吉林省松原市部分學校2024-2025學年高一上學期12月教學質(zhì)量檢測物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE12024─2025學年度上學期高一12月份教學質(zhì)量檢測物理試卷一、選擇題（本題共10小題，共46分，第1~7小題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10小題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對得6分，選對但不全得3分，有選錯得0分）1.如圖，關于車拉馬與馬拉車的問題，下列說法中正確的是（）A.馬拉車不動，是因為馬拉車的力小于車拉馬的力B.馬拉車加速前進，是因為馬拉車的力大于車拉馬的力C.馬拉車，不論車動還是不動，馬拉車的力的大小總是等于車拉馬的力的大小D.馬拉車不動或車勻速前進時，馬拉車的力與車拉馬的力是一對平衡力【答案】C【解析】AB．馬拉車的力與車拉馬的力是一對相互作用力，可知，無論車是不動還是加速前進，馬拉車的力的大小始終等于車拉馬的力，故AB錯誤；C．結合上述可知，馬拉車，不論車動還是不動，馬拉車的力的大小總是等于車拉馬的力的大小，故C正確；D．結合上述可知，馬拉車不動或車勻速前進時，馬拉車的力與車拉馬的力是一對相互作用力，故D錯誤。故選C。2.某質(zhì)點從靜止開始做勻加速直線運動，已知第2秒內(nèi)通過的位移是x，則質(zhì)點運動的加速度為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】設質(zhì)點的加速度為a，前1s的位移為，前2s的位移為，則有故有解得故選B。3.下面關于物體做直線運動的三個圖像的說法中，正確的是（）A.甲圖中，物體的加速度大小為1m/s2B.乙圖中，0~2s內(nèi)物體的速度變化量大小為6m/sC.丙圖中，物體的加速度大小為4m/s2D.丙圖中，t=3s時物體的速度大小為8m/s【答案】C【解析】A．根據(jù)速度與位移的關系有結合圖像有解得故A錯誤；B．a(chǎn)?t圖像中，圖像與時間軸所圍幾何圖形的面積表示速度的變化量，可知，0~2s內(nèi)物體的速度變化量大小為故B錯誤；C．圖像對應的函數(shù)表達式為則有將該函數(shù)式與位移公式進行對比有，解得故C正確；D．結合上述可知，t=3s時物體的速度大小故D錯誤。故選C。4.質(zhì)量為m人站在電梯內(nèi)，電梯從1樓上升到40樓，此過程中電梯速度v隨時間t變化的圖像如圖所示，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.時間內(nèi)電梯對人的支持力小于mgB.時間內(nèi)人處于超重狀態(tài)C.時間內(nèi)人處于超重狀態(tài)D.時間內(nèi)電梯對人的支持力不斷增大【答案】D【解析】A．由圖可知，時間內(nèi)電梯向上加速運動，具有向上的加速度，電梯里的人處于超重狀態(tài)，電梯對人的支持力大于mg，A錯誤；B．由圖可知，時間內(nèi)電梯做勻速運動，電梯里的人處于平衡狀態(tài)，B錯誤；C．由圖可知，時間內(nèi)電梯向上做減速運動，具有向下的加速度，電梯里的人處于失重狀態(tài)，C錯誤；D．圖像的斜率絕對值表示加速度大小，由圖可知，時間內(nèi)加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律有解得所以電梯對人的支持力不斷增大，D正確。故選D。5.如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體靜止在水平面上，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.5，給物體施加大小為40N與水平方向成37°角斜向上的拉力F作用（g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），物體運動的加速度為（）A.3m/s2 B.6m/s2 C.8m/s2 D.10m/s2【答案】B【解析】物體受力如圖所示由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得故選B。6.如圖所示，兩個質(zhì)量分別為，的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧測力計連接。兩個大小分別為，的水平拉力分別作用在，上，兩個物體運動穩(wěn)定后，下列說法正確的是（）A.彈簧測力計的示數(shù)是10NB.彈簧測力計的示數(shù)是50NC.在突然撤去的瞬間，的加速度大小為D.在突然撤去的瞬間，的加速度大小為【答案】D【解析】AB．、整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得物體共同的加速度大小為單獨對受力分析，根據(jù)牛頓第二定律則有解得AB錯誤；CD．