安徽省合肥市普通高中六校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末聯(lián)考物理試卷

安徽省合肥市普通高中六校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末聯(lián)考物理試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、選擇題：本題共8小題，每小題4分共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1．關(guān)于下列四幅圖理解正確的是（）A．甲圖中干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，則通過電源的電荷量為1C時(shí)，電源內(nèi)非靜電力做功為1.5JB．乙圖中等離子體進(jìn)入上、下極板之間后上極板A帶正電C．丙圖中通過勵(lì)磁線圈的電流越大，電子的運(yùn)動(dòng)徑跡半徑越大D．丁圖中回旋加速器帶電粒子的最大動(dòng)能與加速電壓的大小有關(guān)2．2023年7月10日，經(jīng)國際天文學(xué)聯(lián)合會(huì)小行星命名委員會(huì)批準(zhǔn)，中國科學(xué)院紫金山天文臺(tái)發(fā)現(xiàn)的、國際編號(hào)為381323號(hào)的小行星被命名為“樊錦詩星”。如圖所示，“樊錦詩星”繞日運(yùn)行的橢圓軌道面與地球圓軌道面間的夾角為20.11度，軌道半長軸為3.18天文單位（日地距離為1天文單位），遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽中心距離為4.86天文單位。若只考慮太陽對(duì)行星的引力，下列說法正確的是（）A．“樊錦詩星”繞太陽一圈大約需要2.15年B．“樊錦詩星”繞太陽一圈大約需要3.18年C．“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度與地球的加速度大小之比為1D．“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度與地球的加速度大小之比為13．中國是目前世界上高速鐵路運(yùn)行里程最長的國家，如今高鐵已經(jīng)成為人們主要的跨城出行工具，如圖，高鐵進(jìn)站的過程可近似為勻減速直線運(yùn)動(dòng)，高鐵車頭依次經(jīng)過A、B、C三個(gè)位置，已知AB=BC，測得AB段的平均速度為30m/sA．可以確定高鐵運(yùn)動(dòng)的加速度B．可求出高鐵車頭在AB段和BC段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間C．可求出高鐵車頭經(jīng)過AB段和BC段的時(shí)間之比D．求不出高鐵車頭經(jīng)過A、B、C三個(gè)位置的速度4．如圖所示，中國空軍進(jìn)行飛行表演，飛機(jī)在水平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)觀測發(fā)現(xiàn)飛機(jī)做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，若飛機(jī)的質(zhì)量為m，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A．飛機(jī)受到重力、向心力和空氣對(duì)其的作用力B．空氣對(duì)飛機(jī)作用力的方向豎直向上C．飛機(jī)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小為mD．空氣對(duì)飛機(jī)作用力的大小為m5．如圖所示，一質(zhì)量為M的楔形木塊靜止在水平地面上，它的頂角為90o，兩底角分別為α和β；已知楔形木塊的兩個(gè)斜面是光滑的，與地面之間的接觸面是粗糙的?，F(xiàn)將兩個(gè)質(zhì)量均為m的小木塊輕輕放在兩個(gè)斜面上，讓a、bA．mgsinα-sinβ，Mg+mgC．0，Mg+mg D．mg6．清晨，環(huán)衛(wèi)工人勞作的身影成為城市一道靚麗的風(fēng)景。靜止在城市道路旁的綠化灑水車，由橫截面積為S的水龍頭噴嘴水平噴出水流，水流從噴嘴射出到落地經(jīng)歷的時(shí)間為t，水流落地點(diǎn)和噴嘴的連線與水平地面間的夾角為θ（θ<πA．水流落地時(shí)位移大小為gB．空中水柱的體積為sgC．水流射出噴嘴的速度大小為gtD．水流落地時(shí)的速度大小為2gtcosθ7．在x軸上A、B兩點(diǎn)分別放置兩電荷q1和q2，C為兩電荷中垂線上一點(diǎn)，且AO=BO=CO，在x軸上的電場強(qiáng)度與A．兩電荷為等量異種電荷B．O點(diǎn)電勢(shì)等于0C．從C到O電勢(shì)增加D．電子從C到O運(yùn)動(dòng)過程中電勢(shì)能增大8．如圖所示，閉合開關(guān)，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔI，則下列說法錯(cuò)誤的是（）A．電流表A的示數(shù)增大 B．電壓表V2的示數(shù)增大C．ΔU3與ΔI的比值大于r D．ΔU3大于ΔU2二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。9．如圖所示，質(zhì)量為M的木板靜止在光滑水平面上，木板左端固定一輕質(zhì)擋板，一根輕彈簧左端固定在擋板上，質(zhì)量為m的小物塊從木板最右端以速度v0滑上木板，壓縮彈簧，然后被彈回，運(yùn)動(dòng)到木板最右端時(shí)與木板相對(duì)靜止。已知物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μA．木板先加速再減速，最終做勻速運(yùn)動(dòng)B．整個(gè)過程中彈簧彈性勢(shì)能的最大值為MmC．整個(gè)過程中合力對(duì)小物塊的沖量大小為MmD．彈簧壓縮到最短時(shí)，小物塊到木板最右端的距離為M10．某同學(xué)自制了一個(gè)手搖交流發(fā)電機(jī)，如圖所示。大輪與小輪通過皮帶傳動(dòng)（皮帶不打滑），半徑之比為4：1，小輪與線圈固定在同一轉(zhuǎn)軸上。線圈是由漆包線繞制而成的邊長為L的正方形，共n匝，總阻值為R。磁體間磁場可視為磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場。