2024屆上海市青浦某中學(xué)高考仿真卷物理試卷含解析

2024屆上海市青浦高級(jí)中學(xué)高考仿真卷物理試卷

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。

2.答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。

3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。

4.作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題；木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、一滴水的質(zhì)量為0.05g,水滴間隔相等的時(shí)間從距石頭上方5m處由靜止下落，水滴和石頭的撞擊時(shí)間為0.01s,重

力加速度g取10mH,不計(jì)空氣阻力。若在一滴水撞擊石頭的同時(shí)下一滴水開(kāi)始落下，則一天時(shí)間內(nèi)水滴對(duì)石頭作用

力的總沖量大小約為（）

A.IN-SB.ION'SC.20N?sD.40N?s

2、研究光電效應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路如圖所示，A、K為光電管的兩個(gè)電極，電壓表V、電流計(jì)G均為理想電表。已知該

光電管陰極K的極限頻率為火.元電荷電量為e.普朗克常量為從開(kāi)始時(shí)滑片P、P'卜下對(duì)齊.現(xiàn)用頻率為v的光

照射陰極K（v>vo）,則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是

A.該光電管陰極材料的逸出功為/“0

B.若加在光電管兩端的正向電壓為U,則到達(dá)陽(yáng)極A的光電子的最大動(dòng)能為加，-mo+eU

C.若將滑片P向右滑動(dòng)，則電流計(jì)G的示數(shù)一定會(huì)不斷增大

D.若將滑片口向右滑動(dòng)，則當(dāng)滑片P、P'間的電壓為生二幺之時(shí)，電流計(jì)G的示數(shù)恰好為0

e

3、如圖所示，現(xiàn)有六條完全相同的垂直于紙面的長(zhǎng)直導(dǎo)線，橫截面分別位于一正六邊形。兒的'的六個(gè)頂點(diǎn)上，穿過(guò)

明力、以e四點(diǎn)的直導(dǎo)線通有方向垂直于紙面向里、大小為/“=/〃=/的恒定電流，穿過(guò)八/兩點(diǎn)的直導(dǎo)線

通有方向垂直紙面向外、大小為。=乙=2/的恒定電流，已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍距離為r處磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小

為8=攵,，式中常量攵>0,/為電流大小，忽略電流間的相互作用，若電流在正六邊形的中心處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)

r

度大小為風(fēng)則。點(diǎn)處實(shí)際的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小、方向分別是（）

。笊---外力

---六---?C

\/o\/

網(wǎng)------

A.3哥,方向由。點(diǎn)指向力點(diǎn)

B.36,方向由O點(diǎn)指向“中點(diǎn)

c.3J5B,方向由O點(diǎn)指向e點(diǎn)

D.38,方向由0點(diǎn)指向中點(diǎn)

4、2016年2月，物理學(xué)界掀起了“引力波”風(fēng)暴，證實(shí)了愛(ài)因斯坦100年前所做的預(yù)測(cè)。據(jù)報(bào)道，各種各樣的引力波

探測(cè)器正在建造或者使用當(dāng)中。可能的引力波探測(cè)源包括致密雙星系統(tǒng)（白矮星、中子星和黑洞）。若質(zhì)量分別為如

和mi的A、B兩天體構(gòu)成雙星，如圖所示。某同學(xué)由此對(duì)該雙星系統(tǒng)進(jìn)行了分析并總結(jié)，其中結(jié)論不正確的是（）

A.A、B做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比為山2："八

B.A、B做圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力大小之比為1：1

C.A、B做圓周運(yùn)動(dòng)的轉(zhuǎn)速之比為1：1

D.A、B做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小之比為1：1

5、“太極球”運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)較流行的健身運(yùn)動(dòng)。做該項(xiàng)運(yùn)動(dòng)時(shí)，健身者半馬步站立，手持太極球拍，拍上放一橡膠太極

