2019高考物理一輪選習(xí)練題（4）（含解析）新人教版

人教物理2019高考一輪選習(xí)練題（4）李仕才一、選擇題1、a、b、c三個(gè)點(diǎn)電荷僅在相互之間的靜電力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知a所帶的電荷量為+Q，b所帶的電荷量為q，且Q>q。關(guān)于電荷c，下列判斷正確的是（）A．c一定帶負(fù)電B．c所帶的電荷量一定大于qC．c可能處在a、b之間D．如果固定a、b，仍讓c處于平衡狀態(tài)，則c的電性、電荷量、位置都將唯一確定【參考答案】B2、(2018·福建省仙游一中月考)一條懸鏈長7.2m，從懸掛點(diǎn)處斷開，使其自由下落，不計(jì)空氣阻力，則整條懸鏈通過懸掛點(diǎn)正下方20m處的一點(diǎn)所需的時(shí)間是(g取10m/s2)()A．0.3sB．0.4sC．0.7sD．1.2s解析：懸鏈下端到達(dá)20m處時(shí)，用時(shí)t1，則12.8＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,1)，懸掛點(diǎn)落至20m處用時(shí)t2，則20＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,2)，可知懸鏈通過20m處用時(shí)Δt＝t2－t1＝0.4s，B對(duì)．答案：B3、(2018·黑龍江哈三中模擬)(多選)如圖所示，豎直軸位于水平轉(zhuǎn)臺(tái)中心，質(zhì)量為m的小球由三根伸直的輕繩連接，和水平轉(zhuǎn)臺(tái)一起以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，傾斜繩與豎直軸夾角為θ，豎直繩對(duì)小球的拉力為F1，水平繩對(duì)小球的拉力為F2，小球到豎直軸的距離為r，以下說法可能正確的是()A．mgtanθ＝mω2rB．mgtanθ－F2＝mω2rC．(mg＋F1)tanθ＝mω2rD．(mg－F1)tanθ＝mω2r解析：根據(jù)向心力公式可知，F(xiàn)合＝mrω2，對(duì)小球進(jìn)行受力分析可知，小球受重力、傾斜繩的拉力、水平繩的拉力和豎直繩的拉力，豎直方向處于平衡狀態(tài)，則有mg＋F1＝Fcosθ，F(xiàn)sinθ－F2＝mrω2，當(dāng)F1和F2均為零時(shí)，則有mgtanθ＝mω2r；當(dāng)F1恰好為零時(shí)，則有mgtanθ－F2＝mω2r；當(dāng)F2恰好為零時(shí)，則有(mg＋F1)tanθ＝mω2r，故A、B、C正確，D錯(cuò)誤．答案：ABC4、(2018·青島一模)如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30°，質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)物體通過細(xì)繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側(cè)，斜面底端有一與斜面垂直的擋板．開始時(shí)用手按住物體M，此時(shí)M到擋板的距離為s，滑輪兩邊的細(xì)繩恰好伸直，而沒有力的作用．已知M＝2m，空氣阻力不計(jì)．松開手后，關(guān)于二者的運(yùn)動(dòng)下列說法中正確的是()A．M和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B．當(dāng)M的速度最大時(shí)，m與地面間的作用力為零C．若M恰好能到達(dá)擋板處，則此時(shí)m的速度為零D．若M恰好能到達(dá)擋板處，則此過程中重力對(duì)M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機(jī)械能增加量之和解析：運(yùn)動(dòng)過程中，M、m與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A錯(cuò)誤；當(dāng)M速度最大時(shí)，彈簧的彈力等于Mgsin30°＝mg，此時(shí)m對(duì)地面的壓力恰好為零，B正確；然后M做減速運(yùn)動(dòng)，恰好能到達(dá)擋板時(shí)，也就是速度剛好減小到了零，之后M會(huì)上升并最終到達(dá)松手位置，所以此時(shí)彈簧彈力大于mg，即此時(shí)m受到的繩拉力大于自身重力，m還在加速上升，C錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系，M減小的機(jī)械能，等于m增加的機(jī)械能與彈簧增加彈性勢能之和，而M恰好到達(dá)擋板時(shí)，動(dòng)能恰好為零，因此M減小的機(jī)械能等于M減小的重力勢能，即等于重力對(duì)M做的功，D正確．答案：BD5、如圖所示，一帶電粒子在兩個(gè)固定的等量正電荷的電場中運(yùn)動(dòng)，圖中的實(shí)線為等勢面，虛線ABC為粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，其中B點(diǎn)是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，A、C位于同一等勢面上，下列說法正確的是()A．該粒子可能帶正電B．該粒子經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度最大C．