大輪以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)小輪及線圈繞轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)軸與磁場方向垂直。線圈通過導(dǎo)線、滑環(huán)和電刷連接一個(gè)阻值恒為R的燈泡。假設(shè)發(fā)電時(shí)燈泡能發(fā)光且工作在額定電壓以內(nèi)，下列說法正確的是（）A．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為4ωB．燈泡兩端電壓有效值為3C．若用總長為原來兩倍的相同漆包線重新繞制成邊長仍為L的多匝正方形線圈，則燈泡兩端電壓有效值為4D．若僅將小輪半徑變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則燈泡變得更亮三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共16分，第11題4分，第12題12分。11．某同學(xué)在做“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，使用如圖甲所示的原理圖，其中A為固定橡皮條的圖釘，OA為橡皮條，OB和OC為細(xì)繩，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的示意圖如圖乙所示。（1）本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是（填“控制變量法”、“等效替代法”或“極限法”）。（2）圖乙中，一定與橡皮條在一條直線上的力是（填“F”或“F'”），圖乙四個(gè)力中，不是由彈簧測力計(jì)直接測得的是（填“F1”、“F2（3）某次測量時(shí)彈簧測力計(jì)的示數(shù)如圖丙所示，其示數(shù)為N。12．一段粗細(xì)均勻、中空的圓柱形導(dǎo)體，其橫截面及中空部分橫截面均為圓形，如圖（a）所示。某同學(xué)想測量中空部分的直徑的大小，但由于直徑太小無法直接精準(zhǔn)測量，他設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)進(jìn)行間接測量。該同學(xué)進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)步驟：（1）用螺旋測微器測得這段導(dǎo)體橫截面的直徑D如圖（b）所示.則直徑D的測量值為mm。然后又用游標(biāo)卡尺測得該元件的長度L。（2）用多用電表粗測這段導(dǎo)體兩端面之間的電阻值：該同學(xué)選擇“×100”擋位，用正確的操作步驟測量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大。為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)該選擇擋位（選填“×1k”或“×10”），并重新歐姆調(diào)零，正確操作并讀數(shù)，此時(shí)刻度盤上的指針位置如圖（c）所示，測量值為Ω。（3）設(shè)計(jì)了如圖（d）所示的電路精確測量這段導(dǎo)體兩端面之間的電阻值，除待測導(dǎo)體件RxA.電流表A1（量程為20mA，內(nèi)阻r=25ΩB.電流表A2C.滑動(dòng)變阻器RD.定值電阻RE.定值電阻RF.電源（電動(dòng)勢(shì)E=4.G.開關(guān)S、導(dǎo)線若干根據(jù)以上器材和粗測導(dǎo)體電阻值的情況可知，電路中定值電阻應(yīng)選擇（填器材前面的字母代號(hào)）；為了減小誤差，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭的位置，多測幾組I1、I2的值，作出Rx=（4）該同學(xué)查出這段導(dǎo)體材料的電阻率ρ，則中空部分的直徑大小測量值為（用圖像中數(shù)據(jù)和題設(shè)給出的物理量符號(hào)表示）。四、計(jì)算題：本大題共3小題，共42分。13．戰(zhàn)士拉車胎進(jìn)行100m賽跑訓(xùn)練體能。車胎的質(zhì)量m=8.5kg，戰(zhàn)士拉車胎的繩子與水平方向的夾角為θ=37°，車胎與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.7。某次比賽中，一名戰(zhàn)士拉著車胎從靜止開始全力奔跑，跑出20m達(dá)到最大速度(這一過程可看作勻加速直線運(yùn)動(dòng))，然后以最大速度勻速跑到終點(diǎn)，共用時(shí)15s。重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）戰(zhàn)士加速所用的時(shí)間t1和達(dá)到的最大速度v；（2）戰(zhàn)士勻加速運(yùn)動(dòng)階段對(duì)車胎的拉力F大?。ńY(jié)果保留2位小數(shù)）。14．如圖所示，距離為L的豎直虛線P與Q之間分布著豎直向下的勻強(qiáng)電場，A為虛線P上一點(diǎn)，C為虛線Q上一點(diǎn)，水平虛線CD與CF之間分布著垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，虛線CF與虛線Q之間的夾角θ=30°，質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從A點(diǎn)以水平初速度v0射出，恰好從C點(diǎn)射入磁場，速度與水平方向的夾角也為θ（1）粒子帶何種電荷？電場強(qiáng)度大??；（2）粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑；（3）粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。15．如圖所示，傾角為θ=37°的斜面與圓心為O、半徑R=0.9m的光滑圓弧軌道在B點(diǎn)平滑連接，且固定于豎直平面內(nèi)。斜面上固定一平行于斜面的輕質(zhì)彈簧，現(xiàn)沿斜面緩慢推動(dòng)質(zhì)量為m1=0.8kg的滑塊a使其壓縮彈簧至A處，將滑塊a由靜止釋放，通過D點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)滑塊a的彈力為零。已知A、B之間的距離為L=1.35m，滑塊a與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.（1）求滑塊a在C點(diǎn)對(duì)軌道壓力的大小。（2）求滑塊a整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量。（3）若僅將滑塊a換為質(zhì)量為m2

