2024屆武漢市武昌區(qū)高考沖刺模擬物理試題含解析

2024屆武漢市武昌區(qū)高考沖刺模擬物理試題

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、匕為兩只相同的燈泡，力為理想電感線圈（線圈電阻不計連），連接成如圖所示的電路。下列判斷正確的是（）

A.閉合開關的瞬間，。燈比燈亮B.閉合開關的瞬間，。燈和b燈亮度相同

C.斷開開關后，〃燈立即熄滅D.斷開開關后，。燈和〃燈逐漸變暗直至熄滅

2、起重機將靜止在地面上的貨物豎直向上吊起,貨物由地面運動至最高點過程中的y-f圖像如圖所示，g=10m/s2,

以下說法中正確的是（）

A.0-3s內貨物處于失重狀態(tài)

B.3~5s內貨物的機械能守恒

C.5~7s內貨物受到向上的拉力為重力的0?3倍

D.貨物上升的總高度為27m

3、如圖所示，在真空云室中的矩形ABC。區(qū)域內存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，靜止放置在。點的鈾238原子

核膘u發(fā)生衰變，放出射線后變成某種新的原子核，兩段曲線是反沖核（新核）和射線的徑跡，曲線。尸為:圓弧，

x軸過。點且平行于A8邊。下列說法正確的是（）

A.鈾238原子核發(fā)生的是p衰變，放出的射線是高速電子流

B.曲線OP是射線的徑跡，曲線。。是反沖核的徑跡

C.改變磁感應強度的大小，反沖核和射線圓周運動的半徑關系隨之改變

D.曲線。。是a射線的徑跡，其圓心在x軸上，半徑是曲線0尸半徑的45倍

4、一杯水含有大量的水分子，若杯中水的溫度升高，則（）

A.水分子的平均動能增大B.只有個別水分子動能增大

C.所有水分子的動能都增大D.每個水分子的動能改變量均相同

5、如圖所示為某大橋，圖中橋墩之間的四段距離均為110m。可視為質點的一輛汽車從a點由靜止開始做加速度恒定

的加速直線運動。已知該車通過曲段的時間為右則通過ce段的時間為（）

A."C.(x/2+l)rD.t

6、某行星的自轉周期為T,赤道半徑為R.研究發(fā)現(xiàn)，當該行星的自轉角速度變?yōu)樵瓉淼?倍時會導致該行星赤道上

的物體恰好對行星表面沒有壓力，己知引力常量為G.則

A.該行星的質量為二=音

B.該行星的同步衛(wèi)星軌道半徑為二-；二

C.質量為/〃的物體對行星赤道地面的壓力為二=三季

D.環(huán)繞該行星做勻速圓周運動的衛(wèi)星的最大線速度為7.9km/s

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、若宇航員到達某一星球后，做了如下實驗:（1）讓小球從距離地面高〃處由靜止開始下落，測得小球下落到地面所需