球，健身者舞動(dòng)球拍時(shí)，太極球卻不會(huì)掉到地上?，F(xiàn)將太極球拍和球簡(jiǎn)化成如圖所示的平板和小球，熟練的健身者讓

小球在豎直面內(nèi)始終不脫離平板且做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）

A.小球的機(jī)械能保持不變

B.平板對(duì)小球的彈力在B處最小，在。處最大

C.在B、。兩處小球一定受到沿平板向上的摩擦力

D.只要平板與水平面的夾角合適，小球在8、。兩處就有可能不受平板的摩擦力作用

6、如圖（°）,場(chǎng)源點(diǎn)電荷固定在真空中。點(diǎn)，從與。相距八）的P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為機(jī)、電荷量為°?>0）的

1

離子，經(jīng)一定時(shí)間，離子運(yùn)動(dòng)到與。相距「N的N點(diǎn)。用。表示離子的加速度，用「表示離子與。點(diǎn)的距離，作出其。

圖像如圖（b）。靜電力常量為是A,不計(jì)離子重力。由此可以判定（）

A.場(chǎng)源點(diǎn)電荷帶正電

〃心出

B.場(chǎng)源點(diǎn)電荷的電荷量為

kq

C.離子在P點(diǎn)的加速度大小為9

為

D.離子在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大小為座警

%

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖是一輛汽車做直線運(yùn)動(dòng)的s?t圖象,對(duì)線段OA、AB、BC、CD所表示的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

B.AB段靜止

C.CD段表示的運(yùn)動(dòng)方向與初始運(yùn)動(dòng)方向相反

D.運(yùn)動(dòng)411汽車的位移大小為30km

8、關(guān)于固體、液體、氣體和物態(tài)變化，下列說(shuō)法中正確的是______________o

A.液體表面存在著張力是因?yàn)橐后w表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離

B.一定質(zhì)量的某種理想氣體狀態(tài)改變時(shí)，內(nèi)能必定改變

c.0°c的鐵和0℃的冰，它們的分子平均動(dòng)能相同

D.晶體一定具有規(guī)則形狀，且有各向異性的特征

E.擴(kuò)散現(xiàn)象在液體和固體中都能發(fā)生，且溫度越高，擴(kuò)散進(jìn)行得越快

9、以下說(shuō)法正確的是—

軌道傾斜部分下滑的距離分別為L(zhǎng)、2L、3L、4L…，這樣在軌道傾斜部分合外力對(duì)小鋼球做的功就可以分別記為W。、

2Wo>3Wo、4Wo.…

（1）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差必須進(jìn)行多次測(cè)量，在L、2L、3L、4L…處的每個(gè)釋放點(diǎn)都要讓小鋼球重復(fù)釋放多次，在白

紙上留下多個(gè)點(diǎn)跡，那么，確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點(diǎn)位置的方法是___________________;

（2）為了完成實(shí)驗(yàn)，除了測(cè)量小鋼球離開(kāi)軌道后的下落高度h和水立位移s,還需測(cè)量.

A.小鋼球釋放位置離斜面底端的距離L的具體數(shù)值

B.小鋼球的質(zhì)量m

C.小鋼球離開(kāi)軌道后的下落高度h

D.小鋼球離開(kāi)軌道后的水平位移x

（3）請(qǐng)用上述必要的物理量寫(xiě)出探究動(dòng)能定理的關(guān)系式：W=；

（4）該實(shí)驗(yàn)小組利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到了如圖所示的圖象，則圖象的橫坐標(biāo)表示（用實(shí)驗(yàn)中則量的物理量符號(hào)

表示）.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，半徑未知的!光滑圓弧4A與傾角為37。的斜面在〃點(diǎn)連接，8點(diǎn)的切線水平。斜面長(zhǎng)為

L=0.3m。整個(gè)裝置位于同一豎直面內(nèi)。現(xiàn)讓一個(gè)質(zhì)量為，〃的小球從圓弧的端點(diǎn)A由靜止釋放，小球通過(guò)3點(diǎn)后恰好

