貴州省遵義第二教育集團(tuán)2023-2024學(xué)年高考物理押題試卷含解析

貴州省遵義第二教育集團(tuán)2023?2024學(xué)年高考物理押題試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、已知無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線周圍某一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8的表達(dá)式：8二智",其中八）是該點(diǎn)到通電直導(dǎo)線的距離，/

2環(huán)

為電流強(qiáng)度，〃。為比例系數(shù)（單位為N/A?）.試推斷，一個(gè)半徑為K的圓環(huán)，當(dāng)通過的電流為/時(shí)，其軸線上距圓心

O點(diǎn)為氣處的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)為（）

入瓜

2(…產(chǎn)

氏1R?雨/

C,2(人的%

2、如圖所示，在光滑水平桌面上有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的正方形導(dǎo)線框，在導(dǎo)線框右側(cè)有一寬度為d（d>L）的條

形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的邊界與導(dǎo)線框的一邊平行，磁場(chǎng)方向豎直向下。導(dǎo)線框以某一初速度向右運(yùn)動(dòng)，U0時(shí)導(dǎo)線框

的右邊恰與磁場(chǎng)的左邊界重合，并以此位置開始計(jì)時(shí)做為導(dǎo)線框位移x■的起點(diǎn)，隨后導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，直至導(dǎo)線

框的右邊與磁場(chǎng)區(qū)域右邊界重合。下列圖象中，可能正確描述上述過程的是（其中《表示流經(jīng)線框的電荷量，了表示

線框的瞬時(shí)速度）（）

XXXX

LXxX,K

□一XX

XXXX；

人

3、一物塊的初速為PO,初動(dòng)能為&o,沿固定斜面（粗糙程度處處相同）向上滑動(dòng)，然后滑回到原處。此過程中，物

塊的動(dòng)能&與位移x,速度丫與時(shí)間，的關(guān)系圖像正確的是（）

4、如圖所示，將一交流發(fā)電機(jī)的矩形線圈"cd通過理想變壓器外接電阻K=5Q,已知線圈邊長(zhǎng)。加cd=0.1m,ad=hc

=0.2m,匝數(shù)為50匝，線圈電阻不計(jì)，理想交流電壓表接在原線圈兩端，變壓器原副線圈匝數(shù)比〃I：〃2=I：3,線圈

在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直磁場(chǎng)的虛線軸以,”=200rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則（）

A.從圖示位置開始計(jì)時(shí)，線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的關(guān)系式為e=40sin200/（V）

B.交流電壓表的示數(shù)為20&V

C.電阻R上消耗的電動(dòng)率為720W

D.電流經(jīng)過變壓器后頻率變?yōu)樵瓉淼?倍

5、如圖所示，矩形線圈處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈通過電刷與定值電阻R及理

想電流表相連接，線圈繞中心軸線以恒定的角速度G勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，U0時(shí)刻線圈位于與磁場(chǎng)平行的位置。已知線

圈的匝數(shù)為〃、面積為S、阻值為，,則下列說法正確的是（）

A.r=0時(shí)刻流過電阻R的電流方向向左

B.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為e=〃BSosina

C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，電阻R兩端的電壓為遐也

R+r

nBScoR

D.從UO時(shí)刻起，線圈轉(zhuǎn)過60。時(shí)電阻R兩端的電壓為2（H+,）

6、如圖所示，圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，打有小孔的小球穿過圓環(huán).細(xì)繩a的一端固定在圓環(huán)的A點(diǎn)，細(xì)繩b的一端

固定在小球上，兩繩的聯(lián)結(jié)點(diǎn)O懸掛著一重物，O點(diǎn)正好處于圓心.現(xiàn)將小球從B點(diǎn)緩慢移到W點(diǎn)，在這一過程中,

小球和重物均保持靜止.則在此過程中繩。的拉力（）

A.一直增大

B.一直減小

C.先增大后減小

D.先減小后增大

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、如圖所示，下雨天，足球運(yùn)動(dòng)員在球場(chǎng)上奔跑時(shí)容易滑倒，設(shè)他的支撐腳對(duì)地面的作用力為產(chǎn)，方向與豎直方向的

夾角為。，鞋底與球場(chǎng)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，下面對(duì)該過程的分析正確的是（）