時間為“（2）將該小球用輕質細繩固定在傳感器上的。點，如圖甲所示。給小球一個初速度后，小球在豎直平面內繞O

點做完整的圓周運動，傳感器顯示出繩子拉力大小隨時間變化的圖象所示（圖中后、尸2為己知）。已知該星球近地衛(wèi)星

的周期為7,萬有引力常量為G,該星球可視為均質球體。下列說法正確的是

B.小球質量為勺

C.該星球半徑為其二D.環(huán)繞該星球表面運行的衛(wèi)星的速率為3T

4武廠TTf

8、下列說法中正確的是（）

A.物體在豎直方向上作勻加速運動時就會出現(xiàn)失重現(xiàn)象B.合力與該合力的分力同時作用在物體上

C.兩物體間的摩擦力一定與兩物體間的壓力垂直D.物體的運動方向不一定與它所受合外力的方向一致

9、下列說法正確的是

A.飽和汽壓與溫度和體積都有關

B.絕對濕度的單位是Pa,相對濕度沒有單位

C.空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越快

D.氣體做等溫膨脹，氣體分子單位時間對汽缸壁單位面積碰撞的次數(shù)一定變少

E.飽和汽和液體之間的動態(tài)平衡，是指汽化和液化同時進行的過程，且進行的速率相等

10、平行金屬板MN與電源和滑線變阻器如圖所示連接，電源的電動勢為E,內電阻為零；靠近金屬板P的S

處有一粒子源能夠連續(xù)不斷地產生質量為機，電荷量+q,初速度為零的粒子，粒子在加速電場產。的作用下穿過。板

的小孔凡緊貼N板水平進入偏轉電場改變滑片p的位置可改變加速電場的電壓口和偏轉電場的電壓S,且

所有粒子都能夠從偏轉電場飛出，下列說法正確的是（）

A.粒子的豎直偏轉距離與S成正比

B.滑片p向右滑動的過程中從偏轉電場飛出的粒子的偏轉角逐漸減小

C.飛出偏轉電場的粒子的最大速率

D.飛出偏轉電場的粒子的最大速率

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）在探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關系實驗中，小李同學采用了如圖所示的可拆式變壓器（鐵芯不閉

合）進行研究

經區(qū)域I后又恰好從與B點同一水平高度處進入區(qū)域II.已知AB長度是BC長度的73倍.

LiL:Lj

（1）求帶電粒子到達B點時的速度大??；

（2）求磁場的寬度L；

（3）要使點電荷在整個磁場中運動的時間最長，求區(qū)域H的磁感應強度B2的最小值.

14.（16分）在一個足夠長的水平桌面上，靜置著一個足夠長的木板A,A的右端與桌面邊沿平齊，其上邊緣距水平

地面的豎直高度人=0.8m。木板A上靜置兩個可視為質點的B、C物塊，它們之間有一個被鎖定的壓縮輕彈簧（彈簧與

兩物塊均不連接），彈簧存儲的彈性勢能為5.4J。已知=0.1kg、〃2c=0.3kg,木板A與桌面、物塊C與木

板A間的動摩擦因數(shù)均為4=0.1,物塊B與木板A間的動摩擦因數(shù)人=03。解鎖后彈簧在瞬間恢復原長，兩物塊

均開始運動，此時物塊C距離木板A的右邊緣w=2.5m。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度取g=10m/s2。

求：

（1）彈簧恢復原長時物塊B、C的速度；

⑵物塊C從離開A板落地過程中的水平位移；

⑶物塊B從開始運動到最終停止時，相對桌面運動的距離。

BC

A-InrrwJ-

15.（12分）圖甲為能進行圖形翻轉的“道威棱鏡”示意圖，其橫截面。48c是底角為45。的等腰梯形，高為上底邊

長為。，下底邊長3a,如圖乙所示。一細光束垂直于OC邊射入，恰好在。4和邊上發(fā)生全反射，最后垂直于0。

邊射出，已知真空中的光速為c。試求該光束在棱鏡中的傳播時間九

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

AB.開關閉合到電路中電流穩(wěn)定的時間內，力立即變亮，由于線圈的阻礙，流過。燈泡的電流逐漸增加，故其亮度逐

漸增加，最后穩(wěn)定，二者亮度相同，故A錯誤，B錯誤；

CD.開關在斷開瞬間，線圈相當于電源，電流大小從。穩(wěn)定時的電流開始減小，由于。與力是相同的，所以電路中的

電流穩(wěn)定時兩個支路的電流值相等，所以在開關由閉合至斷開，在斷開瞬間，〃燈都逐漸熄滅，不能再閃亮一下，

故C錯誤，D正確。

故選D。

2、D

【解析】

A.貨物開始時豎直向上運動，由箕一，圖像讀出0?3s的斜率即加速度為正，表示加速度向上，則貨物處于超重狀態(tài)，

故A錯誤；

B.3~5s內貨物做向上的勻速直線運動，一定有除重力以外的拉力對貨物做正功，則貨物的機械能增加，故B錯誤；

C.5~7s內的加速度為

Av0-6.，

a=——=-----m/s~=-3m/s

2

由牛頓第二定律有

FT-mg=ma

可得

Ey=7m=0.7nig

則有貨物受到向上的拉力為重力的0.7倍，故C錯誤；

D.了一，四像的面積表示貨物上升的總位移，則總高度為

h=(2+0x6m=27m

2

故D正確。

故選D。

3、D

【解析】

AD.衰變過程中動量守恒，因初動量為零，故衰變后兩粒子動量大小相等，方向相反，由圖像可知，原子核發(fā)生的是

a衰變，粒子做圓周運動向心力等于洛倫茲力

V2

qvB=in—

r

得

mv

r=——

qB

由于反沖核的電荷量比a射線大，則半徑更小，即曲線。。是射線的徑跡，曲線0尸是反沖核的徑跡，由于曲線。尸

為?圓弧，則其圓心在x軸上，射線初速度與x軸重直，新核初速度與x軸垂直，所以新核做圓周運動的圓心在x軸

上

由質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知反沖核的電荷量是?粒子的45倍，由半徑公式可知,軌道半徑之比等于電荷量的反比,