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、甲圖中干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，則通過電源的電荷量為1C時(shí)，電源內(nèi)非靜電力做功為W=qU=1.5故A正確；

B、乙圖中等離子體進(jìn)入上、下極板之間后，正離子受到向下的洛倫茲力，向下偏，負(fù)離子受到向上的洛倫茲力，向上偏，故上極板A帶負(fù)電，故B錯(cuò)誤；

C、丙圖中通過勵(lì)磁線圈的電流越大，線圈產(chǎn)生的磁場越強(qiáng)，電子運(yùn)動(dòng)半徑公式為R=則半徑越小，故C錯(cuò)誤；

D、由qvm可知E所以旋加速器帶電粒子的最大動(dòng)能與加速電壓的大小無關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)左手定則確定等離子所受洛倫茲力方向，再確定極板所帶電性。勵(lì)磁線圈的電流越大，線圈產(chǎn)生的磁場越強(qiáng)。旋加速器帶電粒子的最大動(dòng)能與加速電壓的大小無關(guān)。2．【答案】C【解析】【解答】AB、根據(jù)開普勒第三定律有r解得T故AB錯(cuò)誤；

CD、根據(jù)牛頓第二定律可得G解得a=可知“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度與地球的加速度大小之比為a故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)開普勒第三定律確定樊錦詩星的運(yùn)行周期，再根據(jù)萬有引力定律及牛頓第二定律確定加速度的大小關(guān)系。3．【答案】C【解析】【解答】D、令A(yù)、B、C三個(gè)位置的速度分別為v1、v2、v3，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度公式有v1+令A(yù)B=BC=x，則全程的平均速度v=則有v解得v1=34m/可知，能夠求出高鐵車頭經(jīng)過A、B，C三個(gè)位置的速度，故D錯(cuò)誤；

AB、根據(jù)上述可知，由于不知道AB與BC的具體數(shù)值，則不能夠求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間的具體數(shù)據(jù)，即不能夠確定高鐵運(yùn)動(dòng)的加速度，故AB錯(cuò)誤；

C、根據(jù)平均速度定義式有vAB=解得t故C正確。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)初末速度與平均速度的關(guān)系確定各位置速度之間的關(guān)系，再根據(jù)平均速度的定義確定AC兩點(diǎn)的速度關(guān)系進(jìn)行分析解答。4．【答案】D【解析】【解答】A、飛機(jī)在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)受到重力和空氣對(duì)其的作用力，故A錯(cuò)誤；