A.下雨天，動(dòng)摩擦因數(shù)"變小，最大靜摩擦力增大

B.奔跑步幅越大，越容易滑倒

C.當(dāng)〃<tan。時(shí)，容易滑倒

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某小組要測(cè)量一電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。供使用的實(shí)驗(yàn)器材有：量程為0~0.6A電阻不計(jì)的電流表一只；阻

值均為6Q的定值電阻三只；開關(guān)S及導(dǎo)線若干。根據(jù)實(shí)驗(yàn)器材，同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)出如圖甲所示的電路圖，其主要實(shí)驗(yàn)操

作步驟如下：

⑴三個(gè)6Q的電阻通過串、并聯(lián)等不同的組合方式可以得到七個(gè)不同阻值的電阻R,表中己列出H的不同阻值。

⑵把不同組合方式得到的電阻R分別接入圖甲所示電路的之間，可測(cè)得七組電阻R對(duì)應(yīng)電流I的數(shù)據(jù)如下表。

（3）以:縱坐標(biāo)、K為橫坐標(biāo)，根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙坐標(biāo)紙上作出｝-R圖像o

（4）根據(jù)圖像求出電源的電動(dòng)勢(shì)￡=V；內(nèi)阻廠Q。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

1234567

項(xiàng)

R/tl234691218

UK0.590.500.430.330.240.200.14

1/A-*

1.692.002.333.034.175.007.14

/

⑸該小組利用此電路測(cè)量一未知電阻人的阻值。把未知電阻人接入電路MN間，電流表的讀數(shù)為0.25A,可得待測(cè)

電阻的阻值為。。（保留兩位有效數(shù)字）

12.（12分）如圖甲所示的一黑箱裝置、盒內(nèi)有電源、電阻等元件，。、力為黑箱的兩個(gè)輸出端

丙

A.用多用電表的電壓檔測(cè)量。、力間的輸出電壓

B.用多用電表的電阻檔測(cè)量。、8間的電阻

你認(rèn)為這個(gè)同學(xué)以上測(cè)量中有不妥的有(選填字母)；

(2)含有電源的黑箱相當(dāng)于一個(gè)“等效電源%。、力是等效電源的兩級(jí)，為了測(cè)定這個(gè)等效電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，該

同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖乙所示的電路，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄下電壓表和電流表的示數(shù)，并在如圖所示的方格紙上建立

坐標(biāo)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出了坐標(biāo)點(diǎn)，如圖所示，并由圖求出等效電源的內(nèi)阻,=_。；由于電壓表有分流的作用，采

用此測(cè)量電路，測(cè)得的等效電源的內(nèi)阻，與真實(shí)值相比—(選填“偏大”、“偏小”或“不變”)；

(3)現(xiàn)探明黑箱中的電源和電阻如圖丙所示，探出電阻扣=1.5。、W=2。；推算出黑箱內(nèi)電源的電動(dòng)勢(shì)E=-V,內(nèi)

阻r=C

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)靜止在水平地面上的兩小物塊A、B,質(zhì)量分別為〃1.0kg,=4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微

型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離如圖所示，某時(shí)刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物

塊獲得的動(dòng)能之和為d=100」，釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運(yùn)動(dòng)。A、B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為

4=0.20,重力加速度取g=10m/s2,A、B運(yùn)動(dòng)過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短。

(I)求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大?。?/p>

(2)物塊A、B中的哪一個(gè)先停止？該物塊剛停止時(shí)A與B之間的距離是多少？

(3)A和B能否再次發(fā)生碰撞？若不能，說明理由；若能，試計(jì)算碰后的速度大小。

14-分)如圖所示'半徑未知的;光滑圓弧4°與傾角為37。的斜面在"點(diǎn)連接,〃點(diǎn)的切線水平。斜面"C長(zhǎng)為

L=0.3m。整個(gè)裝置位于同一豎直面內(nèi)?，F(xiàn)讓一個(gè)質(zhì)量為m的小球從圓弧的端點(diǎn)4由靜止釋放，小球通過8點(diǎn)后恰好

落在斜面底端C點(diǎn)處。不計(jì)空氣阻力。(g取10m/s2)

(1)求圓弧的軌道半徑;

