江蘇省常州市2024-2025學年高二上學期10月月考物理試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGE2025學年江蘇省常州市高二（上）月考物理試卷一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.我國天津地標之一“天津之眼”是世界上唯一一個橋上瞰景摩天輪．摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內做軌道半徑為R、角速度為ω的勻速圓周運動，已知當地重力加速度為g，質量為m的乘客從最高點運動到最低點過程中，重力的沖量大小為A.0 B. C. D.【答案】D【解析】乘客從最高點運動到最低點過程中經過的時間為，則重力的沖量：；A.0，與結論不相符，選項A錯誤；B，與結論不相符，選項B錯誤；C.，與結論不相符，選項D錯誤；D.，與結論相符，選項D正確；2.如圖所示，是將滑動變阻器作分壓器用的電路，A、B為分壓器的輸出端，R是電阻，電源電壓為U保持恒定。如果滑動片P位于變阻器的中央，下列判斷正確的是（）A.輸出端的電壓大于B.輸出端的電壓等于C.滑動片P向上移動，輸出電壓增大D.負載電阻R的阻值越大，輸出電壓越小【答案】C【解析】AB．由電路可知，電阻R與滑動變阻器的下半部分并聯，并聯后再與上半部分串聯，由并聯電路特點可知，并聯部分的電阻小于滑動變阻器電阻的一半，再由串聯電路特點可知，輸出端的電壓即為并聯部分的電壓小于，故AB錯誤；C．滑動片P向上移動，并聯部分的電阻變大，由串聯電路特點可知，輸出電壓增大，故C正確；D．負載電阻R的阻值越大，并聯部分的電阻越大，由串聯電路特點可知，輸出電壓越大，故D錯誤。故選C。3.質量為m的人站在質量為M、長為5米的靜止小船的右端，小船的左端靠在岸邊（如圖所示），當他向左走到船的左端時，船左端離岸的距離是1米，則（）A.M=2m B.M=3m C.M=4m D.M=5m【答案】C【解析】設人、船位移大小分別為l1、l2以人的速度方向為正方向，由動量守恒定律得兩邊同乘時間t得則而解得故選C。4.舞中幡是中國傳承千年的雜技項目之一，在拋中幡表演中，雜技演員站在地上，將幡從胸口處豎直向上拋起，后，在自己的胸口處開始接幡，并下蹲緩沖，經過，將幡接穩(wěn)在手中。若一根中幡質量約為20kg，重力加速度。假設忽略幡運動過程中所受的空氣阻力，雜技演員接幡過程中，幡對手的平均作用力為（）A.300N B.500N C.600N D.800N【答案】B【解析】中幡豎直向上拋起，后在胸口處接住，根據豎直上拋的對稱性，中幡下落到胸口的時間為，則接幡時幡的速度根據動量定理，規(guī)定豎直向下為正方向，則有解得手對幡的平均作用力為方向豎直向上；根據牛頓第三定律，幡對手的平均作用力為500N。故選B。5.如圖是勞動者拋沙袋入車的情境圖。一排人站在平直的軌道旁，分別標記為1，2，3……已知車的質量為40kg，每個沙袋質量為5kg。當車經過一人身旁時，此人將一個沙袋沿與車前進相反的方向以4m/s投入到車內，沙袋與車瞬間就獲得共同速度。已知車原來的速度大小為10m/s，當車停止運動時，一共拋入的沙袋有（）A.20個 B.25個 C.30個 D.40個【答案】A【解析】設一共拋入n個沙袋，這些沙袋拋入車的過程，滿足動量守恒，可得解得即拋入20個沙袋，車恰好停止運動。故選A。6.