落在斜面底端C點(diǎn)處。不計(jì)空氣阻力。（g取lOm/s?）

（1）求圓弧的軌道半徑；

⑵若在圓弧最低點(diǎn)打處放置一塊質(zhì)量為m的膠泥后，小球仍從A點(diǎn)由靜止釋放，粘合后整體落在斜面上的某點(diǎn)。。

若將膠泥換成3m重復(fù)上面的過(guò)程，求前后兩次粘合體在斜面上的落點(diǎn)到斜面頂端的距離之比。

14.（16分）如圖所示，半徑為&的光滑軌道豎直放置，質(zhì)量為帆的球1在恒力尸（力尸未知，且未畫(huà)出）的作用下

靜止在尸點(diǎn)，。尸連線與豎直方向夾角為質(zhì)量也為m的球2靜止在。點(diǎn)。若某時(shí)刻撤去恒力凡同時(shí)給

小球1一個(gè)沿軌道切向方向的瞬時(shí)沖量，（未知），恰能使球1在軌道內(nèi)側(cè)沿逆時(shí)針?lè)较蜃鰣A周運(yùn)動(dòng)且與球2發(fā)生彈性

正碰。小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力。求：

（1）恒力F的最小值為多大？

⑵瞬時(shí)沖量/大小為多大？

⑶球2碰撞前后對(duì)軌道Q點(diǎn)的壓力差為多大？

15.（12分）如圖所示.在距水平地面高斤0.80m的水平桌面一端的邊緣放置一個(gè)質(zhì)量〃『0.80kg的木塊6,桌面的另

一端有一塊質(zhì)量M=1.0kg的木塊A以初速度vo=4.Om/s開(kāi)始向著木塊B滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間f=0.80s與B發(fā)生碰撞，碰后

兩木塊都落到地面上，木塊笈離開(kāi)桌面后落到地面上的。點(diǎn).設(shè)兩木塊均可以看作質(zhì)點(diǎn)，它們的碰撞時(shí)間極短，且已

知。點(diǎn)距桌面邊緣的水平距離s=0.60m,木塊A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.15,重力加速度取g=10m/si.求：

（1）木塊B離開(kāi)桌面時(shí)的速度大小；

（1）兩木塊碰撞前瞬間，木塊A的速度大小;

⑶兩木塊碰撞后瞬間，木塊A的速度大小.

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

設(shè)一滴水與石頭撞擊時(shí)的作用力為尸，水與石頭撞擊時(shí)的速度為

v=J2gh=j2xl0x5m/s=1Om/s

設(shè)向上為正方向，由動(dòng)量定理得

(F-=0-mv

水滴間隔

Y

一天時(shí)間內(nèi)有N滴水撞擊石頭，則有

A,24x3600

N=------------

一天時(shí)間內(nèi)水滴對(duì)石頭作用力的總沖量大小

F『NF

聯(lián)立解得

國(guó)了43.2N

故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

2、C

【解析】

A.由極限頻率為%,故金屬的逸出功為Wo=〃uo,A正確；

B.由光電效應(yīng)方程可知，電子飛出時(shí)的最大動(dòng)能為

紇=.一心

由于加的正向電壓，由動(dòng)能定理

eU=E[-Ek

解得

E[=hv-h%+eU

故B正硝;

C.若將滑片尸向右滑動(dòng)時(shí)，若電流達(dá)到飽和電流，則電流不在發(fā)生變化，故C錯(cuò)誤；

D.Pf向右滑動(dòng)時(shí)，所加電壓為反向電壓，由

可得

e

則反向電壓達(dá)到遏止電壓后，動(dòng)能最大的光電子剛好不能參與導(dǎo)電，則光電流為零，故D正確；

故選C。

3、D

【解析】

電流4、〃在。點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反，其矢量和為零；電流/八〃在。點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)

度大小分別為B、2B,方向均由。點(diǎn)指向。'中點(diǎn)，可得電流/“、。在。點(diǎn)處總的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3氏方向由。點(diǎn)