則曲線0。半徑是曲線。尸半徑的45倍，故A錯誤，D正確。

BC.由動量守恒可知

0=mv-muva

粒子做圓周運動向心力等于洛倫茲力

qvB=m——

r

得

mv

r=——

qB

由于反沖核的電荷量比a射線大，則半徑更小，即曲線。。是射線的徑跡，曲線O尸是反沖核的徑跡，反沖核的半徑

與射線的半徑之比等于電荷量的反比，由于電荷量之比不變，則改變磁感應強度的大小，反沖核和射線圓周運動的半

徑關系不變，故BC錯誤。

故選D。

4、A

【解析】

水的溫度升高，即其內部的水分子運動越劇烈，即水分子的平均動能變大，即其內能增加，這是統(tǒng)計規(guī)律，個別分子

不適用.故A正確，BCD錯誤；

故選A.

5、A

【解析】

汽車從。點由薛止開始做加速度恒定的加速直線運動，四段大小相同的位移所需要的時間之比為

l:(V2-l):(x/3-V2):(2-x/3)

設通過ce段的時間為則

14=(五-1):(2-偽

解得

t=5/2/

故A正確，BCD錯誤。

故選A。

6、B

【解析】

該行星自轉角速度變?yōu)樵瓉韮杀?，則周期將變?yōu)槎。深}意可知此時：二二三二二三，解得：二==，故A錯

■-右■二尸匚匚

誤；同步衛(wèi)星的周期等于該星球的自轉周期，由萬有引力提供向心力可得：二：=二二多又二=[7,解得"=[心

故B正確；行星地面物體的重力和支持力的合力提供向心力：二二-二二又：?二二=二|=二二壬，解得:

二二.二生七，由牛頓第三定律可知質量為m的物體對行星赤道地面的壓力為二二二筆=，故C錯誤；7.9km/s是地

球的第一宇宙速度，由于不知道該星球的質量以及半徑與地球質量和半徑的關系，故無法得到該星球的第一宇宙速度

與地球第一宇宙速度的關系，故無法確環(huán)繞該行星作勻速圓周運動的衛(wèi)星線速度是不是必不大于7?9km/s,故D錯誤;

故選B.

點睛：重點知識；行星自轉的時候，地面物體萬有引力等于重力沒錯，但是不是重力全部用來提供向心力，而是重力

和支持力的合力提供向心力；“星球赤道上物體恰好對行星表面沒有壓力”時重力獨自充當向心力.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、ABI）

【解析】

A.對近地衛(wèi)星有。等=機青R,星球密度夕=?,體積解得P=券，故A正確。

B.小球通過最低點時拉力最大，此時有

E,-mg=m—

r

最高點拉力最小，此時有

V2

F+mg=m——

}r

最高點到最低點，據動能定理可得

mg-2r=-mv~——mv

可得鳥-耳=6〃?g,小球做自由落體運動時，有

力=%

可得g=2，，〃=（巴一玖）/，故B正確。

產12/?

c根據丁=*及u二廊可得：星球平均密度可表示為

V

3兀3g

p—--------

GT2AnGR

可得R二^二,故C錯誤。

2n2t2

D.環(huán)繞該星球表面運行的衛(wèi)星的速率可表示為

故D正確。

8、CD

【解析】

A.物體做向下的加速運動時才是失重現(xiàn)象，選項A錯誤；

B.合力與分力是等效替代的關系，不能同時作用在物體上，選項B錯誤；

C.物體間的摩擦力方向一定與壓力方向垂直，選項C正確；

D.物體的運動方向不一定與它所受合外力的方向一致，如做曲線運動的物體，選項D正確。

故選CD,

9、BDE

【解析】

飽和汽壓與溫度有關，和體積無關，選項A錯誤；絕對濕度及壓強表示其單位是Pa,相對濕度沒有單位，則B正確;