如圖為丁俊暉正在準備擊球，設丁俊暉在某一桿擊球過程中，白色球（主球）和花色球碰撞前后都在同一直線上運動，碰前白色球A的動量pA=5kg·m/s，花色球B靜止，碰后花色球B的動量變?yōu)閜'B=4kg·m/s，則兩球質量mA與mB間的關系可能是（）A.mB=mA B.mB=mAC.mB=mA D.mB=6mA【答案】A【解析】由題，由動量守恒定律得pA+pB=pA′+pB′得pA′=1kg?m/sP根據碰撞過程總動能不增加，則有代入解得碰后，兩球同向運動，A的速度不大于B的速度，則解得mB≤4mA綜上得故選A。A.硅光電池的內阻為B.硅光電池的總功率為C.硅光電池的內阻消耗的熱功率為D.若將R換成阻值更大的電阻，硅光電池的輸出功率增大【答案】C【解析】A．根據閉合電路歐姆定律，有當時，有即圖線a的縱截距表示電源的電動勢，故硅光電池的電動勢為根據兩圖線交點處的狀態(tài)可知，將它們組成閉合回路時，則硅光電池的內阻為故A錯誤；B．硅光電池的總功率為故B錯誤；C．硅光電池的內阻消耗的熱功率為故C正確；D．若將R換成阻值更大的電阻，電路中電阻兩端的電壓變大，但電流變小，硅光電池的輸出功率不一定增大，故D錯誤。故選C。8.如圖所示的電路中，R1、R2、R3為阻值相同的電阻，C為電容器，電源的電動勢為E，內阻為r。先將電鍵S閉合，電路穩(wěn)定后，流過電源的電流為I1，電源的效率為η1，電容器的帶電量為Q1；再將S斷開，電路穩(wěn)定后，流過電源的電流為I2，電源的效率為η2，電容器的帶電量為Q2，則下列說法正確的是（）A.I1<I2B.η1>η2C.Q1>Q2D.S斷開后，通過電阻R3的電荷量為Q1+Q2【答案】D【解析】A．設三個相同的電阻為，電鍵S閉合，電路如圖通過電源的電流S斷開，電路如圖通過電源的電流所以，，A錯誤；B．電鍵S閉合，電源效率S斷開，電源效率所以，，B錯誤；C．電鍵S閉合，電容器的兩端的電壓等于電阻兩短的電壓電容器的帶電量S斷開，電容器的兩端的電壓等于電阻兩端的電壓電容器的帶電量分析可得，C錯誤；D．電鍵S閉合，給電容器充電，電容器下極板帶正電，上極板帶負電，電容器充電電量為，S斷開后，電容器首先放電，通過的電荷量為，然后再給電容器充電，充電量為，則流過電荷量為D正確。故選D。9.在如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P從最頂端向下滑動時（）A.電壓表V的示數先變大后變小B.電流表A的示數先變小后變大C.電壓表V的示數先變小后變大D.電流表A的示數先變大后變小【答案】A【解析】由圖可知，滑動變阻器上、下部分電阻并聯后與R串聯；電壓表測量電源兩端的電壓；電流表測量變阻器下部分的電流。設滑動變阻器中P以上部分的電阻為

，滑動變阻器的總阻值為，則變阻器在電路中的總阻值當時，最大，P從最頂端向下滑動時，回路中的總電阻先增大，后減小，則路端電壓先增大后減小，所以電壓V的示數先變大后變小。當P滑向中點時，增大，外電阻總電阻增大，總電流I減小，路端電壓增大，減小，變阻器的電壓增大，而下部分的電阻減小，所以電流表A的示數變大。當P滑過中點后，減小，外電阻總電阻減小，總電流I增大，路端電壓減小，增大，則變阻器的電壓減小，而上部分的電阻增大，則通過變阻器上部分的電流減小，所以電流表A的示數變大，故A正確，BCD錯誤；故選A。10.如圖所示，在光滑水平面上有質量為3m的小球A和質量為5m的小球B通過輕彈簧拴接并處于靜止狀態(tài)，質量也為5m的小球C以速度水平向左勻速運動并與B發(fā)生彈性碰撞。