。

設(shè)分離瞬間，兩物體的速度為u,由能量守恒可得

2EP=(1+/^)"喀.$sin^+//(l+/?)mgX]cos6>+—(1+

將〃=tan9i)=3jgx()sin。,玉=---------/帶入解得

14〃gcos。

13-54.

v=不鏟x"n

由于〃=ianO,F=wgsin(9,故分離后兩物體的加速大小分別為

,mQsincos9-F.八

a=--------------2------------=gsinB

Am

pmgsin0+cos0

=2i?sin/?

Pm

由此可知，分離后兩物體均做減速運動，且B的加速度大于A,故在A物體上升階段，兩物體不會碰撞；B速度減為

0后，由于tan。，故B物體會保持靜止?fàn)顟B(tài)，B物體上升的位移為

x=----------

R4gsinJ

若A物體與擋板碰撞前速度就減為0,則此后A物體保持靜止?fàn)顟B(tài)，兩物體一定不會碰撞；若A物體能與擋板相碰,

當(dāng)物體A與擋板碰撞后，繼續(xù)以加速度gsine向下做減速運動，直到速度減為0,保持靜止；

A物體速度減為0的總路程為

x-°2

/-2