B、空氣對(duì)其的作用力的豎直分力與重力平衡，水平分力提供向心力，故B錯(cuò)誤；

C、飛機(jī)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力為F=m故C錯(cuò)誤；

D、空氣對(duì)飛機(jī)作用力的大小為F故D正確。

故答案為：D。

【分析】向心力是效果力，是各力沿徑向方向的合力。明確飛機(jī)的受力情況，再根據(jù)平衡條件及牛頓第二定律和力的合成與分解進(jìn)行解答。5．【答案】C【解析】【解答】木塊a、b下滑的加速度分別為a1=ga、b的加速度在水平方向上的分量分別為a1x=g又因?yàn)棣?β=90°，所以可知a1x=a2x即系統(tǒng)水平方向加速度為零，故系統(tǒng)水平方向不受外力作用，即楔形木塊對(duì)水平地面的摩擦力大小為0；木塊a、b對(duì)以楔形木塊的壓力分別為N1=mgN1與N2的豎直方向的分量大小分別為N1y=mg因?yàn)棣?β=90°，則N所以地面對(duì)木塊的支持為Mg+mg。故答案為：C?！痉治觥扛鶕?jù)牛頓第二定律確定a、b的加速度大小，再分別將ab的速度進(jìn)行水平分解確定系統(tǒng)在水平方向是否存在加速度，繼而得出地面對(duì)楔形的摩擦力大小。再根據(jù)隔離法結(jié)合平衡條件及牛頓第三定律確定地面對(duì)楔形的支持力大小。6．【答案】B【解析】【解答】A、水流落地時(shí)豎直位移為h=而sin解得水流落地時(shí)位移大小為x=故A錯(cuò)誤；

C、水流射出噴嘴的速度大小為v故C錯(cuò)誤；

B、空中水柱的體積為V=S故B正確；

D、水流落地時(shí)的速度大小為v=故D錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】水柱在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定水柱運(yùn)動(dòng)的位移及噴初速度及落地速度。根據(jù)“液體”柱體化確定控制水柱的體積。7．【答案】C【解析】【解答】A、O點(diǎn)電場方向?yàn)榱?，且AO=BO，可知兩電荷為等量同種電荷，故A錯(cuò)誤；

BC、B點(diǎn)右側(cè)電場方向沿x軸正方向，可知兩電荷為等量正電荷，AB中垂線上的電場方向?yàn)橛蒓點(diǎn)指向無窮遠(yuǎn)，根據(jù)沿電場線方向電勢(shì)逐漸降低可知，由于無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則O點(diǎn)電勢(shì)大于0，從C到O電勢(shì)增加，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、從C到O電勢(shì)增大，根據(jù)負(fù)電荷在高電勢(shì)處電勢(shì)能反而小，電子從C到O運(yùn)動(dòng)過程中電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】熟悉掌握等量同種電荷與等量異種電荷的電場分布情況。沿電場線方向電勢(shì)逐漸降低。負(fù)電荷在高電勢(shì)處，電勢(shì)能小。8．【答案】B【解析】【解答】A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則電流表A的示數(shù)增大，故A正確，不符合題意；

B、因?yàn)楦陕冯娏髟龃?，根究U=E-Ir則路端電壓減小，電壓表V2的示數(shù)減小，故B錯(cuò)誤，符合題意；

C、根據(jù)閉合電路歐姆定律得U所以△U3與△I的比值等于R+r，△U3與△I的比值大于r，故C正確，不符合題意；

D、因?yàn)閁而當(dāng)滑動(dòng)變阻器向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，U2減小，U1增大，則U3減小，所以△U3大于△U2，故D正確，不符合題意。

故答案為：B。

【分析】確定電路的連接方式，明確各電表的測量對(duì)象。再根據(jù)滑動(dòng)變阻器的移動(dòng)情況確定總電阻及總電流、路端電壓的變化情況。再根據(jù)程序法結(jié)合閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)電路規(guī)律進(jìn)行分析。9．【答案】A,B,C【解析】【解答】A、根據(jù)題意可知，小物塊開始相對(duì)于木板向左運(yùn)動(dòng)直到彈簧壓縮到最短過程中，木板向左做加速運(yùn)動(dòng)，彈簧恢復(fù)原長的過程中，開始階段彈簧的彈力大于小物塊與木板間摩擦力，木板繼續(xù)向左做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧的彈力小于小物塊與木板間摩擦力直到小物塊相對(duì)于木板向右滑動(dòng)到木板的最右端過程中，木板向左做減速運(yùn)動(dòng)，最后小物塊與木板共同向左做勻速運(yùn)動(dòng)，故A正確；

BD、彈簧壓縮量最大時(shí)小物塊與木板速度相等，彈簧彈性勢(shì)能最大，小物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律有m從小物塊滑上木板到彈簧壓縮最短過程，由能量守恒定律有1從小物塊滑上木板到小物塊到達(dá)木板最右端過程，由動(dòng)量守恒定律有m由能量守恒定律有1聯(lián)立解得EP=故B正確，D錯(cuò)誤；