指向"中點(diǎn)；同理，電流"、々在。點(diǎn)處總的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3B。方向由。點(diǎn)指向時(shí)中點(diǎn)，根據(jù)平行四邊形定

則，容易得到。點(diǎn)處實(shí)際的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為33,方向由。點(diǎn)指向4中點(diǎn)。

A.3出B,方向由。點(diǎn)指向》點(diǎn)，與分析不符，故A錯(cuò)誤；

B.33,方向由。點(diǎn)指向cd中點(diǎn)，與分析不符，故B錯(cuò)誤；

C.36B，方向由O點(diǎn)指向e點(diǎn)，與分析不符，故C錯(cuò)誤；

D.33,方向由O點(diǎn)指向中點(diǎn)，與分析相符，故D正確；

故選：Do

4、D

【解析】

AB.因?yàn)閮商祗w的角速度相同，由萬(wàn)有引力提供向心力

G'"2=町1彳=療4

L

可知兩天體的向心力大小相等，半徑之比為

弓叫

AB正確;

C.根據(jù)角速度與轉(zhuǎn)速的關(guān)系

M=2九八

可知兩天體轉(zhuǎn)速相同，c正確;

D.由

ma，na

GI-2~=\\=22

得

4_m

----2

a2町

D錯(cuò)誤。

本題選不正確的，故選D。

5、D

【解析】

小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能不斷改變，所以小球的機(jī)械能不斷變化，故A錯(cuò)誤；小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),

向心力大小不變，而在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)，彈力和重力共線且合力提供向心力，最高點(diǎn)失重，最低點(diǎn)超重，所以平板

對(duì)小球的彈力在A處最小，在C處最大，故B錯(cuò)誤；小球在BD處可以不受摩擦力作用，即重力和健身者對(duì)球作用力

F的合力提供向心力受力分析如圖所示。

mv2

此時(shí)滿足汽"治月Ty,故C錯(cuò)誤，D正確;

mgmggr

6、D

【解析】

A.從P到N,帶正電的離子的加速度隨！■的增加而增大，即隨「的減小而增加，可知場(chǎng)源點(diǎn)電荷帶負(fù)電，選項(xiàng)A錯(cuò)

r

誤；

B.在N點(diǎn),由庫(kù)侖定律及牛頓第二定律

一工攣

mrqm

解得

aHni

Q=

選項(xiàng)B錯(cuò)誤;

CD.在P點(diǎn)時(shí)，由庫(kù)侖定律及牛頓第二定律

相6mr-

離子在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大小為

「小

Fp=map=-廣

選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BC

【解析】

試題分析：直線運(yùn)動(dòng)的s-t圖象中斜率表示速度：

CD段斜率最大，運(yùn)動(dòng)的最快，A錯(cuò)誤；AB段斜率為零，靜止，B正確；CD段（斜率為負(fù)）表示的運(yùn)動(dòng)方向與初始

運(yùn)動(dòng)（斜率為正）方向相反，C正確；運(yùn)動(dòng)4h汽車的位移大小為零，D錯(cuò)誤.

考點(diǎn)：本題考查直線運(yùn)動(dòng)的s?t圖象.

8、ACE

【解析】

A.由于液體表面分子間距大于內(nèi)部分子間距，故表面處表現(xiàn)為引力，故A正確；

B.一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，狀態(tài)變化時(shí)溫度可能不變，內(nèi)能也就可能不變，故B錯(cuò)誤；

C.因?yàn)闇囟仁欠肿悠骄鶆?dòng)能的標(biāo)志，溫度相同，則分子平均動(dòng)能相同，故C正確；

D.晶體分單晶體和多晶體，只有單晶體具有規(guī)則形狀，某些性質(zhì)表現(xiàn)出各向異性，而多晶體沒(méi)有規(guī)則形狀，表現(xiàn)出

各向同性，故D錯(cuò)誤；

E.氣體、液體和固體物質(zhì)的分子都在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，所以擴(kuò)散現(xiàn)象在這三種狀態(tài)的物質(zhì)中都能夠進(jìn)行，且溫度越高,