⑵若在圓弧最低點(diǎn)B處放置一塊質(zhì)量為小的膠泥后，小球仍從A點(diǎn)由靜止釋放，粘合后整體落在斜面上的某點(diǎn)4

若將膠泥換成3m重復(fù)上面的過程，求前后兩次粘合體在斜面上的落點(diǎn)到斜面頂端的距離之比。

15.(12分)如圖所示，用質(zhì)量為山，橫截面積為S的活塞在氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，不計(jì)活塞厚度及活塞

和氣缸之間的摩擦。開始時(shí)活塞距氣缸底的高度為〃且氣缸足夠高，氣體溫度為To,外界大氣壓強(qiáng)為尸o,重力加速度

為g，其中，〃二W求：

2g

(i)封閉氣體的壓強(qiáng);

(ii)在活塞上面放置一個(gè)物體，物體的質(zhì)量也為股，再次平衡后，發(fā)現(xiàn)活塞距氣缸底的高度為;九則此時(shí)氣體。的

溫度為多少。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解析】

根據(jù)，B=：'、必）單位為:T?m/A；

2環(huán)

A、等式右邊單位：噂=A/m,左邊單位為T,不同，故A錯(cuò)誤；B、等式右邊單位：（1?他八川】.A二妹,左邊

mm

單位為T,不同，故B錯(cuò)誤；C、等式右邊單位：（T，m/A；m~，A=T,左邊單位為T,相同，故C正確；D、等式右

m

邊單位（「m/A,m2.A=T,左邊單位為「相同，但當(dāng)「。=0時(shí)8=0,顯然不合實(shí)際，故D錯(cuò)誤；故選C.

m

【點(diǎn)睛】本題要采用量綱和特殊值的方法進(jìn)行判斷，即先根據(jù)單位判斷，再結(jié)合I?。取最小值進(jìn)行分析,結(jié)合量綱和特殊

值進(jìn)行判斷是解決物理問題的常見方法.

2、D

【解析】

AB.線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BLv

感應(yīng)電流為

I/

R

線框受到的安培力大小為

F=BIL=^-^-

R

由牛頓第二定律為

F-ma

則有

B2I：V

a=------

mR

在線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，由于y減小，所以〃也減小，則流經(jīng)線框的電荷量

A①Rix

q=---=-----

RR

則qocx,q-x圖象是過原點(diǎn)的直線。根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得：

2_BLM_BLv

"A7"RAt~~iT

因?yàn)閥減小，則圖象切線斜率減??；當(dāng)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，無(wú)感應(yīng)電流，不受安培力，線框做勻速直線運(yùn)動(dòng)，磁

通量不變，故AB錯(cuò)誤；

C.線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過程做加速度減小的變減速運(yùn)動(dòng)，M圖象是曲線，故C錯(cuò)誤；

D.線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過程，根據(jù)動(dòng)量定理得：

-BILt=mv-m\\}

又

-BLvtBLx

q=It=------=------

RR

聯(lián)立整理得

B21}

v=v--------X

0mR

y?x圖象是向下傾斜的直線，線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D正確。

故選D。

3、A

【解析】

AB.設(shè)斜面的傾角為〃，物塊的質(zhì)量為加，根據(jù)動(dòng)能定理可得，上滑過程中

一"zgxsin0-=Ek-Ek0

則

Ek=耳。一Q〃gsine+〃〃7gcose)x

下滑過程中

“zgx'sin9-〃〃?gx'cos=Ek-0

則

Ek=(/??gsin0-〃"?gcos0)V

可知，物塊的動(dòng)能以與位移x是線性關(guān)系，圖像是傾斜的直線，根據(jù)能量守恒定律可得，最后的總動(dòng)能減小，故A

正確，B錯(cuò)誤：

CD.由牛頓第二定律可得，取初速度方向?yàn)檎较?，物塊上滑過程有

-mgsin0—"mgcos0=ma

下滑過程有

-mgsin0+pingcos0=ma

則物塊上滑和下滑過程中加速度方向不變，但大小不同，故CD錯(cuò)誤。

故選A。

4、B

【解析】

A.線圈繞垂直磁場(chǎng)的虛線軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交流電，交變電動(dòng)勢(shì)最大值：