空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，則C錯誤；氣體做等溫膨脹，分子密度變小,

氣體分子單位時間對汽缸壁單位面積碰撞的次數(shù)一定變少，則D正確；飽和汽和液體之間的動態(tài)平衡，是指汽化和液

化同時進行的過程，且進行的速率相等，則E正確；故選BDE。

10、BC

【解析】

A.帶電粒子在加速電場中加速

〃12

Uxq=-mv-

在偏轉電場中

1u利『up

y=

2dm%4"U|

由于

U,+U2=E

則

y=——=——=-----=-------

4dU|4d(E—U2)

則粒子的豎直偏轉距離y與S不是成正比關系，選項A錯誤;

B.從偏轉電場飛出的粒子的偏轉角

UlUJ

tan9=-2=

%2dU1-2dU、

滑片P向右滑動的過程中口變大，S減小，則從偏轉電場飛出的粒子的偏轉角逐漸減小，選項B正確；

CD.當粒子在加速電場中一直被加速時，飛出偏轉電場的速率最大，即當。尸￡時粒子的速率最大，根據動能定埋

r12

回=3叫

解得

選項C正確，D錯誤。

故選BC.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、(1)BC(2)A

【解析】(1)本實驗中，變壓器的原線圈應接在交流電源上；為了知道原、副線圈的電壓比和線圈匝數(shù)比之間的關系,

還需要電壓表。故學生電源和電壓表兩個器材不能缺少，選BC；

(2)①理想變壓器原、副線圈電壓和匝數(shù)的關系為若變壓器的原線圈接“0；8”接線柱，副線圈接線“0；4”

接線柱，則原、副線圈匝數(shù)比為底=三=二，則原線圈兩端電壓二==二=：X5V=1西。②本題中可拆變壓器并非理

想變壓器，存在漏磁現(xiàn)象，要使副線圈所接電壓表示數(shù)為5V,則原線圈電壓必須大于10V,故選A。

【點睛】理想變壓器原、副線圈兩端電壓和各自匝數(shù)的關系為三=￡，實驗中需要的器材有：低壓交流電源，電壓表;

而可拆式變壓器，鐵芯是不閉合的，三〉三，利用此關系就可以確定求解。

12、0.44增大0.44（0.43—0.46均對）

【解析】

滑動變阻器的滑片滑動過程中，電流表的示數(shù)從零開始這漸增大，滑動變阻器采用分壓接法，實物電路圖如圖

所示：

⑵[2].由圖示電路圖可知，電流表量程為0.6A,由圖示電流表可知，其分度值為0.02A,示數(shù)為0.44A；

⑶[3].根據圖像可知小燈泡的電阻隨電壓增大而增大。

[4J.在燈泡圖象坐標系內作出電源的圖象如圖所示:

由圖示他象可知，燈泡兩端電壓U=1.3V,通過燈泡的電流，=0.34A,燈泡功率

P=(7Z=1.3X().34^0.44W

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、【小題1】史迎

3

【小題2]--------

3qB\

【小題3】5侖1.5w

【解析】

粒子在勻強電場中做類平拋運動，將運動沿水平方向與豎直方向分解，根據動為學規(guī)律即可求解；當粒子進入磁場時,

做勻速圓周運動，由牛頓第二定律可確定運動的半徑.最后由幾何關系可得出磁場的寬度L;根據幾何關系確定離開

磁場的半徑范圍，再由半徑公式可確定磁感應強度.

【小題1】設點電荷進入磁場時的速度大小為與水平方向成。角，由類平拋運動的速度方向與位移方向的關系有:

tanAO==-G--

/3

典）〃=3（尸

根據速度關系有一焉=學

【小題2】設點電荷在區(qū)域I中的軌道半徑為小由牛頓第二定律得：qvB.=〃?一,軌跡如圖:

A

解得:L專

【小題3】當點電荷不從區(qū)域n右邊界離開磁場時，點電荷在磁場中運動的時間最長.設區(qū)域n中最小磁感應強度為加

v-

同理得：qvB=m—

r2

根據幾何關系有：L=/2（l+sinO）

解得：5=1.5%

【點睛】

本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，粒子在電場中做類平拋運動，在磁場中做圓周運動，本題涉及了類平拋運動、

勻速圓周運動，學會處理這兩運動的規(guī)律：類平拋運動強調運動的分解，勻速圓周運動