擴(kuò)散進(jìn)行得越快，故E正確。

故選ACEo

9、CDE

【解析】

A.晶體分為單晶體和多晶體，單晶體各向異性，多晶體各向同性，非晶體各向同性，故A錯(cuò)誤；

B.液體表面張力是微觀的分子引力形成的規(guī)律，與宏觀的超失重現(xiàn)象無(wú)關(guān)，則在完全失重的狀態(tài)下依然有表面張力

的現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；

C.浸潤(rùn)現(xiàn)象中，浸潤(rùn)液體在細(xì)管中上升時(shí)，管的內(nèi)徑越小，液體所能達(dá)到的高度越高，故對(duì)于一定的液體和一定材

質(zhì)的管壁，管內(nèi)徑的粗細(xì)會(huì)影響液體所能達(dá)到的高度，則c正確；

D.飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越高飽和汽壓越大，故D正確；

E.晶體熔化時(shí)吸收熱量，導(dǎo)致內(nèi)能增大，但只增加了分子勢(shì)能，故熔化過(guò)程中晶體溫度不變，故E正確。

故選CDEo

10、BD

【解析】

設(shè)向右為正方向，A、笈球碰撞后5球速度大小為乙,由題意有

-4WBVB=WBVB-/??AVA

又

匕二%

解得

mA.i5H=5:1

A、3球的碰撞前總動(dòng)能

碰撞后的總動(dòng)能

F1212

娛2=5皿/八

解得

跖：%=8：3

故選BD.

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11＞擋光片中心(也=J(陷+%)(a]7

【解析】

(1)①[1]需要測(cè)量系統(tǒng)重力勢(shì)能的變化量，則應(yīng)該測(cè)量出擋光片中心到光電門(mén)中心的距離；

②⑵根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度表示瞬時(shí)速度，則系統(tǒng)的末速度為

d

v=一

Ar

則系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為

22

系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量為

若系統(tǒng)機(jī)械能守恒則有

0

（2）[3]若系統(tǒng)機(jī)械能守恒則有

（2〃7—〃?）gh=3mv2

嗚V

B〃吆.

12、用盡可能小的圓圈圈住盡量多的落點(diǎn),圓心即為平均落點(diǎn)的位置

，4人

【解析】

（1）確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點(diǎn)位置的方法是：用盡可能小的圓圈圈住盡量多的落點(diǎn)，圓心即

為平均落點(diǎn)的位置;

（1）根據(jù)動(dòng)能定律可得：

2

根據(jù)平拋規(guī)律可得：X=vt,h=；*

聯(lián)立可得探究動(dòng)能定理的關(guān)系式：w=理二

4/7

根據(jù)表達(dá)式可知為了探究動(dòng)能定理，并測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣冗€需測(cè)量的量為小鋼球的質(zhì)量m,故選B.

2

（3）由解析（1）可知探究動(dòng)能定理的關(guān)系式為：W=?生

4fl

（4）根據(jù)圖象形狀可知，W與橫軸表示的物理量成正比例，又因?yàn)楸磉_(dá)式為三，所以圖象的橫坐標(biāo)表示簿.

4/7

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

4

13、⑴0.08m；(2)y

【解析】

(1)設(shè)圓弧的半徑為/?,則小球在45段運(yùn)動(dòng)時(shí)由

解得

%=7^

小球從用平拋運(yùn)動(dòng)到。的過(guò)程中，分解位移

Lsin37=；g，

Leos37=vor

聯(lián)立解得

R=0.08m

⑵在〃處放置加的膠泥后，粘合時(shí)動(dòng)量守恒，由

，〃%=2mv]

得

在8處放置3m的膠泥后，粘合時(shí)動(dòng)量守恒，由

=4

mv0〃?匕

得

屈

廳丁

整體從8平拋，分解位移

x=vt

1,

y=V

根據(jù)幾何關(guān)系可知

12

一

tan3/=2=21.

xvt

解得平拋時(shí)間為

2vtan37°

t=----