Em=A^5w=50x0.2x0.1x().2x200V=40V

圖示位置為與中性面垂直的位置，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為最大，則從此時(shí)開始計(jì)時(shí)，線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的關(guān)系式

為

e=40cos200/(V)

故A錯(cuò)誤；

B.線圈內(nèi)阻不計(jì)，則電壓表示數(shù)為交變電動(dòng)勢(shì)的有效值

石=冬=2()&

故B正確;

C.根據(jù)變壓比可知，副線圈輸出電壓：

U=&E=60&V

勺

電阻/？上消耗的功率：

U2

p=—=1440W

R

故C錯(cuò)誤；

D.變壓器不會(huì)改變交流電的頻率，故D錯(cuò)誤。

故選：B.

5、D

【解析】

A.，=0時(shí)刻線框與磁場(chǎng)方向平行，即線框的速度與磁場(chǎng)方向垂直，右手定則可知，流過電阻R的電流方向向右，故

A錯(cuò)誤；

B.從與中性面垂直的位置開始計(jì)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，且最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

Em=nBSo)

所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為

e-nBS(D^s(ot(V)

故B錯(cuò)誤；

C.線圈轉(zhuǎn)過的過程中，最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)￡m=〃8S”,則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為

歷

E=-HBSM

2

因此電阻R兩端的電壓為

\[lnBS(oR

U=----........—

2(/?+r)

故C錯(cuò)誤；

D.線曲從U0開始轉(zhuǎn)過60。時(shí)，電阻R兩端的電壓為

nBScocos60-RnBS①R

RR+r2(/?+r)

故D正確。

故選D。

6、A

【解析】

對(duì)聯(lián)結(jié)點(diǎn)。進(jìn)行受力分析，受三個(gè)拉力保持平衡，動(dòng)態(tài)三角形如圖所示:

可知小球從△點(diǎn)緩慢移到配點(diǎn)過程中，繩a的拉力乃逐漸變大，故A正確，BCD錯(cuò)誤.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、BC

【解析】

A.下雨天，地面變光滑，動(dòng)摩擦因數(shù)〃變小，最大靜摩擦力減小，故A錯(cuò)誤；

B.將力"分解，腳對(duì)地面的壓力為Pcos”,奔跑幅度越大，夾角〃越大，則壓力越小，最大靜摩擦力越小，人越容

易滑倒，故R正確；

CD.當(dāng)

FsinO>/iFcosO

時(shí)人容易滑倒，此時(shí)

4Vtan。

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC.

8、BDE

【解析】

A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體、氣體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，所以只能發(fā)生在液體和氣體中，故A錯(cuò)誤；

B.擴(kuò)散現(xiàn)象是兩種物質(zhì)的分子相互進(jìn)入對(duì)方，可在固、液、氣三種物質(zhì)中任兩種中發(fā)生，故B正確；

C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，隨分子間的距離增大，分子力先增后減，但分子勢(shì)能一直增大，故C錯(cuò)誤；