C、整個(gè)過程，對(duì)小物塊，由動(dòng)量定理得I故C正確。

故答案為：ABC。

【分析】根據(jù)木板的運(yùn)動(dòng)過程判斷木板的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，木板與物塊共速，此時(shí)彈性勢(shì)能最大。木板與物塊構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒。相對(duì)靜止時(shí)，木板與物塊的速度相等。再根據(jù)動(dòng)量守恒定律及功能關(guān)系和動(dòng)量定理進(jìn)行解答。10．【答案】A,C【解析】【解答】A、大輪和小輪通過皮帶傳動(dòng)，線速度相等，小輪和線圈同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，根據(jù)v=ωr根據(jù)題意可知大輪與小輪半徑之比為4：1，則小輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為4ω，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為4ω，故A正確；

B、線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E又S=聯(lián)立可得E則線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E=根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理可知燈泡兩端電壓有效值為U=故B錯(cuò)誤；

C、若用總長為原來兩倍的相同漆包線重新繞制成邊長仍為L的多匝正方形線圈，則線圈的匝數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E此時(shí)線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E'=根據(jù)電阻定律R'=ρ可知線圈電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，即為2R，根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理可得燈泡兩端電壓有效值U'=故C正確；

D、若僅將小輪半徑變?yōu)樵瓉淼膬杀?，根?jù)v=ωr可知小輪和線圈的角速度變小，根據(jù)E=可知線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值變小，則燈泡變暗，故D錯(cuò)誤。

故答案為：AC。

【分析】皮帶傳動(dòng)模型，切點(diǎn)的線速度大小相等，再根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系確定線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小。再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路的歐姆定律和交變電壓最大值與有效值的關(guān)系進(jìn)行解答。11．【答案】（1）等效替代法（2）F'（3）2.90【解析】【解答】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是等效替代法；

（2）圖中F是利用平行四邊形定則而得，所以F不是由彈簧測力計(jì)直接測得，所以一定與橡皮條在一條直線上的力是F'；

（3）彈簧測力計(jì)的分度值為0.1N，讀數(shù)為2.90N。

【分析】“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是等效替代法，熟悉掌握實(shí)驗(yàn)的操作步驟及實(shí)驗(yàn)要求，讀數(shù)時(shí)注意分度值。12．【答案】（1）4.484-4.487（2）×10；140（3）D；a(（4）D【解析】【解答】（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為4mm，則讀數(shù)為4（2）指針偏轉(zhuǎn)過大，說明所選擋位過大，導(dǎo)致示數(shù)偏小，為了使指針指向中間，應(yīng)選用小擋位，故應(yīng)選×10擋；由圖示表盤可知，其讀數(shù)為14×10=140Ω（3）電流表與定值電阻R2串聯(lián)后所測的最大電壓為U=而電動(dòng)勢(shì)為4.5V，所以定值電阻R2小，應(yīng)選定值電阻R1；由電路圖根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律應(yīng)有I化簡得I根據(jù)圖像可得R（4）根據(jù)電阻定律R其中S=聯(lián)立可得d=【分析】使用歐姆擋時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)過大，說明所選擋位過大，導(dǎo)致示數(shù)偏小，為了使指針指向中間，應(yīng)換用小擋位。根據(jù)歐姆定律及串并聯(lián)電路的規(guī)律，結(jié)合電路圖推導(dǎo)得出圖像的函數(shù)表達(dá)式，再結(jié)合圖像及電阻定律進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。13．【答案】（1）解：勻加速階段位移為x1=v2t勻速階段位移為x2=100-x1=v(15-t1)聯(lián)立解得v=8m/s，t1=5s。（2）解：由速度公式v=at1得a=1.6m/s2車胎受力并正交分解如圖所示。在x方向，F(xiàn)cos37°-Ff=ma在y方向，F(xiàn)N+Fsin37°-mg=0且Ff=μFN代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得F=59.92N【解析】【分析】（1）戰(zhàn)士運(yùn)動(dòng)過程中先做加速運(yùn)動(dòng)后做勻速運(yùn)動(dòng)，兩次運(yùn)動(dòng)的位移之和等于總長度，總時(shí)長等于15s，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律和勻速運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答；

（2）加速階段輪胎和戰(zhàn)士的加速度相等。對(duì)輪胎進(jìn)行受力分析。再根據(jù)平衡條件及牛頓第二定律結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答。14．【答案】（1）解：粒子帶正電帶電粒子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，電場力向下，與電場方向相同，則粒子帶正電；設(shè)帶電粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為