已知在小球A的左邊某處（圖中未畫出）固定有一彈性擋板（指小球與擋板碰撞時不計機械能損失），且當小球A與擋板發(fā)生正碰后立即撤去擋板，碰撞時間極短。則小球A與擋板碰撞后的運動過程中，彈簧彈性勢能的最大值不可能是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】由于C球質量與B球質相等，發(fā)生彈性碰撞會交換速度，即碰后C球靜止。A、B開始向左運動后，開始階段B減速A加速，若當時，A與擋板相碰后反向，由動量守恒可知，A、B總動量為0，根據能量守恒定律，當A、B速度同時為零時刻，此時彈簧彈性勢能在此種情況下最大，為當彈簧第二次回到原長時，，若此時正好與擋板相接觸，之后彈簧壓縮至最短，最短時彈簧彈性勢能在此種情況下最大，根據動量守恒解得在這兩者區(qū)間取值均可，故ACD可能，B不可能。由于本題選不可能的，故選B。11.如圖甲所示，一塊長度為L、質量為m的木塊靜止在光滑水平面上．一顆質量也為m的子彈以水平速度v0射入木塊．當子彈剛射穿木塊時，木塊向前移動的距離為s（圖乙）．設子彈穿過木塊的過程中受到的阻力恒定不變，子彈可視為質點．則子彈穿過木塊的時間為（）A. B.C. D.【答案】D【解析】以子彈與木塊組成的系統(tǒng)為研究對象，滿足動量守恒定律，分別對子彈和木塊列動能定理表達式，再對木塊列動量定理表達式，聯立可求解.子彈穿過木塊過程，對子彈和木塊的系統(tǒng)，外力之和為零動量守恒，有：，設子彈穿過木塊的過程所受阻力為f，對子彈由動能定理：，由動量定理：，對木塊由動能定理：，由動量定理：，聯立解得：；故選D.二、實驗題：本大題共1小題，共15分。12.某同學利用一個多用電表（表盤如圖乙所示）測量一個內阻約、滿偏電流的電流表的內阻，主要步驟如下：（1）歐姆擋的選擇開關撥至倍率_______（填“×1”“×10”或“×100”）擋，先將紅、黑表筆短接調零后，將多用電表中“黑表筆”接到電流表_______（填“A”或“B”）接線柱上，“紅表筆”接另一個接線柱；（2）多用電表表盤中的指針和電流表表盤指針所指位置如圖乙、丙所示，該同學讀出歐姆表的讀數為_______Ω，這時電流表的讀數為_______mA；（3）測量結束后，將選擇開關撥到OFF擋；（4）通過進一步分析還可得到多用電表內部電池的電動勢為_______V。【答案】（1）×10B（2）12040（4）10.8【解析】（1）[1][2]當歐姆表的指針指在中間位置附近時，測量值較為準確，故選擇“×10”擋較好；多用電表的黑表筆與內部電源正極連接，與外電路形成閉合回路后，電流從黑表筆流出，紅表筆流進，而電流表接入電路要注意“+”進“-”出，故應使電流從B（+）接線柱流入。（2）[3][4]歐姆表讀數等于表盤刻度值×倍率，即歐姆表的讀數為120Ω；電流表的量程是0~100mA，分度值為2mA，則示數為40mA。（4）[5]由題圖乙可知表盤中間刻度為15，又選擇倍率為“×10”擋，所以此時多用電表的中值電阻為150Ω，根據得。三、簡答題：本大題共1小題，共9分。13.超市為節(jié)省收納空間，常常將手推購物車相互嵌套進行收納。質量均為m=16kg的兩輛購物車相距靜止在水平面上。第一輛車在工作人員猛推一下后，沿直線運動與第二輛車嵌套在一起，繼續(xù)運動了后停了下來。