該粒子經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的加速度一定為零D．該粒子在B點(diǎn)的電勢能小于在A點(diǎn)的電勢能解析：從該帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡看，固定電荷對(duì)它有吸引力，由固定電荷帶正電可知，該粒子一定帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；因?yàn)榱Ｗ訌腁運(yùn)動(dòng)到B的過程中，只受電場力且電場力先做正功后做負(fù)功，由動(dòng)能定理知，動(dòng)能先增加后減小，故B點(diǎn)的動(dòng)能不是最大，則經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度不是最大，故B錯(cuò)誤；B點(diǎn)是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，合場強(qiáng)為零，故粒子受力為零，則加速度為零，C正確；因?yàn)殡x正電荷越遠(yuǎn)，電勢越低，即φA<φB，因粒子帶負(fù)電，由Ep＝φq得，EpA>EpB，故D項(xiàng)正確．答案：CD6、如圖甲所示，一根電阻R＝4Ω的導(dǎo)線繞成半徑d＝2m的圓，在圓內(nèi)部分區(qū)域存在變化的勻強(qiáng)磁場，中間S形虛線是兩個(gè)直徑均為d的半圓，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化如圖乙所示(磁場垂直于紙面向外為正，電流逆時(shí)針方向?yàn)檎?，關(guān)于圓環(huán)中的感應(yīng)電流—時(shí)間圖象，下列選項(xiàng)中正確的是()解析：0～1s，感應(yīng)電動(dòng)勢為E1＝eq\f(ΔB,Δt)S＝eq\f(2,1)×eq\f(πd2,2)(V)＝4π(V)，由歐姆定律可知感應(yīng)電流大小為I1＝eq\f(E1,R)＝eq\f(4π,4)(A)＝π(A)，由楞次定律知，感應(yīng)電流為順時(shí)針方向，為負(fù)方向，結(jié)合選項(xiàng)知C正確．答案：C7、一個(gè)氫原子從n＝3能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)，該氫原子()A．放出光子，能量增加B．放出光子，能量減少C．吸收光子，能量增加D．吸收光子，能量減少解析：氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，放出光子，能量減少，故選項(xiàng)B正確，A、C、D錯(cuò)誤．答案：B二、非選擇題(1)(10分)兩位同學(xué)用兩面平行的玻璃磚做“測定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)．①甲同學(xué)在量入射角和折射角時(shí)，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O(shè)點(diǎn)為圓心，OA為半徑畫圓，交OO′延長線于C點(diǎn)，過A點(diǎn)和C點(diǎn)作垂直于法線的線段分別交法線于B點(diǎn)和D點(diǎn)，如圖所示．測量有關(guān)線段長度，可得玻璃的折射率n＝________.(用圖中線段表示)②乙同學(xué)在畫界面時(shí)，不小心將兩界面ab和cd間距畫得比玻璃磚寬度大些，下界面與實(shí)際相同，如圖所示．若操作無誤，則他測得的折射率比真實(shí)值________(填“偏大”“偏小”或“不變”)．(2)(15分)如圖所示，一列波沿x軸傳播，t＝0時(shí)刻的波形如實(shí)線所示，t＝0.5s時(shí)刻的波形如虛線所示，t＝0時(shí)刻位于x＝4m處的質(zhì)點(diǎn)P正沿y軸正向運(yùn)動(dòng)．(ⅰ)若從t＝0到t＝0.5s這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為1m，則這列波的波速為多少？(ⅱ)若3T<0.5s<4T，則這列波的波速為多少？解析：(1)①題圖甲中AO為入射光線，OO′是折射光線，設(shè)光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何知識(shí)得到sini＝eq\f(AB,AO)，sinr＝eq\f(CD,OC)，又AO＝OC，則折射率n＝eq\f(sini,sinr)＝eq\f(AB,CD).②“測定玻璃磚折射率”的實(shí)驗(yàn)原理是折射定律n＝eq\f(sini,sinr)，如圖所示，右邊實(shí)線表示實(shí)際的光路圖，左邊虛線表示作圖光路圖，由圖可看出，畫圖時(shí)的入射角不變、折射角比實(shí)際的折射角變大，由折射定律可知，測出的折射率變小．(2)(ⅰ)從t＝0到t＝0.5s這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為s＝1m則s＝n×4A得n＝1.25即1.25T＝0.5s得T＝0.4s波速為v＝eq\f(λ,T)＝eq\f(8,0.4)m/s＝20m/s(ⅱ)由于t＝0時(shí)刻位于x＝4m處的質(zhì)點(diǎn)P正沿y軸正向運(yùn)動(dòng)，由此可以判斷波沿x軸正向傳播，因此有0.5s＝eq\b\lc\(\rc\)(