在突然撤去的瞬間，的受力情況不變，故其加速度的大小依然為，對于，設其加速度為，此時水平方向只受彈簧的拉力，故有解得故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，置于水平地面帶有豎直立桿的底座總質(zhì)量為3kg，豎直立桿長0.5m，有一質(zhì)量為1kg的小環(huán)從桿的下端以4m/s的初速度向上運動，剛好能到達桿的頂端，在環(huán)向上運動的過程中，底座對水平地面的壓力為（）（g?。〢.24N B.34N C.36N D.46N【答案】A【解析】利用逆向思維，根據(jù)速度與位移的關系有解得對小環(huán)進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)牛頓第三定律，小環(huán)對桿的摩擦力對立桿與底座進行分析，根據(jù)平衡條件有解得根據(jù)牛頓第三定律可知，底座對水平地面的壓力為24N。故選A。8.一盞電燈質(zhì)量為m，懸于天花板上B點，在電線O處系一細線，使電線與豎直方向的夾角為，與水平方向成角，如圖所示，現(xiàn)保持O點位置不變，使角由緩慢增加到，在此過程中（??）A.電線上的拉力逐漸減小 B.細線上的拉力先增加后減小C.細線上拉力的最小值為 D.細線上拉力的最小值為【答案】AC【解析】對結點O受力分析，由于細線OA與電線OB的合力一定沿豎直向上的方向，大小與重力相等，而OB的方向始終與豎直方向成，如圖所示則當OA與水平方向夾角由緩慢增加到的過程中，電線OB的拉力逐漸減??；細線OA上的拉力先減小后增大，且當時，最小，最小值為故選AC。9.如圖所示，物體從光滑斜面上的A點由靜止開始勻加速下滑，經(jīng)過B點后進入水平面做勻減速運動（經(jīng)過B點前后速度大小不變），最后停在C點。每隔0.4秒鐘通過速度傳感器測量物體的瞬時速度，下表給出了部分測量數(shù)據(jù)。重力加速度g取，則下列說法中正確的是（）0.00.40.8…2.024…0.02.04.0…2.31.5…A.斜面傾角B.物體與水平面之間的動摩擦因數(shù)C.物體到達B點的速度為4.5m/sD.AB間距離與BC間距離相等【答案】ABC【解析】A．勻加速過程的加速度此過程對物體進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得故A正確；B．勻減速過程的加速度大小根據(jù)牛頓第二定律有解得故B正確；C．令物體到達B時的時刻為t1，則有令，，利用逆向思維，在水平面上有解得，故C正確；D．根據(jù)，解得故D錯誤故選ABC。10.第24屆北京冬季奧林匹克運動會中，高山滑雪是重要的比賽項目之一，圖甲是一名滑雪運動員在比賽過程中的示意圖，運動員自身和所有裝備的總質(zhì)量為m，在傾角的斜坡向下滑動過程中，受滑動摩擦力和空氣阻力作用，假設空氣阻力與速度成正比，即，其中比例系數(shù)（P是k的單位）。運動員在比賽中的某段過程v—t圖像如圖乙中實線AD所示，AB是曲線最左端A點的切線，B點的坐標為，CD是曲線AD的漸近線，已知重力加速度為，，下列說法中正確的是（）A.題干中“”中的Р為N·s/mB.當時，運動員的加速度為C.雪橇與斜坡間的動摩擦因數(shù)是0.25D.運動員自身和所有裝備的總質(zhì)量【答案】ACD【解析】A．結合題意有根據(jù)單位運算可知，Р為N·s/m，故A正確；B．圖像的斜率表示加速度，當時，根據(jù)圖像可知故B錯誤；CD．當時，根據(jù)牛頓第二定律有當時，運動員做勻速運動，根據(jù)平衡條件有解得，故CD正確。故選ACD。二、非選擇題（本題共5小題，共54分）11.某同學用橡皮條與彈簧測力計驗證“力的平行四邊形定則”，實驗裝置如圖甲所示。其中A為固定橡皮條的圖釘，OB和OC為細繩。（1）本實驗采用的科學方法是（）A.理想實驗法 B.等效替代法 C.控制變量法 D.建立物理模型法（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，該同學畫出如圖乙所示的圖，圖中______是、合力的理論值，______的方向一定沿圖甲中的AO延長線方向。（填F或）?！敬鸢浮浚?）B（2）F【解析】【小問1解析】本實驗采用的科學方法是等效替代法。故選B?！拘?解析】根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，該同學畫出如圖乙所示的圖，圖中F是、合力的理論值，是用一個彈簧測力計通過細繩拉橡皮條，使結點也拉到O點時彈簧測力計的讀數(shù)，故方向一定沿圖甲中的AO延長線方向。12.“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”的實驗裝置如圖甲所示。（1）關于本實驗，下列說法正確的是______A.每次小車必須從靠近打點計時器的位置釋放B.平衡摩擦力時，將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在沙和沙桶的牽引下恰好做勻速運動C.