人推車時間、兩車相碰時間極短，可忽略，車運動時受到的阻力恒為車重的k=0.25倍，重力加速度取，求：（1）兩輛車從嵌套后運動到停下來所用時間；（2）兩輛車在嵌套過程中損失的機械能；（3）工人對第一輛車所做的功?！敬鸢浮浚?）1s；（2）；（3）240J【解析】（1）對整體，由牛頓第二定律解得逆向過程得t=1s（2）嵌套后，對整體得嵌套過程中得在嵌套過程中損失的機械能解得（3）對小車解得W=240J四、計算題：本大題共3小題，共32分。14.如圖所示，某吊扇正常工作時扇葉附近向下排風的風速為v=14.0m/s，排風量為Q=0.2m3/s，已知空氣平均密度ρ=1.3kg/m3，電機內阻R=496Ω，請根據圖中吊扇的工作參數求吊扇正常工作時：（1）電機的輸出功率P出；（2）吊扇對空氣向下的平均作用力F?！敬鸢浮浚?）24W；（2）3.64N【解析】（1）正常工作時，電流電機的輸出功率為P出=P-I2R=55W-0.252×496W=24W（2）對空氣，由動量定理FΔt=Δmv-0=ρQΔtv-0代入數據解得F=3.64N15.已知某花炮發(fā)射器能在t1＝0.2s的時間內將花炮豎直向上發(fā)射出去，花炮的質量為m＝1kg、射出的最大高度與發(fā)射器之間的距離為h＝180m，且花炮剛好在最高點爆炸為兩塊物塊，假設爆炸前后花炮的質量不變，經過一段時間炸開的兩塊物塊同時落地。忽略一切阻力及發(fā)射器大小，重力加速度g＝10m/s2。（1）求花炮發(fā)射器發(fā)射花炮時，對花炮產生的平均作用力的大小。（2）如果爆炸時產生的兩塊物塊的速度均沿水平方向，落地時兩個落地點之間的距離為s＝900m且兩物塊的速度互相垂直，求兩物塊的質量。（3）求花炮內炸藥的化學能?！敬鸢浮浚?）310N；（2）0.2kg，0.8kg；（3）1800J【解析】（1）花炮射出后做豎直上拋運動，設其運動至h＝180m高空用時為t，由豎直上拋運動的規(guī)律知h＝gt2代入數據解得t＝6s設在發(fā)射時間t1＝0.2s內，發(fā)射器對花炮平均作用力大小為F，對花炮從發(fā)射到運動至h＝180m高空的整個過程，運用動量定理有Ft1－mg（t＋t1）＝0代入數據解得F＝310N（2）設花炮在最高點爆炸時炸裂成質量為m1、m2的兩塊物塊，其對應水平速度大小分別為v1、v2，方向相反花炮爆炸時在水平方向所受合外力為零，由動量守恒定律有m1v1－m2v2＝0且有m1＋m2＝m由平拋運動的規(guī)律和題目中所給信息有（v1＋v2）t＝900m設炸開的兩物塊落地時豎直方向的速度為vy，因落地時兩物塊的速度相互垂直，如圖所示，則有代入數據解得m1=0.2kgm2=0.8kgv1=120m/sv2=30m/s或者m1=0.8kgm2=0.2kgv1=30m/sv2=120m/s（3）花炮在最高點爆炸前后由能量守恒定律可得炸藥產生的化學能E＝m1v12＋m2v22＝1800J16.如圖所示，固定的光滑平臺上固定有光滑的半圓軌道，軌道半徑R=0.6m，平臺上靜止放置著兩個滑塊A、B，mA=0.1kg，mB=0.2kg，兩滑塊間夾有少量炸藥，平臺右側有一帶擋板的小車，靜止在光滑的水平地面上。小車質量為M=0.3kg，車面與平臺的臺面等高，小車的上表面的右側固定一根輕彈簧，彈簧的自由端在Q點，小車的上表面左端點P與Q點之間是粗糙的，PQ間距離為L，滑塊B與PQ之間的動摩擦因數為μ=0.2，Q點右側表面是光滑的。點燃炸藥后，A、B分離瞬間A滑塊獲得向左的速度vA=6m/s，而滑塊B則