D.液晶分子在特定的方向排列比較整齊，具有各向異性，但分子排列不穩(wěn)定，外界條件的微小變化都會(huì)引起液晶分

子排列的變化，從而改變液晶的某些性質(zhì)，如溫度、壓力和外加電壓等的變化，都會(huì)引起液晶光學(xué)性質(zhì)的變化，故D

正確；

E.單晶體的物理性質(zhì)是各向異性，多晶體和非晶體的物理性質(zhì)是各向同性，故E正確。

故選BDEo

9、AC

【解析】

A.副線招的總電流即A2的示數(shù)為〃=0.4A,由理想變壓器兩端的電流比等于匝數(shù)的反比，可得

I.=-/.=-x0.4A=0.08A

1n,-5

即電流表Ai的示數(shù)為0.08A,故A正確；

BC.變壓器的輸入電壓的有效值為U=110V,根據(jù)全電路的能量守恒定律有

見=6+24

而指示燈L的額定功率是燈泡A的］,即

P=—

L5

聯(lián)立解得

R=4W,P1=0.8W

由電功率

可得

Ur.\=20V

故B錯(cuò)誤，C正確；

D.對(duì)原線圈電路由=?+可得原線圈的輸入功率

P入=CZZ,-^=(8.8-0.8)W=8W

故D錯(cuò)誤。

故選AC,

10>AC

【解析】

A.Q剛放上P瞬間，彈簧彈力不變，仍為mg,故根據(jù)牛頓第二定理可知，它們的加速度

八整二

2m2

故A正確；

B.4時(shí)刻P、Q速度第一次達(dá)到最大，此時(shí)P、Q整體合力為零，此時(shí)彈簧彈力

F—2〃7g

故OF時(shí)間內(nèi)彈簧彈力小于2,心，故07時(shí)間內(nèi)彈簧彈力的沖量小于故B錯(cuò)誤；

C.07時(shí)間內(nèi)整體向下的加速度逐漸減小到零，對(duì)Q有

mg-N=ma

故P對(duì)Q的支持力N不斷增大，故C正確；

D.打時(shí)刻，P、Q第一次下降到最低點(diǎn)，動(dòng)能為零，故根據(jù)機(jī)械能守恒可知，0~勿時(shí)間內(nèi)P、Q的重力勢(shì)能和彈簧彈

性勢(shì)能的總和先減小再增大，故D錯(cuò)誤。

故選AC,

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

2.9(2.7?3.1)2.9(2.7?3.1)8.8(8.4?9.2)

(3)[1]通過描點(diǎn)作圖作出;-R圖像

⑷⑵網(wǎng)根據(jù)閉合電路歐姆定律E=/(K+r),得:

—1=—RI-r

IEE

結(jié)合圖像可知

1,7.1-1r,

——=k=-----；—=1

E18E

解得：

E=2.95V,r=2.95Q

⑸[4]根據(jù)分析可知

E

R=--r=8.85Q

'I

12、B1.0偏小3.00.5

【解析】

(1)”]用歐姆擋不能直接測(cè)量帶電源電路的電阻，故填嘰

(2)(21根據(jù)電源的UU圖像縱軸的截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示電源的內(nèi)阻，可得等效電源的電動(dòng)勢(shì)為

E=1.5V

內(nèi)阻

\U1.5-L0

Q=1.0Q

0.50

13J該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差主要是由電壓表的分流，導(dǎo)致電流表測(cè)量的電流小于通過電源的真實(shí)電流；利用等效電源分析,

即可將電壓表與黑箱看成新的等效電源，則實(shí)驗(yàn)中測(cè)出的內(nèi)阻應(yīng)為原等效電源內(nèi)阻和電壓表內(nèi)阻并聯(lián)的等效電阻，所

以測(cè)得的內(nèi)阻與真實(shí)值相比偏小C

(3)[4][5]等效電源的電動(dòng)勢(shì)為丙圖中而兩端的電壓，故

E=-------------E

凡+R?+r

等效電源的內(nèi)阻為丙圖中虛線框內(nèi)的總電阻，故

111

-r=-----1-------------

rR2+/-

解得

E=3.0V

r=0.5Q

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)4.0ni/s,l.()ni/s；(2)B,0.50m；(3)不能，見解析

【解析】

(1)設(shè)彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為乙、小以向右為正，由動(dòng)量守恒定律和題給條件有

h1，1、

&網(wǎng)4〃+2niBVB

聯(lián)立并代入題給數(shù)據(jù)得

vA=4.0m/s

vH=I.Om/s

(2)A、B兩物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，因而兩者滑動(dòng)時(shí)加速度大小相等，設(shè)加速度大小為。，則有

假設(shè)A和B發(fā)生碰撞前，已經(jīng)有一個(gè)物塊停止，此物塊應(yīng)為彈簧釋放后速度較小的B,設(shè)從彈簧釋放到B停止所需時(shí)

間為，，B向左運(yùn)動(dòng)的路程為則有

12

vB-at=O

可得

t=0.5s

xl{=0.25m

在時(shí)間/內(nèi)，A可能與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞后A將向左運(yùn)動(dòng)，碰撞并不改變A的速度大小，所以無(wú)論此碰撞是否發(fā)

生，A在時(shí)間，內(nèi)的路程x八都可表示為

1,

xA=vat--ar=\.75m>\m

這表明在時(shí)間/內(nèi)A已與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時(shí)A位于出發(fā)點(diǎn)右邊0.25m