實驗時沙和沙桶的總質(zhì)量應遠大于小車的質(zhì)量D.通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力（2）圖乙為上述實驗中打下的一條紙帶，其中1、2、3、4為依次選中的計數(shù)點（各相鄰計數(shù)點之間有四個點跡）。打點計時器的頻率為50Hz，根據(jù)圖中標出的數(shù)據(jù)可知，打點計時器在打出計數(shù)點3時小車的速度大小為______m/s，小車做勻加速直線運動的加速度大小為______。（結果均保留兩位有效數(shù)字）（3）甲、乙兩同學在同一實驗室，用物塊代替小車進行實驗，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關系，分別得到了如圖所示的甲、乙兩條直線，設甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為、，甲、乙用的木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)分別為，，由圖可知，______，______（填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】（1）AD（2）0.531.4（3）小于大于【解析】【小問1解析】A．為了避免紙帶出現(xiàn)大量的空白段落，每次小車必須從靠近打點計時器的位置釋放，故A正確；B．平衡摩擦力時，將木板不帶滑輪的一端適當墊高，不掛沙和沙桶，輕推小車，使紙帶上打出的點跡均勻分布，故B錯誤；C．為了使沙和沙桶重力近似等于繩的拉力，實驗時沙和沙桶的總質(zhì)量應遠小于小車的質(zhì)量，故C錯誤；D．平衡摩擦力時有可知，該過程與小車質(zhì)量無關，可知，通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力，故D正確。故選AD?！拘?解析】由于相鄰計數(shù)點之間有四個點跡，則斜率計數(shù)點之間的時間間隔勻變速直線運動全程平均速度等于中間時刻的瞬時速度，則有根據(jù)逐差法可知，加速度【小問3解析】對甲、乙分別進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有，則有，結合圖像可知，甲圖像的斜率與縱軸截距的絕對值均比乙大，可知小于，大于。13.如圖，質(zhì)量的木箱靜止于水平地面上，用大小為480N、方向與水平方向成的斜向下推力F推木箱，使木箱做勻加速直線運動，5s末撤去F。木箱與地面間的動摩擦因數(shù)，不計空氣阻力，g取，，，求：（1）5s末木箱的速度大??；（2）撤去推力后木箱還能運動多遠。【答案】（1）5m/s；（2）2.5m【解析】（1）對木箱，豎直方向平衡，則水平方向，由牛頓第二定律可得解得5s末木箱的速度大小為（2）撤去推力后木箱做勻減速直線運動直到停止，此過程加速度大小為撤去推力后木箱運動的距離為14.如圖所示，質(zhì)量的木板靜止在粗糙的水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)，在木板的左端放置一個質(zhì)量、大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)，取，試求：（1）若在鐵塊的右端施加一個大小為的拉力，求鐵塊受到的摩擦力大??；（2）若在鐵塊的右端施加一個大小為的拉力，求鐵塊受到的摩擦力大??；（3）若木板長，在鐵塊上加一個水平向右的恒力，經(jīng)過多長時間鐵塊運動到木板的右端？【答案】（1）1N；（2）3.5N；（3）1s【解析】（1）由題意可知，鐵塊與木板間的最大靜摩擦力為木板與地面間的最大靜摩擦力為若在鐵塊的右端施加一個大小為的拉力，則有可知鐵塊處于靜止狀態(tài)，由平衡條件可知鐵塊受到的摩擦力大小為1N。（2）若在鐵塊的右端施加一個大小為的拉力，可知又有可知此時鐵塊和木板一塊做加速運動，對鐵塊和木板為整體，由牛頓第二定律可得解得對鐵塊，設鐵塊受摩擦力為Ff，由牛頓第二定律可得解得鐵塊受到的摩擦力大小為3.5N（3）若木板長，在鐵塊上加一個水平向右的恒力時，對鐵塊由牛頓第二定律可得對木板由牛頓第二定律可得又有聯(lián)立解得15.如圖甲所示為一皮帶傳送裝置，皮帶逆時針方向勻速傳動，物體由靜止放到皮帶頂端，被皮帶向下傳送，其在傳送帶上運動的v-t圖象如圖乙所示（圖中只畫出一部分），。求：（1）皮帶勻速運動的速度大?。唬?）皮帶與水平面間的夾角θ及貨物與皮帶之間的動摩擦因數(shù)μ；（3）如果貨物是用麻袋裝載的石灰粉，當?shù)谝患浳锉贿\送后，發(fā)現(xiàn)皮帶上留有一段9.0m長的白色痕跡，請由此推出該件貨物的傳送時間和傳送距離?！敬鸢浮浚?）8m/s（2），（3）4s，37m【解析】小問1解析】開始物塊受到傳送帶對其摩擦力沿傳送帶向下，1s后沿傳送帶向上，根據(jù)圖象可以知道，皮帶的速度為8.0m/s?！拘?解析】由貨物運動的v-t圖